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浙江省五校(镇海中学2024届高三3月第二次联考物理试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、撑杆跳是一种技术性和观赏性都极高的运动项目。如果把撑杆跳全过程分成四个阶段:a~b、b~c、c~d、d~e,如图所示,不计空气阻力,杆为轻杆,则对这四个阶段的描述不正确的是()A.a~b阶段:加速助跑,人和杆的总机械能增加B.b~c阶段:杆弯曲、人上升,系统动能减少,重力势能和弹性势能增加C.c~d阶段:杆伸直、人上升,人的动能减少量等于重力势能增加量D.d~e阶段:人过横杆后下落,重力所做的功等于人动能的增加量2、如图所示,一角形杆ABC在竖直面内,BC段水平,AB段竖直,质量为m的小球用不可伸长的细线连接在两段杆上,OE段水平,DO段与竖直方向的夹角为.只剪断EO段细线的瞬间,小球的加速度为a1;而只剪断DO段细线的瞬间,小球的加速度为a2,则为A.1 B. C.2 D.3、在人类对微观世界进行探索的过程中,许多科学家作岀了不可磨灭的贡献,卢瑟福就是杰出代表之一。关于卢瑟福在物理学上的成就,下列说法正确的是()A.粒子散射实验的重要发现是电荷的量子化,并且发现了中子B.卢瑟福用粒子轰击氮核发现了质子,核反应方程为C.卢瑟福根据粒子散射实验的结果,提出了原子核的结构模型D.卢瑟福根据粒子散射实验的结果,发现原子核由质子和中子组成4、如图所示,长为L的轻直棒一端可绕固定轴O转动,另一端固定一质量为m的小球,小球搁在水平升降台上,升降平台以速度v匀速上升,下列说法正确的是(

)A.小球做匀速圆周运动B.当棒与竖直方向的夹角为时,小球的速度为C.棒的角速度逐渐增大D.当棒与竖直方向的夹角为时,棒的角速度为5、如图所示电路中,变压器为理想变压器,电压表和电流表均为理想电表,a、b接在电压有效值不变的交流电源两端,R0为定值电阻,R为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置,观察到电流表A1的示数增大了0.2A,电流表A2的示数增大了0.8A,则下列说法中正确的是()A.该变压器起升压作用B.电压表V2示数增大C.电压表V3示数减小D.变阻器滑片是沿d→c的方向滑动6、下列说法正确的是()A.肥皂泡膜在阳光的照射下呈现彩色是光的色散现象B.机械波和电磁波本质上相同,都能发生反射、折射、干涉和衍射现象C.拍摄玻璃橱窗内的物体时,为了提高成像质量,往往在镜头前贴上增透膜D.在光的单缝衍射实验中,缝越宽,衍射现象越不明显二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,理想变压器输入端接在电动势随时间变化,内阻为r的交流电源上,输出端接理想电流表及阻值为R的负载,如果要求负载上消耗的电动率最大,则下列说法正确的是()A.该交流电源的电动势的瞬时值表达式为VB.变压器原副线圈匝数的比值为C.电流表的读数为D.负载上消耗的热功率8、下列关于温度及内能的说法中止确的是A.物体的内能不可能为零B.温度高的物体比温度低的物体内能大C.一定质量的某种物质,即使温度不变,内能也可能发生变化D.内能不相同的物体,它们的分子平均动能可能相同E.温度见分子平均动能的标志,所以两个动能不同的分子相比,动能大的分子温度高9、卫星导航系统是全球性公共资源,多系统兼容与互操作已成为发展趋势。中国始终秉持和践行“中国的北斗,世界的北斗,一流的北斗”的发展理念,服务“一带一路”建设发展,积极推进北斗系统国际合作。与其他卫星导航系统携手,与各个国家、地区和国际组织一起,共同推动全球卫星导航事业发展,让北斗系统更好地服务全球、造福人类。基于这样的理念,从2017年底开始,北斗三号系统建设进入了超高密度发射。北斗系统正式向全球提供RNSS服务,在轨卫星共53颗。预计2020年再发射2-4颗卫星后,北斗全球系统建设将全面完成,使我国的导航定位精度不断提高。北斗导航卫星有一种是处于地球同步轨道,假设其离地高度为h,地球半径为R,地面附近重力加速度为g,则有()A.该卫星运行周期可根据需要任意调节 B.该卫星所在处的重力加速度为C.该卫星运动动能为 D.该卫星周期与近地卫星周期之比为10、如图所示,匀强电场中有一个与电场线平行的平面,平面中有一个直角三角形MNQ,其中,,QM的长度为L。已知电子电荷量的大小为e,把电子从M点移动至Q点,电场力做正功,大小为eU。把电子从Q点移动至N点,电场力做负功,大小为。则该电场的电场强度()A.方向由M向Q B.大小为 C.方向由Q向N D.大小为三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)实验小组利用以下方法对物体的质量进行间接测量,装置如图1所示:一根轻绳跨过轻质定滑轮与两个相同的重物P、Q相连,已知重物P、Q的质量均为m,当地重力加速度为g。在重物Q的下面通过轻质挂钩悬挂待测物块Z,重物P的下端与穿过打点计时器的纸带相连。(1)先接通频率为50Hz的交流电源,再由静止释放系统,得到如图2所示的纸带,则系统运动的加速度a=______m/s2(结果保留2位有效数字);(2)在忽略阻力的理想情况下,物块Z质量M的表达式为M=______(用字母m、a、g表示);(3)实际情况下,空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦、定滑轮中的滚动摩擦不可以忽略,物块Z的实际质量与理论值M有一定差异,这种误差是______误差(填“偶然”或“系统”)。12.(12分)测量木块和木板间动摩擦因数的装置如图(a)。水平固定的长木板一端有定滑轮,另一端有打点计时器。细线绕过定滑轮将木块和钩码相连,木块靠近打点计时器,纸带穿过打点计时器后固定在木块上。接通打点计时器,放开木块,钩码触地后不再弹起,木块继续向前运动一段距离后停在木板上。某次纸带的数据如图(b),打点计时器所用电源的频率为50Hz,每相邻两点间还有1个点未画出,数值单位为cm。由图(b)数据可知,钩码触地后木块继续运动的加速度大小为___m/s2;若取g=10m/s2,则木块与木板间的动摩擦因数为___;某小组实验数据处理完成后,发现操作中滑轮的高度变化造成细线与木板的上表面不平行,如图(c),这样他们测得的动摩擦因数与实际值相比___(填“偏大”、“偏小”或“不变”)。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,质量m的小环串在固定的粗糙竖直长杆上,从离地h高处以一定初速度向上运动,运动过程中与长杆之间存在大小的滑动摩擦力.小环能达到的最大高度为3h,求:(1)小环从h高处出发至第二次经过2h高处过程中,重力做功和摩擦力做功分别为多少?(2)在高中我们定义“由相互作用的物体的相对位置决定的能量”叫势能,如相互吸引的物体和地球,其相对位置关系决定重力势能.对比(1)问中两力做功,说明为什么不存在与摩擦力对应的“摩擦力势能”的概念.(3)以地面为零势能面.从出发至小环落地前,小环的机械能E随路程s的变化关系是什么?14.(16分)两根距离为L=2m的光滑金属导轨如图示放置,P1P2,M1M2两段水平并且足够长,P2P3,M2M3段导轨与水平面夹角为θ=37°。P1P2,M1M2与P2P3,M2M3段导轨分别处在磁感应强度大小为B1和B2的磁场中,两磁场方向均竖直向上,B1=0.5T且满足B1=B2cosθ。金属棒a,b与金属导轨垂直接触,质量分别为kg和0.1kg,电阻均为1Ω,b棒中间系有一轻质绳,绳通过光滑滑轮与质量为0.2kg的重物连接,重物距离地面的高度为10m。开始时,a棒被装置锁定,现静止释放重物,已知重物落地前已匀速运动。当重物落地时,立即解除b棒上的轻绳,b棒随即与放置在P2M2处的绝缘棒c发生碰撞并粘连在一起,随后bc合棒立即通过圆弧装置运动到倾斜导轨上,同时解除a棒的锁定。已知c棒的质量为0.3kg,假设bc棒通过圆弧装置无能量损失,金属导轨电阻忽略不计,空气阻力不计,sin37ο=0.6,cos37ο=0.8,g取10m/s2,求:(1)b棒与c棒碰撞前的速度;(2)b棒从静止开始运动到与c棒碰撞前,a棒上产生的焦耳热;(3)a棒解除锁定后0.5s,bc合棒的速度大小为多少。15.(12分)如图,是游乐场的一项娱乐设备.一环形座舱装在竖直柱子上,由升降机送上几十米的高处,然后让座舱自由落下,落到一定位置时,制动系统启动,到地面时刚好停下.已知座舱开始下落的高度为H=75m,当落到离地面h=30m的位置时开始制动,座舱均匀减速.在一次娱乐中,某同学把质量m=6kg的书包放在自己的腿上.g取10m/s2,不计座舱与柱子间的摩擦力及空气阻力.(1)当座舱落到离地面h1=60m和h2=20m的位置时,求书包对该同学腿部的压力各是多大;(2)若环形座舱的质量M=4×103kg,求制动过程中机器输出的平均功率.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

A.a~b阶段:人加速过程中,人的动能增加,重力势能不变,人的机械能增加,故A正确,不符合题意;B.b~c阶段:人上升过程中,人和杆的动能减少,重力势能和杆的弹性势能均增加,故B正确,不符合题意;C.c~d阶段:杆在恢复原长的过程中,人的动能和弹性势能减少量之和等于重力势能的增加量,故C不正确,符合题意;D.d~e阶段:只有重力做功,人的机械能守恒,重力所做的功等于人动能的增加量,故D正确,不符合题意。故选:C。2、B【解题分析】

只剪断EO段细线的瞬间,根据牛顿第二定律小球的加速度为只剪断DO段细线的瞬间,小球的加速度为a2=g,则A.1,与结论不相符,选项A错误;B.,与结论相符,选项B正确;C.2,与结论不相符,选项C错误;D.,与结论不相符,选项D错误;故选B.3、B【解题分析】

AC.卢瑟福根据粒子散射实验的结果,提出了原子的核式结构模型,中子是查德威克发现的,故AC错误;B.卢瑟福用粒子轰击氮核,发现了质子,核反应方程为,故B正确;D.粒子散射实验不能说明原子核内存在中子和质子,故D错误。故选B。4、D【解题分析】

小球受重力、平台的弹力和杆的作用力,因为升降平台以速度v匀速上升,平台的弹力和杆的作用力变化,即小球受到的合力大小变化,小球做的不是匀速圆周运动,故A错误;棒与平台接触点的实际运动即合运动方向是垂直于棒指向左上,如图所示,合速度v实=ωL,沿竖直向上方向上的速度分量等于v,即ωLsinα=v,

所以,平台向上运动,夹角增大,角速度减小,故BC错误,D正确.

故选D.【题目点拨】找合速度是本题的关键,应明白实际的速度为合速度.然后分解速度,做平行四边形,根据三角形求解.此题难度在于合速度难确定,属于中档题.5、C【解题分析】

A.由公式得则该变压器起降压作用,故A错误;B.由于a、b接在电压有效值不变的交流电源两端,则电压表V1示数不变,由理相变压器原公式可知,电压表V2示数不变,故B错误;C.电压表V3的示数由于U2不变,I2增大,则U3减小,故C正确;D.由且U2不变,I2增大,R应减小,则滑片应沿方向滑动,故D错误。故选C。6、D【解题分析】

A.肥皂泡膜在阳光的照射下呈现彩色是光的干涉现象,故A错误;B.电磁波的传播不需要介质,在真空中也能传播,而机械波的传播需要介质,真空中不传播,机械波和电磁波本质上不相同,故B错误;C.拍摄玻璃橱窗内的物体时,为减少反射光的干扰,通过偏振片来阻碍反射光进入镜头,故C错误;D.光的单缝衍射实验中,缝越宽,和光波长差距越大,衍射现象越不明显,故D正确。故选D。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解题分析】

A.由图可知周期T=4×10-2s,角速度所以该交流电源的电动势的瞬时值表达式为e=Emsin(50πt)故A错误;B.设原副线圈中的匝数分别为n1和n2,电流分别为I1和I2,电压分别为U1和U2,则U1=E−I1r电阻R消耗的功率P=U2I2=U1I即P=(E−I1r)I1=−I12r−EI1可见I1=时,P有最大值此时则所以故B正确;C.电流表的读数为有副线圈电流的有效值:原线圈电流有效值为则故C正确;D.负载上消耗的功率故D错误。故选BC.8、ACD【解题分析】

A.内能是物体内所有分子无规则热运动的动能和分子势能的总和,分子在永不停息的做无规则运动,所以内能永不为零,故A正确;B.物体的内能除与温度有关外,还与物体的种类、物体的质量、物体的体积有关,温度高的物体的内能可能比温度低的物体内能大,也可能与温度低的物体内能相等,也可能低于温度低的物体的内能,故B错误;C.一定质量的某种物质,即使温度不变,内能也可能发生变化,比如零摄氏度的冰化为零摄氏度的水,内能增加,故C正确.D.内能与温度、体积、物质的多少等因素有关,而分子平均动能只与温度有关,故内能不同的物体,它们分子热运动的平均分子动能可能相同,故D正确;E.温度是分子平均动能的标志,温度高平均动能大,但不一定每个分子的动能都大,故E错误。故选ACD.【题目点拨】影响内能大小的因素:质量、体积、温度和状态,温度是分子平均动能的标志,温度高平均动能大,但不一定每个分子的动能都大.9、BC【解题分析】

A.地球同步卫星和地球自转同步,周期为24h,A错误;B.由可知则该卫星所在处的重力加速度是B正确;C.由于该卫星的动能选项C正确;D.根据开普勒第三定律可知,该卫星周期与近地卫星周期之比为选项D错误。故选BC。10、CD【解题分析】

如图所示,电势差之比有由几何关系得。匀强电场中任意平行方向上的电势差与距离成正比。则则连线MP为等势线。所以PQ是一条电场线,电场强度方向由Q向N。由几何关系得则电场强度大小为故选CD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、8.0系统【解题分析】

根据位移差公式求解系统的加速度。对整个系统进行分析,根据牛顿第二定律求解M的表达式。根据误差来源分析误差的性质。【题目详解】(1)[1]根据位移差公式,解得系统运动的加速度为(2)[2]根据牛顿第二定律,对Q和Z有对物体P有联立解得。(3)[3]由题意可知本实验中误差是由于实验原理的选择而造成的,无法通过多测数据来消除,故这是一种系统误差。【题目点拨】本题主要考查了通过系统牛顿第二定律测质量的方法,能分析出实验误差的原因。明确系统误差和偶然误差的定义。12、30.3不变【解题分析】

[1]钩码触地后木块做减速运动,计算其加速度大小应该用纸带的后一段,即5~1点之间的部分;[2]钩码触地后,木块只在滑动摩擦力作用下做匀减速运动,有f=maf=mg木块与木板间的动摩擦因数=0.3;[3]由于钩码触地后细线不再提供拉力,减速运动的加速度与之前的加速运动情况无关,所以不影响测量结果,测得的动摩擦因数与实际值相比不变。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)﹣mgh;﹣mgh(2)不存在与摩擦力对应的“摩擦力势能”(3)E=4mgh﹣【解题分析】

(1)重力做功为WG=﹣mgh摩擦力做功Wf=﹣fs=﹣•3h=﹣mgh(2)重力做功与路径无关,仅与初末位置有关.势能的变化与初末位置有关.两者都与位置有关,所以重力有对应的重力势能.摩

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