人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)【可编辑打印】

目录电容器带电粒子在电场中的运动

.................................................

1带电粒子在电场中运动的综合问题

...............................................6电路的基本概念和规律

...........................................................

13闭合电路的欧姆定律

..............................................................

16电学实验基础

.......................................................................21机械振动

.............................................................................25机械波

...............................................................................

29光的折射全反射

....................................................................

34光的波动性

..........................................................................38磁场磁场对通电导线的作用力

...................................................42磁场对运动电荷的作用力

........................................................

48带电粒子在复合场中的运动及实际应用

.......................................

55电磁感应现象楞次定律

...........................................................

62法拉第电磁感应定律自感、互感、涡流

.......................................

66电磁感应中的电路与图像问题

...................................................71电磁感应中的动力学、能量与动量问题

.......................................

77交变电流的产生和描述

...........................................................

84变压器电能的输送电磁振荡与电磁波

..........................................

90分子动理论

..........................................................................96气体、固体和液体

.................................................................

99热力学定律

........................................................................

104光电效应波粒二象性

.............................................................108原子结构氢原子光谱

.............................................................112天然放射现象、核反应、核能

.................................................

116人教版

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电容器带电粒子在电场中的运动一

、单项选择题1.熔喷布具有的独特的超细纤维结构增加了单位面积纤维的数量和表面积，使其具备了

很好的过滤性、屏蔽性、绝热性和吸油性，因此熔喷布成为医用口罩及N95

口罩的最核

心的材料。工厂在生产熔喷布时为了实时监控其厚度，通常要在生产流水线上设置如图

所示的传感器，其中A、B

为平行板电容器的上、下两个极板，上下位置均固定，且分别接

在恒压直流电源的两极上，G是灵敏电流计。当熔喷布的厚度变薄导致介电常数变小A.若将A

向左平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有

b→a

的电流B.若将

A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有

b→a

的电流C.若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有

b→a

的电流D.若

S

断开后再将A

向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中无电流4.如图所示，带电粒子由静止开始，经电压为U₁的加速电场加速后，沿垂直电场方向进入

电压为

U₂的平行板电容器，经偏转落在下板的中间位置。为使同样的带电粒子，从同样

的初始位置由静止加速、偏转后能穿出平行板电容器，下列措施可行的是(

)D.有自b

向

a

的电流流过灵敏电流计2.如图所示，A、B

两个带正电的粒子，电荷量分别为qi与qz,质量分别为m₁和mz。

它们

以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，A

粒子打在N板上的A'点，B粒子打在N

板上的B'点，若不计重力，则()3.如图所示，两块较大的金属板A、B

相距为d,平行放置并与一电源相连。开关

S

闭合

后，两板间恰好有一质量为m

、电荷量为q的油滴处于静止状态。以下说法正确的是A.极板间的电场强度变大B.极板上所带的电荷量变小

C.平行板电容器的电容变大人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

A.gi>qi

B.my<m₂时(

)()1—

—A.保持

U₂和平行板间距不变，减小U₁B.保持

U₁和平行板间距不变，增大

U₂C.保持

U₁

、U₂

和下板位置不变，向下平移上板D.保持U₁

、U₂和下板位置不变，向上平移上板二

、多项选择题5.如图所示，平行板电容器与直流电源、理想二极管(正向通电时可以理解为短路，反向通

电时可理解为断路)连接，电源负极接地。初始时电容器不带电，闭合开关，电路稳定后，

一带电油滴位于电容器中的P点且处于静止状态。下列说法正确的是(

)A.上极板上移，带电油滴向下运动B.上极板上移，P

点电势降低C.上极板下移，带电油滴向上运动D.上极板下移，P

点电势升高6.如图所示，在竖直放置的平行金属板

A、B之间加有恒定电压

U,A、B两板的中央留

有小孔O₁

、O₂,在

B

板的右侧有平行于极板的匀强电场

E,电场范围足够大，足够大的感

光板MN

垂直于电场方向固定放置。第一次从小孔O₁

处由静止释放一个质子，第二次

从小孔

O₁处由静止释放一个a粒子，关于这两个粒子的运动，下列判断正确的是(

)A.质子和a

粒子在

O₂处的速度大小之比为1:2B.质子和a粒子在整个过程中运动的时间相等C.质子和a粒子打到感光板上时的动能之比为1:2D.质子和α粒子打到感光板上的位置相同三

、非选择题7.右图为研究电子枪中电子在恒定电场中运动的简化模型示意图。在

O≤x≤1、O≤y≤1

区域内，存在以x轴、y轴及双曲线：界的匀强电场区域

I,电场强度为

E;在-2l≤x≤0、O≤y≤1区域内存在匀强电场区域Ⅱ。

一电荷量大小为e,质量为

m,不计重力的电子从电场区域I

的边界B

点处由静止释放，恰好从N点离开电场区域Ⅱ。人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

(1)求电子通过

C点时的速度大小。(2)求电场区域Ⅱ中的电场强度的大小。(3)试证明:从

AB

曲线上的任一位置由静止释放的电子都能从

N

点离开电场。人教版

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3—

—电容器带电粒子在电场中的运动1.B解析:

因两板间的电势差不变,板间距不变,所以两板间电场强度

E不变,故

A

错误。根据

C可知,

当熔喷布的厚度变薄导致介电常数εr

变小时,

电容器的电容

C变小,再根据

Q=CU可知极板所带电荷量

Q变小,有放电电流从

a

向

b流过灵敏电流计,故

B正确,C

、D错误。2.C解析:设粒子的速度为

v0,

电荷量为

q,质量为

m,加速度为

a,运动的时间为

t,匀强电场的电场强度为

E,则加速度

a,运动时间为

t

,偏转位移为yat2

=,

由于

A粒子的水平位移小,则有

>,但两粒子的电荷量关系和质量关系不能确定,选项

A

、B

、D错误,C正确。3.B解析:若

S

闭合,将

A板左移一小段位移时,

由

E可知,E不变,油滴仍静止,

由于正对面积减小,则导致电容

C减小,再由

Q=CU,可知电容器的电荷量减小,则电容器在放电,

因此

G表中

有

b→a

的电流,故

A错误。将

A板上移一小段位移时,

由

E可知,E变小,油滴向下加速运动,

由

于极板间距增大,则电容

C减小,那么电容器的电荷量减小,则电容器在放电,

因此

G表中有

b→a

的电流,故

B正确。当

A板下移一小段位移时,板间电场强度增大,油滴受的静电力增大,油滴向

上加速运动,

电容

C增大,那么电容器的电荷量增大,则电容器在充电,

因此

G表中有

a→b

的电流,

故

C错误。S断开后再将

A

向下平移一小段位移时,

电容器电荷量不变,则其既不会充电,也不放电,G表中没有电流,根据

E==

,知板间电场强度不变,所以油滴仍处于静止状态,故

D

错误。4.D解析:粒子在电场中加速,有

qU1

02

,在偏转电场中,有

x

=v0t,yat2

t2,解得x2

。保持

U2

和平行板间距不变,减小

U1,则

x减小,选项

A错误。保持

U1

和平行板间距不

变,增大

U2,则

x减小,选项

B错误。保持

U1

、U2

和下板位置不变,

向下平移上板,则

d减小,x减小,

选项

C错误。保持

U1

、U2

和下板位置不变,

向上平移上板,则

d增大,x增大,此措施可行,选项

D正确。5.CD解析:二极管具有单向导电性,

闭合开关后电容器充电,依据电容器电容

C,且

C,那么极板间电场强度

E

,整理得

E

;上极板向上移动,d

变大,

由

C

可知,C

变小,

由于二极管具有单向导电性,

电容器不能放电,

由

E可知电容器两极板间的电场强度不变,油滴保持

不动,下极板与

P点距离不变,

电场强度不变,下极板与

P点的电势差不变,所以

P点电势不变,故A

、B错误。上极板向下移动,d变小,

由

C可知

C变大,

由

Q=CU

可知电容器充电,故两极板间电场强度增大,油滴受静电力向上增大,油滴向上移动,

因电场强度增大,P与下极板间的电势差增大,故

P点电势升高,故

C

、D正确。6.CD解析:根据动能定理有mv2-0=qU,解得

v

,所以质子和α

粒子在

O2

处的速度大小之比

为

2

∶1,A错误。对整个过程用动能定理,设

O2

到

MN板的电势差为

U',有

Ek-0=q(U+U'),所以末动能与电荷量成正比,所以质子和α粒子打到感光板上时的动能之比为

1∶2,C正确。由

O2

到MN板,质子和α粒子都做类平抛运动,

·

t2,水平方向

x

=vt,联立解得

x

=2,所以质子和α粒子打到感光板上的位置相同,D正确。在

A

、B

间

a,质子的加速度大,所以质子运动时间短,进入竖直电场做类平抛运动,质子的水平速度大,又因为质子和α粒子水平位移相等,所

以质子运动时间短,B错误。7.解析:(1)由双曲线y

知

BC

间距离为从

B到

C

由动能定理有

eE=

2-0解得电子通过

C点时的速度大小

vC

。人教版

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—4—(2)电子从

C点进入区域Ⅱ,在区域Ⅱ中做类平抛运动。x轴方向

2l=vCtt2解得区域Ⅱ中的电场强度的大小

E

'

。(3)设电子从AB

曲线上点

P(x,y)进入电场区域Ⅰ,在区域Ⅰ由动能定理有

eEx02-0假设电子能够在区域Ⅱ中一直做类平抛运动且落在

x轴上的

x

'处,则y轴方向y12x轴方向

x

'=v0t1又y即所有从边界

AB

曲线上由静止释放的电子均从

N点射出。答案:(1)

(2)(3)见解析人教版

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—5—A.带电小球在整个运动过程中，小球的机械能先增大后减小B.带电小球在高度ho~hi之间运动过程中，电势能减小C.带电小球在高度hi~hz₂之间运动过程中，机械能减小D.带电小球在h₁和

h₂两个位置受到的库仑力都等于重力2.如图甲所示，M、N

为正对竖直放置的平行金属板，A、B

为两板中线上的两点。当M、

N

板间不加电压时，

一带电小球从A点由静止释放经时间T

到达B

点，此时速度为v。若

两板间加上如图乙所示的交变电压，t=0时，将带电小球仍从A点由静止释放，小球运动过带电粒子在电场中运动的综合问题一

、单项选择题1.如图甲所示，有一固定的正点电荷N,其右侧距离为1处竖直放置一内壁光滑的绝缘圆

筒，圆筒内有一带电小球。将小球从ho高处由静止释放，至小球下落到与N同一水平面的过程中，其动能

Ek随高度h(设小球与点电荷N的竖直高度差为h)的变化曲线如图乙3.如图所示，D是一只二极管，AB是平行板电容器，在电容器两极板间有一带电微粒P

处

于静止状态，在两极板A和

B间的距离增大一些的瞬间(两极板仍平行),带电微粒P

的运甲A.在B

点上方B.恰好到达B点C.速度大于vD.速度小于v人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

A.向下运动B.向上运动C.仍静止不动

D.不能确定程中始终未接触金属板，则

t=T时，小球(所示。下列说法正确的是(

)动情况是(

))甲乙乙6—

—4.带同种电荷的A、B两物块放置在光滑水平面上，A

物块的质量为m,B

物块的质量为mz。A、B两物块紧靠在一起且相互间无电荷交换，释放一段时间后，A、B两物块相距

为d,此时

B物块的速度为v

。A

、B两物块均可看作点电荷，已知两点电荷系统具有的电势能的大小仅与两带电体的电荷量以及距离有关。若A物块质量不变，将B

物块的质

量增大为2mz,A、B

两物块电荷量保持不变，仍从紧靠在一起释放，则释放后A、B

两物6.如图所示，虚线MN

左侧有一电场强度

E₁=E

的匀强电场，在两条平行虚线

MN

和

PQ之

间存在着宽为1、电场强度E₂=2E

的匀强电场，在虚线

PQ右侧距PQ

为

l处有一与电场E₂平行的屏。现有一电子从电场E₁中的A点由静止释放，最后电子打在右侧的屏上，A点到

MN

的距离为lAO

连线与屏垂直，垂足为O,电子电荷量为e、

质量为m,所受的重

力不计，求：二、多项选择题5.如图所示，带电小球自O点由静止释放，经

C

孔进入两水平放置的平行金属板之间，由于电场的作用，下落到

D孔时速度刚好减为零。对于小球从C

到

D

的运动过程，已知从

C运动到CD

中点位置用时ti,从

C运动到速度等于C

点速度一半的位置用时

t,

则下列(1)电子到达MN时的速度大小；(2)电子刚射出电场

E₂

时的速度方向与AO

连线夹角0的正切值

tanθ;

(3)电子打到屏上的点

P

到O点的距离y。人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

A.

小球带负电C.t₁>tz三

、非选择题D.将B板向上平移少许后小球可能从D孔落下块距离为d

时

B

物块的速度为(

)说法正确的是(B.ty<t₂)B7—

—7.如图所示，水平地面上方存在水平向左的匀强电场，

一质量为

m的带电小球(大小可忽

略)用轻质绝缘细线悬挂于O点，小球电荷量为+q,静止时距地面的高度为h,细线与竖直

方向的夹角为a=37°,重力加速度为g,sin37°=0.6,cos37°=0.8。(1)求匀强电场的电场强度大小E。(2)现将细线剪断，求小球落地过程中水平位移的大小。(3)现将细线剪断，求带电小球落地前瞬间的动能。8.一质量m₁=1kg

、电荷量q=+0.5C的小球以vo=3m/s

的速度，沿两正对带电平行金属

板(板间电场可看成匀强电场)左侧某位置水平向右飞入，极板长0.6m,两极板间距为0.5

m,不计空气阻力，小球飞离极板后恰好由A点沿切线落入竖直光滑圆弧轨道ABC,

圆弧

轨道ABC的形状为半径R<3m

的圆截去了左上角127°的圆弧，CB为其竖直直径，在过

A点竖直线

OO的右边空间存在竖直向下的匀强电场，电场强度为

E=10

V/m

。g取10m/s²。(1)求两极板间的电势差大小U。(2)欲使小球在圆弧轨道中运动时不脱离圆弧轨道，求半径R的取值应满足的条件(结果

可用分式表示):人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

8—

—9.如图所示，在竖直平面内的直角坐标系Oxy中x

轴上方有水平向右的匀强电场。

一质

量为m、电荷量为-q(-q<0)的带电绝缘小球，从y轴上的P(0,I)点由静止开始释放，运动至

x轴上的A(-l,0)点时，恰好无碰撞地沿切线方向进入固定在x轴下方竖直放置的四分之

三圆弧形光滑绝缘细管。细管的圆心O₁

位于y

轴上，细管交y

轴于B

点，交x

轴于A点和

C(1,0)点。已知细管内径略大于小球外径，小球直径远小于细管轨道的半径，不计空气

阻力，重力加速度为g。求：(1)匀强电场电场强度的大小；(2)小球运动到B

点时对细管的压力；(3)小球从

C点飞出后落在x

轴上的位置坐标。人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

-9带电粒子在电场中运动的综合问题1.C

解析：根据动能定理知，Ei-h图像的斜率为带电小球所受合力，由图像知随

h的减小，斜率先减小，减小到0后反向增大，说明N

对小球的库仑力斜向右上方，为斥力，所以小球带正电，整个过程中小球距离正点电荷N越来越近，库仑力对小球始终做负功，除重力外的其他力做的功等于机

械能的变化，由于库仑力做负功，故带电小球在运动过程中，机械能减小，电势能增加，故

A、B错

误，C正确。小球受到的库仑力,整个运动过程中y

越来越小，库仑力一直增大h₁和

h₂

两个位置图像的斜率为零，即合力为零，所以带电小球在h₁和

h₂两个位置受到的库仑力的竖直分力等

于重力，故D

错误。2.B解析：在两板间加上如题图乙所示的交变电压，小球受到重力和静电力的作用，静电力做周

期性变化，且静电力沿水平方向，所以小球竖直方向做自由落体运动。在水平方向小球先做匀加

速直线运动,后沿原方向做匀减速直线运动,

速度为零、接着反向做匀加速直线运动，后继续沿反方向做匀减速直线运动t=T

时速度为零。根据对称性可知在t=T

时小球的水平位移为零，所以t=T

时，小球恰好到达B点，故A错误，B

正确。在0~T

时间内，静电力做功为零，小球机械能变化量为零，所以t=T

时，小球速度等于

v,故

C

、D错误。3.C解析：当带电微粒P

静止时，对其进行受力分析得qE=mg。

当

A、B之间距离增大时，电容

器的电容C

减小，由Q=CU

得，Q也减小，但由于电路中连接了一个二极管，它具有单向导电性，使

得电容器不能放电，故电容器A、B

两极板上的电荷量不变，由(得，电场强度.不变，静电力仍等于微粒的重力，故带电微粒仍保持静止状态，选项C正确。4.D

解析：第一种情况，设B物块的速度为

v

时A的速度大小为

v',取水平向左为正方向，由系统

的动量守恒得0=

mv-mzy,由能量守恒定律得，系统释放的电势能，。第二种情况，设

A、B两物块距离为d时速度大小分别为vA、vg,取水平向左为正方向，由系统的动量守恒得0=mvx-2mzva,由能量守恒定律得，系统释放的电势能/。根据题意可

知△Eμ=AE.

联立解得

,故

A

、B

、C

错误，D正确。5.AB

解析：由题图可知，A

、B间的电场强度方向向下，小球从C到D

做减速运动，受静电力方向向上，所以小球带负电，选项A正确。由于小球在电场中受到的重力和静电力都是恒力，所以小

球做匀减速直线运动，其速度图像如图所示，由图可知，

₁<tz,选项B正确，C

错误。将B

板向上平移少许，两板间的电压不变，根据动能定理可知，

,联立得

,即小球不到

D孔就要向上返回，所以选项D错误。6.解析：(1)设电子到达MN

时的速度大小为v。电子从A

运动到MN的过程中，根据动能定理得(2)电子进入电场

E2后做类平抛运动，加速度为电子在电场

中运动时间，电子刚射出电场

E₂

时竖直方向的分速度大小为

vy=att电子刚射出电场

E₂时的速度方向与AO

连线夹角的正切值为联立解得tanθ=1。人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

10—

—口①若小球运动到与圆心等高处前速度减为零，则不会脱离轨道，此过程由动能定理得

(ng+qb)Rcos5:,解得，

②若小球能到达最高点C,则不会脱离轨道，在此过程中，由动能定理得小球能到最高点C,在C

点满足解得.故小球在圆弧轨道运动时不脱离圆弧轨道的条件m或.由

Frcos

37°=mgFrsin37°=qE解得(2)剪断细线小球在竖直方向做自由落体运动，水平方向做加速度为a

的匀加速直线运动，由qE=ma，0(3)电子在电场中的运动轨迹如图所示。电子射出电场

E₂

时速度的反向延长线过水平位移的中点O,

根据几何关系得8.解析：(1)小球在平行金属板间做匀变速曲线运动，到A点时，带电粒子在平行板中运动的时间联立解得.

。(3)从剪断细线到落地瞬间，由动能定理得人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

竖直分速度

vy=votan53°=4m/s

由vy=at,得a=20m/s²答案(

7.解析：(1)小球静止时，对小球受力分析如图所示，答案：(1)

(2)111—

—答案:(1)10V(2)

m

≤R<3m或

R≤

m9.解析:(1)小球由静止释放后在重力和静电力的作用下做匀加速直线运动,从

A

点沿切线方向进

入细管,则此时速度方向与竖直方向的夹角为

45

°,

即加速度方向与竖直方向的夹角为

45

°,则tan45

°

解得

E

。(2)根据几何关系可知,细管轨道的半径

r=

2l从

P点到

B

点的过程中,根据动能定理得

mg(2l+2l)+Eq

2在

B

点,根据牛顿第二定律得

FN-mg联立解得

FN

=3(

2

+1)mg,方向竖直向上根据牛顿第三定律可得小球运动到

B

点时对细管的压力大小

FN

'=3(

2

+1)mg,方向竖直向下。(3)从

P到A

的过程中,根据动能定理得

2

=mgl+Eql解得

vA

=2

小球从

C点抛出后做类平抛运动抛出时的速度

vC

=vA

=2小球的加速度

g

'=

2g当小球沿抛出方向和垂直抛出方向位移相等时,又回到

x轴,则有

vCtg

't2解得

t=2

2

则沿

x轴方向运动的位移

x

=

2vCt=8lx

'=l-8l=-7l,则小球从

C点飞出后落在

x轴上的坐标为(-7l,0)。答案:(1)(2)3(

2+1)mg方向竖直向下(3)(-7l,0)63258512人教版

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—

12—

电路的基本概念和规律一

、单项选择题1.下列说法正确的是(

)A.电源的电动势在数值上等于电源在搬运单位正电荷时非静电力所做的功B.电阻率是反映材料导电性能的物理量，仅与材料种类有关，与温度、压力和磁场等外界

因素无关C.电流通过导体的热功率与电流大小成正比D

电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量由!

可知电容的大小是由Q(电荷量)或U(电压)决定的2.有一横截面积为S的铜导线，设每单位长度的导线中有n

个自由电子，电子的电荷量为

e,此时电子的定向移动速度为

v,则在At时间内，流经导线的电流可表示为(

)A.B.nve

C.nveSD

3.下图是均匀的长薄片合金电阻板

abcd,ab边长为li,ad边长为l₂,当端点1、2或3、4接入电路中时，Ri₂∵R₄

为(

)A.l₁∵l₂

B.b∵l₁

C.1:1D.l₁²:l₂²4.某一导体的伏安特性曲线如图中AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是C.导体的电阻因温度的影响改变了1ΩD.导体的电阻因温度的影响改变了9Q5.下图是某款电吹风的电路图，它主要由电动机

M和电热丝R

构成。闭合开关S₁

、S₂后，

电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出。已知电吹风的额定电压为220V,吹冷风时的功率为120W,吹热风时的功率为1000W

。

关于该电吹风，下列说法正确的是(

)A.电热丝的电阻为55

ΩB.电动机线圈的电阻；

QC.当电吹风吹热风时，电热丝每秒消耗的电能为1000J人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

A.B点的电阻为12

Ω

B.B

点的电阻为40

Ω(

)13—

—D.当电吹风吹热风时，电动机每秒消耗的电能为1000J6.一只电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压为220V的交流电源上(其内阻可忽略不

计),均正常工作。用电流表分别测得通过电饭煲的电流是5.0A,通过洗衣机电动机的电流是0.50A,则下列说法正确的是()A.电饭煲的电阻为44Q,洗衣机电动机线圈的电阻为440QB.电饭煲消耗的电功率为1555W,

洗衣机电动机消耗的电功率为155.5WC.1min内电饭煲消耗的电能为6.6×10⁴

J,洗衣机电动机消耗的电能为6.6×10³J

D.电饭煲发热功率是洗衣机电动机发热功率的10倍二

、多项选择题7.电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头

发吹干，设电动机的线圈电阻为R,它与电热丝(电阻为

R₂)串联，接到直流电源上，电路中

电流为I,电动机电压为U₁,消耗的电功率为P₁,

电热丝两端电压为Uz,消耗的电功率为P₂,则下列式子正确的是

(

)A.P₁=U₁I

B.

U₁=IR₁C.P₂=PR₂D.

U₂=IR₂8.如图所示，图线1表示的导体的电阻为R,图线2表示的导体的电阻为R₂,则下列说法A.电动机的输入功率为576WB.电动机的内阻为4

ΩC.该车获得的牵引力为104ND.该车受到的阻力为63N三、非选择题10.神经系统中，把神经纤维分为有髓鞘与无髓鞘两大类。现代生物学认为，髓鞘是由多层(几十层到几百层不等)类脂物质

髓质累积而成的，髓质具有很大的电阻。已知蛙

的神经为有髓鞘神经，髓鞘的厚度只有2μm左右。而它在每平方厘米的面积上产生的

电阻却高达1.6×10⁵

Q。(1)若不计髓质片层间的接触电阻，计算髓质的电阻率。(2)若有一圆柱体是由髓质制成的，该圆柱体的体积为32πcm³,当在其两底面上加上1

000V的电压时，通过该圆柱体的电流为10πμA,求圆柱体的圆面半径和高。C.将

R₁

与R₂

串联后接于电源上，则电流比I₁:I₂=1:3D.将

R₁与

R₂并联后接于电源上，则电流比I∵I₂=3:19.下表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗。若该车在额定状态下以最大速度行驶，则()自

重40

kg额定电压48

V载重75

kg额定电流12

A最大行驶速度20

km/h额定输出功率350

W人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

A.R₁∵R₂=1∵3

B.R₁∵R₂=3:1正确的是(

)14—

—电路的基本概念和规律1.A解析:

电源的电动势在数值上等于电源搬运单位正电荷时非静电力所做的功,A正确。电阻率是反映材料导电性能的物理量,不仅与材料种类有关,还与温度、压力和磁场等外界因素有关,B错误。电流通过导体的热功率与电流大小的二次方成正比,C错误。电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量,

由决定式

C可知电容的大小是由εr(相对介电常数)

、S(正对面积)及

d(极板间距)等因素决定的,C是电容的定义式,D错误。2.B解析:在Δt

时间内,

以速度

v移动的电子在铜导线中通过的距离为

vΔt,

由于单位长度的导线

有

n个自由电子,则在Δt

时间内,通过导线横截面的自由电子数目可表示为

N=nvΔt;电子的电荷量为

e,则在Δt

时间内,流经导线的电荷量为

Q=nveΔt,设流经导线的电流为

I,则

Inev,故

B正

确,A

、C

、D错误。3.D解析:设长薄片合金电阻板厚度为

h,根据电阻定律

R=ρ

,R12=ρ2

,R34=ρ1

,=,故

D正确。4.B解析:A

点电阻

RA

Ω

=30Ω,B

点电阻

RB

Ω

=40Ω,故

A错误,B正确。

ΔR=RB-RA

=

10Ω,故

C

、D错误。5.A解析:

电吹风吹热风时电热丝消耗的功率为

P=

1000W-

120W=880W,对电热丝,

由

P=可得电热丝的电阻为

R==Ω

=55

Ω,选项

A正确。由于不知道电动机线圈的发热功率,所以电动机线圈的电阻无法计算,选项

B错误。当电吹风吹热风时,

电热丝每秒消耗的电能为880J,选项

C错误。当电吹风吹热风时,

电动机每秒消耗的电能为

120J,选项

D错误。6.C

解析:

由于电饭煲是纯电阻元件,所以

R1

44

Ω,P1

=

UI1

=

1

100

W,其在

1

min

内消耗的电

能

W1

=

UI1t=6.6

×

104

J;洗衣机电动机为非纯电阻元件,所以

R2≠

,P2

=

UI2

=

110

W,其在

1

min

内消

耗的电能

W2

=

UI2t=6.6

×

103

J,其热功率

P热≠P2,所以电饭煲发热功率不是洗衣机电动机发热功率的

10倍。故

C正确,A

、B

、D错误。7.ACD解析:

电动机和电热丝串联,通过的电流相同,

电动机的功率

P1

=

U1I,A正确。电动机是

非纯电阻元件,

U1>IR1,B错误。电热丝是纯电阻元件,P2

=I2R2,C正确。电热丝是纯电阻元件,

由欧姆定律可以推出

U2

=IR2,故

D正确。8.AD解析:I-U图像的斜率表示电阻的倒数,

由题图可得

R1

∶R2

=

1∶3,故选项

A正确,B错误。

R1

与

R2

串联后电流相等,故选项

C错误。R1

与

R2

并联后电压相同,

由公式

U=IR知,

电流与电阻

成反比,故选项

D正确。9.AD解析:

由于

U=48V,I=

12A,则

P=IU=576W,故选项

A正确。因

P入

=P出

+I2r,r=

出

=57

50

Ω

=

1.57Ω,故选项

B错误。由

P

出

=Fv=Ffvm,F=Ff=63N,故选项

C错误,D正确。10.解析:(1)由电阻定律

R=ρ

得ρ=

=

1.6×1

-.

×10

Ω

·m=8

×

106

Ω

·m。(2)由部分电路欧姆定律得

R由圆柱体体积公式得πr2h=V又

R=ρ联立解得

r=4cm,h=2cm。答案:(1)8

×

106

Ω

·m(2)4cm

2

cm-46010×120

23126-

2入-2221

42

3

1

2ℎ

1ℎ

人教版

2024

年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

—

15—A.电压表和电流表的示数都增大B.灯

L₂

变暗，电流表的示数减小C.灯

L₁

变亮，电压表的示数减小D.灯L₂变亮，电容器的电荷量增加3.如图所示，移动滑动变阻器R的滑片，发现电流表的示数为零，电压表的示数逐渐增大，C.扫地机器人正常工作时的电流是2AD.扫地机器人充满电后一次最长工作时间约为4h2.在如图所示的电路中，开关S

闭合后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，下列说法正确的是(

)闭合电路的欧姆定律一

、单项选择题1.某扫地机器人电池容量为2000mA·h,额定工作电压为15V,额定功率为30W,

则下列A.电源最大输出功率可能大于45WB.电源内阻一定等于5

QC.电源电动势为45V人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

A.

小灯泡短路B.小灯泡断路C.电流表断路D.滑动变阻器断路4.将一电源与一电阻箱连接成闭合回路，测得电阻箱所消耗的功率P

与电阻箱读数R变A.扫地机器人的电阻是7.5Q

B.题中

mA·h

是能量的单位化的曲线如图所示，由此可知(

)则电路的可能故障为(

)说法正确的是(

)16—

—乙A.图线a

的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势B.图线

b斜率的绝对值等于电源的内阻C.图线a

、b

交点的横、纵坐标之积等于此状态下电源的输出功率D.图线a、b

交点的横、纵坐标之积等于此状态下电阻

Ro消耗的功率三、非选择题7.如图所示，电源电动势E=6V,

内阻r=1

Q,电阻R₁=2

Ω,R₂=3

Ω,R₃=7.5

Ω,电容器的电

容C=4μF。

开关S

原来断开，现在合上开关S

到电路稳定，这一过程中通过电流表的电B.保持

S

闭合，减小

A

、B板间距离，P向上运动C.断开S后，增大A

、B板间距离，P向下运动D.断开S

后，减小A、B板间距离，P

仍静止6.如图甲所示，不计电表对电路的影响，改变滑动变阻器的滑片位置，测得电压表V₁

和

V₂随电流表A的示数变化规律分别如图乙中a、b

所示，下列判断正确的是(

)甲5.如图所示，D是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器AB

于静止状态。下列措施下，关于

P

的运动情况说法正确的是(D.电阻箱所消耗的功率P最大时，电源效率大于50%

二、多项选择题人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

内部原有带电微粒P

处

)A.保持

S

闭合，增大A、B

板间距离，P

仍静止荷量是多少?—17—8.如图所示的电路中，Ri=4

Ω,R₂=2

Ω,滑动变阻器

R₃

上标有“10

Ω2A”的字样，理想电

压表的量程有0~3V和0~15V

两挡，理想电流表的量程有0~0.6A和0~3A两挡。闭合

开关

S,将滑片

P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为U₃=2V和I₁=0.5A;继续向右移动滑片P

至另一位置，电压表指针指在满偏的电流表指针也指在满偏的

求电源电动势与内阻的大小。(保留2位有效数字):1人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

1

318闭合电路的欧姆定律1.C解析:根据题意知,扫地机器人是非纯电阻用电器,无法计算扫地机器人的电阻,故

A错误。题中

mA

·h是电荷量的单位,故

B错误。扫地机器人正常工作时的电流为

I==A=2A,故

C正确。根据题意知,2000mA

·h=2A

·h,扫地机器人充满电后一次工作时间约为

t1h,故

D错

误。2.C解析:将滑动变阻器的滑片

P

向下调节,滑动变阻器接入电路的电阻减小,外电路总电阻减小,根据闭合电路欧姆定律分析得知,路端电压

U

减小,干路电流

I

增大,则电压表的示数减小,灯L1

变亮,

U1

增大,R

与灯

L2

并联电路的电压

U2

=

U-U1,则

U2

减小,

即

I2

减小,灯

L2

变暗,

电容器的电荷量减少,流过电流表的电流

IA

=I-I2,I

增大,I2

减小,则

IA

增大,

电流表的示数增大,故

C正确。3.B解析:若小灯泡短路,

电压表也被短路,示数应为零,

与题不符,故

A错误。若小灯泡断路,

电

压表与电流表组成串联电路,

由于电压表内阻很大,

电流表示数很小,几乎为零,

电压表直接测量滑

片与

a端间的电压,在滑片从

a

向

b端移动时,

电压表的示数将增大,

与题相符,故

B正确。若电流

表断路,

电压表中无电流,将没有读数,

与题不符,故

C错误。若滑动变阻器的滑片右端断开,

两个

电表均无示数;若滑片左端断开,

两个电表均有示数,不符合题意,故

D错误。4.B解析:将一电源与一电阻箱连接成闭合回路,

电阻箱所消耗功率

P等于电源输出功率。由电

阻箱所消耗功率

P与电阻箱读数

R变化的曲线可知,

电阻箱所消耗功率

P最大为

45W,所以电

源最大输出功率为

45W,选项

A错误。由电源输出功率最大的条件可知,

电源输出功率最大时,外电路电阻等于电源内阻,所以电源内阻一定等于

5

Ω,选项

B正确。由电阻箱所消耗功率

P最大值为

45W可知,此时电阻箱读数为

R=5Ω,

电流

I3A,

电源电动势

E=I(R+r)=30V,选项C错误。电阻箱所消耗的功率

P最大时,

电源效率为

50%,选项

D错误。5.ABD解析:保持

S

闭合,

电源的路端电压不变,增大

A

、B板间距离,

电容减小,

由于二极管的单向导电性,

电容器不能放电,其电荷量不变,

由推论

E得到,板间电场强度不变,微粒所受静电

力不变,仍处于静止状态,故

A正确。保持

S

闭合,

电源的路端电压不变,

电容器的电压不变,减小

A

、B板间距离,

由

E可知,板间电场强度增大,静电力增大,微粒将向上运动,故

B正确。断开

S

后,

电容器的电荷量

Q不变,

由推论

E得到,板间电场强度不变,微粒所受静电力不变,仍处于

静止状态,故

C错误,D正确。6.ACD解析:

当滑动变阻器滑片向右滑动时,

电阻减小,

电流增大,

电压表

V2

的示数增大,V1

的示

数减小,所以图线

b是电压表

V2

示数的变化情况,

图线

a是电压表

V1

示数的变化情况;

当外电路

电阻无限大时,

电路中电流为

0,故此时电压表

V1

的示数就是

a

的延长线与纵轴交点的坐标值,

它

等于电源的电动势,A正确。图线

b斜率的绝对值等于电阻

R0

的阻值,B错误。图线

a

、b交点的横、纵坐标之积既等于此状态下电源的输出功率,也等于电阻

R0

消耗的功率,C

、D正确。7.解析:S断开,C相当于断路,R3

中无电流,C两端电压即

R2

两端电压U2

·R2

=3

VQ=CU2

=

12×

10-6

Ca板带正电,b板带负电S

闭合,C两端电压即

R1

两端电压.

1外0·-

=

1.8

Va板带负电,b板带正电故通过电流表的电荷量ΔQ=Q+Q

'=

1.92

×

10-5

C。答案:1.92×

10-5

C8.解析:滑片

P

向右移动的过程中,

电流表示数在减小,

电压表示数在增大,

由此可以确定电流表量

程选取的是

0~0.6A,

电压表量程选取的是

0~

15VC外6R7·'1QU1530

人教版

2024

年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

—

19—所以第二次电流表的示数为

I1

'×0.6A=0.2A电压表的示数为

U3

'

×

15V=5

V当电流表示数为

0.5A

时R1

两端的电压为

U1

=I1R1

=0.5

×4V=2V回路的总电流为

I

总

=I1

+

=

0.5

+

A=

1.5

A由闭合电路欧姆定律得

E=I

总

r+U1

+U3当电流表示数为

0.2A

时R1

两端的电压为

U1

'=I1

'R1

=0.2

×4V=0.8V回路的总电流为

I

总

'=I1

'+

=0.2

+

A

=0.6

A

由闭合电路欧姆定律得

E=I

总

'r+U1

'+U3

'联立①②解得

E=7.0V,r=2.0Ω。答案:7.0V2.0Ω人教版

2024

年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

①②—20—3.某同学欲将内阻为98.5Ω、量程为100μA的电流表改装成欧姆表并进行刻度和校准，要求改装后欧姆表的15kΩ刻度正好对应电流表表盘的50μA

刻度。可选用的器材还有：定值电阻Ro(阻值14kΩ),滑动变阻器R₁

(最大阻值1500

Ω),滑动变阻器

R₂(最大阻值500

Ω),电阻箱(0~99999.9

Ω),干电池(E=1.5V,r=1.5

Ω),红、黑表笔和导线若干。ER₀R红

黑

甲(1)欧姆表设计将图甲中的实物连线组成欧姆表。欧姆表改装好后，滑动变阻器R接入电路的电阻应为

Ω;滑动变阻器选

(选填“R”

或“R₂”)。(2)刻度欧姆表表盘通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如图乙所示。表盘上

a、b

处的电流刻度分别为25和75,则a、b

处的电阻刻度分别为

2.下图是有两个量程的电流表，当使用a、b两个端点时，量程为1A;当使用a、c两个端

点时，量程为0.1

A。已知表头的内阻Rg

为200

Ω,满偏电流Ig为2mA,

求电阻

R₁

、R₂的

值。甲

乙A.甲表是电流表，R

增大时量程增大B.甲表是电流表，R

增大时量程减小C.乙表是电压表，R增大时量程增大D.乙表是电压表，R增大时量程减小电学实验基础1.(多选)如图所示，甲、乙两电路都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成的，下列人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

说法正确的是(

)1A0.1

A21—

—4.某探究性学习小组利用如图甲所示的电路测量电池的电动势和内阻。其中电流表A₁的内阻rn=1.0kΩ,

电阻R₁=9.0kΩ

。

为了方便读数和作图，给电池串联一个

Ro=3.0Ω的

电阻。(1)按图示电路进行连接后，发现aa'、bb'和

cc'三条导线中，混进了一条内部断开的导线。

为了确定哪一条导线内部是断开的，将开关S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、b'间电压，读数不为零，再测量

a

、a'间电压，若读数不为零，则一定是

导线断开；若读数为零，则一定是

导线断开。乙(3)校准红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向

kΩ

处；将红、黑表笔与

电阻箱连接，记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值，完成校准数据

测量。若校准某刻度时，电阻箱旋钮位置如图丙所示，则电阻箱接入的阻值为

乙(2)排除故障后，该小组顺利完成实验。通过多次改变滑动变阻器滑片位置，得到电流表A₁和

A₂的多组I

、I₂数据，作出图像如图乙所示。由I₁-2

图像得到电池的电动势E=

V,内阻

r=

_

Ω。5.图甲为某同学改装和校准毫安表的电路图，其中虚线框内是毫安表的改装电路。人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

Ω。—22—甲丙(1)已知毫安表表头的内阻为100Ω,满偏电流为1mA;R₁和

R₂

为阻值固定的电阻。若使

用a

和

b

两个接线柱，电表量程为3mA;若使用a

和

c

两个接线柱，电表量程为10mA。由题给条件和数据，可以求出R₁=

Ω.R₂=

Ω。(2)现用一量程为3mA

、

内阻为150Ω的标准电流表对改装电表的3mA

挡进行校准，校准时需选取的刻度为0.5mA

、1.0mA

、1.5mA

、2.0mA

、2.5mA

、3.0mA

。

电池的

电动势为1.5V,内阻忽略不计；定值电阻

Ro有两种规格，阻值分别为300Ω和1000Q;

滑

动变阻器R

有两种规格，最大阻值分别为750

Ω和3000Q

。Ro

应选用阻值为

Q的电阻，R应选用最大阻值为

Ω的滑动变阻器。(3)假设电阻R₁和

R₂中有一个因损坏而阻值变为无穷大，利用图乙的电路可以判断出损坏的电阻。图乙中的R

'为保护电阻，虚线框内未画出的电路即为图甲虚线框内的电路。图中的

d

点应和接线柱

选

填“b”或“c”)相连。判断依据是

人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

—23—甲乙得499R₁=200Q+R₂所以R₁=0.408Ω,R₂=3.673

Ω。答案：0.408

Ω

3.673

Ω3.解析：(1)把图中各元件串联起来，注意电流从红表笔进，从黑表笔出。15kΩ

为中值电阻，也是欧姆表内阻，Ro-Ro-r-Rg=15000Ω-14000Ω-1.5Ω-98.5

Ω=900

Ω,R₁最大值为1500Ω,能提供900

Ω的电阻，故选R₁。,联立求得Ra=45000Ω=45kΩ,a处的刻度标为45。

,联立求得R₂=5000Ω=5kQ,b处的刻度标为5。(3)欧姆表欧姆调零时调到0;读数就是箭头指的数乘以倍数，然后再加起来，求得和为35000.0

Ω。(2)校准时电路中的总电阻的最小值为0,总电阻的最大值为Ω=3000

Ω,故

Ro选300

Q的，R选用最大阻值为3000

Ω的滑动变阻器。(3)d

接

b

时，R₁和

R₂

串联，不论是R

还

是R₂损坏，电表都有示数且示数相同，故应将d接

c。

根据d

接

c

时的电路连接情况可知：闭合开关时，若电表指针偏转，则损坏的电阻是R₁;

若电表指针不动，则损坏的电阻是R₂:答案：(1)15

35

(2)300

3000(3)c闭合开关时，若电表指针偏转，则损坏的电阻是

Ri;若电表指针不动，则损坏的电阻是R₂4.解

析：(1)用多用电表的电压挡检测电路故障，多用电表的表头是电流计，原电路有断路，回路中无电流。将多用电表接在a、b

'间后有示数，说明电路被接通，即a、b'间有断路故障。再测量a、a’间电压，若多用电表读数不为零，断路故障的范围被缩小到a

、a

'间，则一定是aa

'导线断开。若读数为零，则说明电路仍未被接通，电路故障一定是bb'导线断开。(2)根据闭合电路的欧姆定律得E=I₁(R₁+ri)+(I₁+I₂)(Ro+r),I₁<I₂,上式可简化为E=I₁(R₁+r)+I₂(Ro+r),

读出两点坐标(60mA,0.12mA)和(260mA,0.05mA),

代入方程解得电动势E=1.41V,

内阻

r=0.5Ω。答案：(1)aa’bb'(2)1.41(1.36~1.44均可)

0.5(0.4~0.6均可)5.解析：(1)设使用a

和

b两接线柱时，电表量程为Ii;使用a

和

c两接线柱时，电表量程为I₂

,则使用

a和b时，使用a

和

c时，由①②两式得R₁=15Ω,R₂=35Ω。电学实验基础1.BC解析：由电表的改装原理可知，电流表应是G与

R并联，改装后加在G

两端的最大电压Ug=I₈Rg不变，所以并联电阻R越大，I=Ig+Ir越小，即量程越小，A错误，B正确。电压表应是G

与

R

串联，改装后量程

U=I₈Rg+I₈R,

可知R越大，量程越大，C正确，D错误。2.解析：接

a、c

时，由并联电路特点接

a

、b

时，由并联电路特点人教版2024年高考物理总复习考点规范综合练习合集第二套(含答案解析)

答案：(1)连线如图所示

900

R₁(2)45

5

(3)0

35000.0①②24—

—2