高考物理难题集锦(一)含答案及高考物理电学实验复习总结

高考物理难题集锦（一）1、如图所示，在直角坐标系xOy平面的第Ⅱ象限内有半径为R的圆O1分别与x轴、y轴相切于C（-R，0）、D（0，R）两点，圆O1内存在垂直于xOy平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．与y轴负方向平行的匀强电场左边界与y轴重合，右边界交x轴于G点，一带正电的粒子A（重力不计）电荷量为q、质量为m，以某一速率垂直于x轴从C点射入磁场，经磁场偏转恰好从D点进入电场，最后从G点以与x轴正向夹角为45°的方向射出电场．求：（1）OG之间的距离；（2）该匀强电场的电场强度E；（3）若另有一个与A的质量和电荷量相同、速率也相同的粒子A′，从C点沿与x轴负方向成30°角的方向射入磁场，则粒子A′再次回到x轴上某点时，该点的坐标值为多少？2、如图所示，光滑绝缘水平面的上方空间被竖直的分界面MN分隔成两部分，左侧空间有一水平向右的匀强电场，场强大小，右侧空间有长为R＝0.114m的绝缘轻绳，绳的一端固定于O点，另一端拴一个质量为m小球B在竖直面内沿顺时针方向做圆周运动，运动到最低点时速度大小vB＝10m/s（小球B在最低点时与地面接触但无弹力）。在MN左侧水平面上有一质量也为m，带电量为的小球A，某时刻在距MN平面L位置由静止释放，恰能与运动到最低点的B球发生正碰，并瞬间粘合成一个整体C。（取g＝10m/s2）（1）如果L＝0.2m，求整体C运动到最高点时的速率。（结果保留1位小数）（2）在（1）条件下，整体C在最高点时受到细绳的拉力是小球B重力的多少倍？（结果取整数）（3）若碰后瞬间在MN的右侧空间立即加上一水平向左的匀强电场，场强大小，当L满足什么条件时，整体C可在竖直面内做完整的圆周运动。（结果保留1位小数）3、如右图甲所示,间距为d的平行金属板MN与一对光滑的平行导轨相连,平行导轨间距L=d/2，一根导体棒ab以一定的初速度向右匀速运动，棒的右侧存在一个垂直纸面向里，大小为B的匀强磁场。棒进入磁场的同时，粒子源P释放一个初速度为0的带电粒子，已知带电粒子质量为m,电量为q.粒子能从N板加速到M板，并从M板上的一个小孔穿出。在板的上方，有一个环形区域内存在大小也为B，垂直纸面向外的匀强磁场。已知外圆半径为2d，里圆半径为d.两圆的圆心与小孔重合（粒子重力不计）（1）判断带电粒子的正负，并求当ab棒的速度为v0时，粒子到达M板的速度v；（2）若要求粒子不能从外圆边界飞出，则v0的取值范围是多少？（3）若棒ab的速度v0只能是，则为使粒子不从外圆飞出，则可以控制导轨区域磁场的宽度S（如图乙所示），那该磁场宽度S应控制在多少范围内4、如图21所示，两根金属平行导轨MN和PQ放在水平面上，左端向上弯曲且光滑，导轨间距为L，电阻不计。水平段导轨所处空间有两个有界匀强磁场，相距一段距离不重叠，磁场Ⅰ左边界在水平段导轨的最左端，磁感强度大小为B，方向竖直向上；磁场Ⅱ的磁感应强度大小为2B，方向竖直向下。质量均为m、电阻均为R的金属棒a和b垂直导轨放置在其上，金属棒b置于磁场Ⅱ的右边界CD处。现将金属棒a从弯曲导轨上某一高处由静止释放，使其沿导轨运动。设两金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好。（1）若水平段导轨粗糙，两金属棒与水平段导轨间的最大摩擦力均为mg，将金属棒a从距水平面高度h处由静止释放。求：金属棒a刚进入磁场Ⅰ时，通过金属棒b的电流大小；‚若金属棒a在磁场Ⅰ内运动过程中，金属棒b能在导轨上保持静止，通过计算分析金属棒a释放时的高度h应满足的条件；（2）若水平段导轨是光滑的，将金属棒a仍从高度h处由静止释放，使其进入磁场Ⅰ。设两磁场区域足够大，求金属棒a在磁场Ⅰ内运动过程中，金属棒b中可能产生焦耳热的最大值。

5、如图所示，有一质量为M=2kg的平板小车静止在光滑的水平地面上，现有质量均为m=1kg的小物块A和B（均可视为质点），由车上P处分别以初速度v1=2m/s向左和v2=4m/s向右运动，最终A、B两物块恰好停在小车两端没有脱离小车。已知两物块与小车间的动摩擦因数都为μ=0.1，取g=10m/s2。求：（1）小车的长度L；（2）A在小车上滑动的过程中产生的热量；（3）从A、B开始运动计时，经5s小车离原位置的距离。6、如图甲所示，光滑的平行金属导轨水平放置，导轨间距为l，左侧接一阻值为R的电阻。在MN与PQ之间存在垂直轨道平面的有界匀强磁场，磁场宽度为d。一质量为m的金属棒ab置于导轨上，与导轨垂直且接触良好，不计导轨和金属棒的电阻。金属棒ab受水平力F=（N）的作用，其中x为金属棒距MN的距离，F与x的关系如图乙所示。金属棒ab从磁场的左边界由静止开始运动，通过电压传感器测得电阻R两端电压随时间均匀增大。已知l＝1m，m＝1kg，R＝0.5W，d＝1m。问：（1）金属棒刚开始运动时的加速度为多少？并判断该金属棒在磁场中做何种运动。（2）磁感应强度B的大小为多少？（3）若某时刻撤去外力F后棒的速度v随位移s的变化规律满足（v0为撤去外力时的速度，s为撤去外力F后的位移），且棒运动到PQ处时恰好静止，则外力F作用的时间为多少？（4）在（3）的情况下，金属棒从MN运动到PQ的整个过程中左侧电阻R产生的热量约为多少？7、如图，光滑的平行金属导轨水平放置，导轨间距为L，左侧接一阻值为R的电阻。矩形区域abfe内存在垂直轨道平面向下的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B。导轨上ac段和bd段单位长度的电阻为r0，导轨其余部分电阻不计，且ac=bd=x1。一质量为m，电阻不计的金属棒MN置于导轨上，与导轨垂直且接触良好。金属棒受到一个水平拉力作用，从磁场的左边界由静止开始作匀加速直线运动，加速度大小为a。棒运动到cd处撤去外力，此后棒的速度vt随位移x的变化规律满足，且棒在运动到磁场右边界ef处恰好静止。求：

（1）用法拉第电磁感应定律导出本题中金属棒在区域abdc内切割磁感线时产生的感应电动势随时间t变化的表达式；

（2）df的长度x2应满足什么条件；

（3）金属棒运动过程中流过电阻R的最大电流值和最小电流值。

8、如图，凹槽水平底面宽度s=0.3m，左侧高度H=0.45m，右侧高度h=0.25m。凹槽的左侧直面与光滑的水平面BC相接，水平面左侧与水平传送带AB相接且相切，凹槽右侧竖直面与平面MN相接。传送带以m/s速度转动，将小物块P1轻放在传送带的A端，P1通过传带后与静置于C点的小物块P2发生弹性碰撞。P2的质量m=1kg，P1的质量是P2质量的k倍（已知重力加速度g=10m/s2，P1与传送带间的动摩擦因素，L=1.5m，不计空气阻力。）

（1）求小物块P1到达B点时速度大小；（2）若小物块P2碰撞后第一落点在M点，求碰撞后P2的速度大小；Ks5u（3）设小物块P2的第一落点与凹槽左侧竖直面的水平距离为x，试求x的表达式。9、如图，MN、PQ为固定在同一竖直平面内的两根水平导轨，两导轨相距d=10cm，导轨电阻不计。ab、ef为两根金属棒，ab的电阻R1=0.4Ω，质量m1=1kg，ef的电阻R2=0.6Ω，质量m2=2kg。金属棒ab竖直立于两导轨间，可沿着导轨在水平方向平动。金属棒ef下端用铰链与导轨PQ链接，可在两导轨间转动，ef的上端与导轨MN的下表面搭接，金属棒ef与导轨成60°角。两棒与导轨保持良好接触，不计各处摩擦。整个装置处在磁感应强度B=1T、方向垂直于导轨的水平磁场中。t=0时起，给金属棒ab施加一水平向左的力F1，使金属棒ab向左运动，同时给金属棒ef的上端施加一垂直于ef斜向上的力F2（F2在图示竖直平面内），F2随时间的变化满足：F2=（0.01t+5）N，在金属棒ab向左运动的过程中，金属棒ef与导轨MN保持搭接但恰好无压力。重力加速度g取10m/s2。试求：（1）金属棒ab的速度随时间变化的关系式，并说明其运动性质。（2）在0~5s内，通过金属棒ab的电量。（3）第5s末，F1的瞬时功率。10、如图所示，两平行的光滑金属导轨安装在一倾角为α的光滑绝缘斜面上，导轨间距为L，电阻忽略不计且足够长，一宽度为d的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁感应强度为B。另有一长为2d的绝缘杆将一导体棒和一边长为d（d<L）的正方形线框连在一起组成的固定装置，总质量为m，导体棒中通有大小恒为I的电流。将整个装置置于导轨上，开始时导体棒恰好位于磁场的下边界处。由静止释放后装置沿斜面向上运动，当线框的下边运动到磁场的上边界MN处时装置的速度恰好为零。重力加速度为g。（1）求刚释放时装置加速度的大小；（2）求这一过程中线框中产生的热量；（3）在图（b）中定性地画出整个装置向上运动过程中的速度-时间（v-t）图像；（4）之后装置将向下运动，然后再向上运动，经过若干次往返后，最终整个装置将在斜面上作稳定的往复运动。求稳定后装置运动的最高位置与最低位置之间的距离。参考答案1、解：（1）设粒子A速率为v0，其轨迹圆圆心在O点，故A运动至D点时速度与y轴垂直，粒子A从D至G作类平抛运动，令其加速度为a，在电场中运行的时间为t则有

①（2分）和

②（2分）联立①②解得故

③（1分）（2）粒子A的轨迹圆半径为R，由得

④（2分）

⑤（1分）

联立①③⑤得

⑥（2分）解得

⑦（1分）（3）令粒子A’

轨迹圆圆心为O’

，因为∠O’

CA’

=90°，O’C=R，以

O’为圆心，

R为半径做A’

的轨迹圆交圆形磁场O1于H点，则四边形CO’

HO1为菱形，故O’

H∥y轴，粒子A’

从磁场中出来交y轴于I点，HI⊥O’

H，所以粒子A’

也是垂直于y轴进入电场的

令粒子A’

从J点射出电场，交x轴于K点，因与粒子A在电场中的运动类似，∠JKG=45°，GK=GJ。

（2分）OI－JG=R又OI=R+Rcos30°解得JG=Rcos30°=R

（3分）粒子A’再次回到x轴上的坐标为（，0）

（2分）

2、解析：（1）对球，从静止到碰的过程由动能定理：

解得：

（2分）、碰撞由动量守恒，有：

解得共同速度：，方向向左

（2分）

设整体C在最高点速度为，由机械能守恒：

(2分)（2）由牛顿第二定律：

解得受到的拉力：T=18mg

即为小球B重力的18倍。

（2分）（3）MN右侧空间加上一水平向左的匀强电场后，整体C受到重力和电场力的合力为：，

(1分)设合力方向与竖直方向间的夹角为，如图，则有

，所以，

(1分)整体C做完整圆周运动的条件是：在Q点绳的拉力满足：设此时整体C在Q点的速度为，即：

得：

（2分）设整体C在最低点的速度大小为v1，由动能定理：

（2分）、碰撞由动量守恒，有：

（1分）若碰后整体C方向向左，取最小，得：

由

得：

（2分）若碰后整体C方向向右，取最小

得：

由

得：

（2分）所以，满足的条件是：或

（1分）3、解：（1）根据右手定则知，a端为正极，故带电粒子必须带负电（1分）

Ab棒切割磁感线，产生的电动势①（2分）

对于粒子，据动能定理：②（2分）联立①②两式，可得③（1分）（2）要使粒子不从外边界飞出，则粒子最大半径时的轨迹与外圆相切根据几何关系：④

即（2分）而⑤（2分）联立③④⑤可得（1分）故ab棒的速度范围：（1分）（3），故如果让粒子在MN间一直加速，则必然会从外圆飞出，所以如果能够让粒子在MN间只加速一部分距离，再匀速走完剩下的距离，就可以让粒子的速度变小了。

（1分）设磁场宽度为S0时粒子恰好不会从外圆飞出，此情况下由④⑤可得粒子射出金属板的速度……⑥

（2）粒子的加速度：⑦（1分）解得：对于棒ab：S0（1分）故磁场的宽度应（1分）4、解：（1）①金属棒在弯曲光滑导轨上运动的过程中，机械能守恒，设其刚进入磁场Ⅰ时速度为v0，产生的感应电动势为E，电路中的电流为I。由机械能守恒，解得v0=感应电动势E=BLv0，对回路解得：I=

（3分）②对金属棒b：所受安培力F=2BIL又因I=金属棒b棒保持静止的条件为F≤mg解得h≤

（3分）（2）金属棒a在磁场Ⅰ中减速运动，感应电动势逐渐减小，金属棒b在磁场Ⅱ中加速运动，感应电动势逐渐增加，当两者相等时，回路中感应电流为0，此后金属棒a、b都做匀速运动。设金属棒a、b最终的速度大小分别为v1、v2，整个过程中安培力对金属棒a、b的冲量大小分别为Ia、Ib。由BLv1=2BLv2，解得v1=2v2设向右为正方向：对金属棒a，由动量定理有-Ia=mv1-mv0

对金属棒b，由动量定理有-Ib=-mv2-0

由于金属棒a、b在运动过程中电流始终相等，则金属棒a受到的安培力始终为金属棒b受到安培力的2倍，因此有两金属棒受到的冲量的大小关系Ib=2Ia解得，根据能量守恒，回路中产生的焦耳热Qb=

（4分）

说明：计算题中用其他方法计算正确同样得分。5、（1）由于开始时物块A、B给小车的摩擦力大小相等，方向相反，小车不动，物块A、B做减速运动，加速度a大小一样，A的速度先减为零。

设A在小车上滑行的时间为t1，位移为s1，由牛顿定律

μmg=ma

A做匀减速运动，由运动学公式

v1=at1

由以上三式可得

a=1m/s2，t1=2s

，s1=2m

A在小车上滑动过程中，B也做匀减速运动，B的位移为s2，由运动学公式

可得

s2=6mA在小车上停止滑动时，B的速度设为v3，有

可得

v3=2m/sB继续在小车上减速滑动，而小车与A一起向右方向加速。因地面光滑，两个物块A、B和小车组成的系统动量守恒，设三者共同的速度为v，达到共速时B相对小车滑动的距离为s3

可得

v=0.5m/s在此过程中系统损失的机械能为

可得

s3=1.5m故小车的车长

L=s1+s2+s3=9.5m

（2）由于A滑到相对小车静止以后，它随小车一起运动。故C点距小车左端的距离为

s1=2m

2J（3）小车和A在摩擦力作用下做加速运动，由牛顿运动定律

μmg=（m+M)a1可得小车运动的加速度

小车加速运动的时间为t3，小车匀速运动的时间为t4

v=a1t3可得

t3=1.5s所以

t4=（5-2-1.5)s=1.5s经5s小车离原位置有

可得

6、解：（1）金属棒刚开始运动时x=0，且v=0，不受安培力作用，所以此时所受合外力为F==0.4N，由牛顿第二定可得

a=m/s2=0.4m/s2

（2分）依题意，电阻R两端电压随时间均匀增大，即金属棒切割磁感线产生的电动势随时间均匀增大，根据ε=Blv，可知金属棒的速度随时间均匀增大，所以金属棒做初速度为零的匀加速运动。（不需要说明理由，只要得出结论即给分）

（1分）（2）金属棒做初速度为零，加速度为a=0.4m/s2的匀变速运动，则，

①

（1分）由牛顿第二定可知：，

②

（1分）又

F＝，

代入得：所以

③

（1分）解得：

④

（1分）【得出①、②式后，也可根据图像中的数据点求解：从图乙可知，当x=0.8m时，F=0.8N，代入②式有

③

（1分）解得：

B=0.5T

④

（1分）】（3）设外力F作用的时间为t，则力F作用时金属棒运动距离：，撤去外力后金属棒，到PQ恰好静止，所以v=0，v0=at，得撤去外力后金属棒运动距离：；因此

（2分）代入相关数值，得0.2t2+0.8t-1＝0，解得t＝1s

（2分）（4）力F作用时金属棒运动距离：

（1分）由F-x图可知图线与横、纵坐标轴所围面积代表在此过程中外力F做的功WF，通过数格子可知WF约为0.11J（0.1J---0.11J）。

（1分）金属棒从MN开始运动到PQ边静止，由动能定理得：WF+W安=0所以电阻R产生的热量

QR=-W安=WF=0.11J

（1分）7、（1）导体MN向右切割磁感线运动的速度，在极短时间内导体MN移动的距离是，穿过回路的磁通量的变化量为，（2分）

；（2分）（2），（1分）

，（1分）代入：，得：；（2分）（3）在df段：速度减小，感应电动势减小且回路总电阻恒定，所以感应电流减小，当速度减为零时，感应电流也为零，即电流最小值为零；或当t=0时电流最小值为零；（2分）在bd段：。（2分）最大电流值讨论：

①当满足，即：且≤（在bd段内能达到最大电流），；（1分）

②当>时，当导体棒加速运动到cd处时，。（1分）8、解：（1）若P1从A点滑至B点过程中一直加速，根据动能定理有：

…………………Ks5u…………（2分）

解得在B点的速度m/s>m/s

……（1分）

说明P1从A点滑至B点是先加速后匀速，则P1到达B点时速度大小为：

m/s

………………（1分）（2）小球P2从B点到M点，根据平抛运动规律有：

得下落时间…………（2分）由解得小球P1从C点抛出时的速度=1.5m/s

…（2分）（3）根据动量守恒定律有：

…………………（1分）

根据能量守恒有：

………………（1分）

解得：

……………（1分）

①若P2落在MN水平面，则

解得

………………（1分）

即当时，

………………（1分）②当P2落在凹槽底面时，落地时间

……………（1分）最大抛出速度

……………（1分）所以若P2落在凹槽底面时，则，解得

……………（1分）

即当时，

…………（1分）③当时，P2落在右侧竖直面上，故Ks5u………（1分）9、解：（1）金属棒ab、ef受到的安培力大小分别用F1A、F2A表示。对金属棒ef，由力矩平衡得：，

（1分）其中F2=（0.01t+5）N，m2g=20N可得：F2A=0.02tN

（1分）又

（1分）即有：

（1分）可得：（m/s）

（1分）所以金属棒ab向左做初速度为0、加速度为的匀加速直线运动。（1分）（2）在0~5s内：金属棒ab的位移：

（1分）通过金属棒ab的电量：

（2分）（3）在第5s末：

（1分）

（1分）即有：

（1分）所以F1的瞬时功率为

（2分）10、（1）ma=BIL-mgsinθ，可得a=-gsinθ（3分）（2）设装置由静止释放到导体棒运动到磁场下边界的过程中，安培力对线框做功的大小为W，根据动能定理有：0-0=BIL·d-mgsinθ·4d-W解得W=BILd-4mgdsinθ线框中产生的热量Q=W=BILd-4mgdsinθ（4分）（3）答案见图（三段运动图像各1分：第一段，初速度为零的匀加速运动；第二段，加速度比第一段小的匀减速运动；第三段，加速度减小的减速运动，最终速度为零）（3分）（4）装置往复运动的最高位置：线框的上边位于磁场的下边界，此时金属棒距磁场上边界d；往复运动到最低位置时，金属棒在磁场内，设距离上边界x，mgsinθ·（x+d）=BIL·x

可解出x=最高位置与最低位置之间的距离为x+d=

（4分）

高考物理电学实验第一讲电学实验基础知识近几年高考物理电学实验的考查不断推陈出新,但仍然是基于两个基本的实验原理,即R=U/I,和E=U外+U内.从考查的形式上看，主要表现在以下三方面：一是命题由知识立意向能力立意转变，从机械记忆向分析理解与迁移应用转变；二是在试题情景设置上多与生产、生活实际相结合，更注重综合应用能力的考查；三是注重实验中科学探究能力的考查，为学生进入高校的继续学习打下基础。高考电学实验题是“源于教材，但又高于教材”，侧重考查实验思想和方法，考查动手操作、观察记录和数据分析处理的能力和简单的实验设计能力。电学实验虽然常考常新，但万变不离其宗，”题在书外，理在其中”，不变的实验的基本原理、基础知识、基本方法和基本技能。理论讲解一、明确电路结构测量电路控制电路图1除“测电源电动势和内阻”测量电路控制电路图1二、电流表、电压表的选取1.顺序问题一般情况下电源是唯一性器材，首先由电源的电动势E出发，由E或所测元件的额定电压来估算所测元件的最大电压Um，以此来确定eq\o\ac(○,V)表量程；再计算电流表的最大电流Im或者由所测元件的额定电流来确定eq\o\ac(○,A)表量程。2.可获取的实验数据宽度问题基于实验测量精确度的，实验可获取的数据宽度下限是电表量程的1/3，上限是电表量程和Um(Im)二者中的最小值。选择电表时，能获取实验数据宽度越大的电表，就是应选择的电表。3.选择电流表、电压表时不考虑Um(Im)超过量程的问题，因为有控制电路可以控制。三、两种控制电路的比较电路图负载R上电压U调节范围负载R上电流调节范围闭合电键前触头处位置相同条件下电路消耗的总功率分压接法eq\f(R,R+R0)U0≤U≤U0eq\f(U0,R+R0)≤IR≤eq\f(U0,R)aU0IR限流接法0≤U≤U00≤IR≤eq\f(U0,R)aU0(IR+IaP)比较分压路调节范围大分压电调节范围大保护电路限流电能耗较小2.两种控制电路的选择（1）根据关键词选择凡题目中要求“测量数据从0开始”、“数据变化范围大（图象、特征曲线、多测数据）”，都一定要使用分压式。需要用限流接法的关键词只有“节能”（2）根据待测电阻与滑动变阻器的阻值大小关系判断大电阻（R滑≪RX），采用分压式便于线性调节；小电阻（R滑≥RX），采用限流式便于线性调节。（3）最后核对安全性在限流接法中，最小电流大于电表量程或回路元件的额定电流，则分压；在分压接法中，滑动变阻器与电源所在回路的工作电压超过了电源或滑动变阻器的额定电流，则换用限流接法。四、伏安法测电阻1.电流表内接法和外接法的比较五、两种伏安特性曲线的区别与联系1.电阻的伏安特性曲线2.电源的伏安特性曲线3.电源的伏安特性曲线与电阻的伏安特性曲线的交点，为电源和电阻共同的工作点。种类图像对应的一次函数电路基本原理及其方程电源的伏安特性曲线U=E-IrE=U+Ir闭合电路欧姆定律R=E/I-rE=I(R+r)1/I=R/E+r/E1/U=r/ER+1/EE=U+Ur/R电阻的伏安特性曲线U=IRR=U/I两种伏安特性曲线相交电路图电路工作点PP点对应的电流电压，即是电阻实际工作的电流电压，也是电源实际工作的输出电压和干路电流。六、电表的改装原理1.eq\o\ac(○,G)表改装为电流表的原理：并联电阻反比分流电流表改装成电流表改装的目的是:测量更大的电流RA=Rg/n故量程扩大的倍数越高，并联的电阻值越小，电流表的内阻越小。说明：改装后的电表中通过电流计G的最大电流Imax与两端的最高电压Umax变为多少？改装后的电压表或电流表，虽然量程扩大了，但通过电流表的最大电流或加在电流表两端的最大电压仍为电流表的满偏电流Ig和满偏电压Ug，只是由于串联电路的分压及并联电路的分流使表的量程扩大了。2.eq\o\ac(○,G)表改装为电压表的原理：并联电阻正比分压改装的目的是：测量更大的电压方法：若量程扩大n倍，则应给电流表串联一个电阻。故量程扩大的倍数越高，串联的电阻值越大，电压表的内阻越大。RV=nRg3.eq\o\ac(○,G)表改装为欧姆表的原理：闭合电路欧姆定律甲：短接调零：乙：断开I=0丙：测量电阻注意：欧姆表的黑表笔跟表内电池的正极相连。红表笔跟表内电池的负极相连。用欧姆表判别二极管好坏时用到这一点。欧姆挡的使用:①选倍率。比电阻估计值低一个数量级。②进行欧姆调零:红、黑表笔短接,调节欧姆调零旋钮,使指针指右端零刻线处。③将红黑表笔接被测电阻两端进行测量。④将指针示数乘以倍率得测量值。⑤将选择开关扳到OFF或交流电压最高挡若指针偏角小，应增大倍率重测；若指针偏角大，应减小倍率重测。规律总结1．欧姆表刻度盘特点(1)左∞右0：电阻无限大与电流、电压零刻度重合，电阻零与电流、电压最大刻度重合．(2)刻度不均匀：左密右疏．(3)欧姆挡是倍率挡，即读出的示数应再乘以该挡的倍率；电流、电压挡是量程范围挡．在不知道待测电阻的估计值时，应先从小倍率开始，熟记“小倍率小角度偏，大倍率大角度偏”(因为欧姆挡的刻度盘上越靠左读数越大，且测量前指针指在左侧“∞”处)．2．读数技巧(1)为了减小读数误差，指针应指在表盘eq\f(1,3)到eq\f(2,3)的部分，即中央刻度附近．(2)指针所在刻度盘处每个小格表示1Ω时，要估读到下一位，其余情况都不用估读到下一位．(3)电阻值等于指针示数与所选倍率的乘积．第二讲电学实验的热点问题及创新设计理论讲解一、电学实验的热点问题1.以测电阻为核心的电学实验中学测电阻的常用方法归纳如下：方法测量部分电路伏安法有系统误差无系统误差能消除系统误差等效替代法电流等效替代和电压等效替代比例法并联反比分流无系统误差串联正比分压无系统误差单表比例法（有系统误差，若调为1:1即为半偏法）欧姆定律法测电源电动势和内阻，有系统误差欧姆表测电阻，无系统误差电桥法无系统误差2.“两种伏安特曲线”的综合应用类实验这类问题，利用电源的伏安特性曲线和电学元件的伏安特性曲线，找出各元件的工作点，即找出齐元件在电路中的共作状态(电流、电压值)是解决问题的关键。思路一:利用电源的伏安特性曲线（等效)电阻的伏安特性曲线相交。若是两个电阻串联或者并联接人电源，不论它们阻值相同还是不同都可以使用l如表中所述方法寻找各元件的工作点。图像及电路找工作点的方法图(b)电路的情况下，灯泡伏安特性曲线与电源伏安特性曲线的交点，见图(a)中的P点，既是灯泡的工作点，也是电源的工作点1.由RA、RB的U一I曲线，作出它们的等效电阻RAB。的U一I曲线:在某一相同电压U，找到A,B各自对应的电流IA,IB，根据坐标(IA+IB,U)在图(a)中描点。再用同样的方法，描出不同电压U对应的坐标点(IA+IB,U)连接这些点的光滑曲线即为等效电阻RAB的U一I曲线。2.RAB的U一I曲线与电源的U一I曲线的交点M就是电源和RAB的工作点，对应的点P、Q则分别为RA、RB的工作点1.由RA、RB的U一I曲线，作出它们的等效电阻RAB。的U一I曲线:在某一相同电压U，找到A,B各自对应的电流UA,UB，根据坐标(I,UA+UB)在图(a)中描点。再用同样的方法，描出不同电压U对应的坐标点(I,UA+UB)连接这些点的光滑曲线即为等效电阻RAB的U一I曲线。2.RAB的U一I曲线与电源的U一I曲线的交点M就是电源和RAB的工作点，对应的点P、Q则分别为RA、RB的工作点思路二:电路的伏安特性曲线与电阻的伏安特性曲线相交。若是两个阻值相同的电阻串联或者并联接人电源除r上表中的方法外，还可以使用如下表中所述方法来寻找各元件的工作点。图像及电路找工作点的方法以灯泡的U和I为变量列出图(b)电路的闭合电路欧姆定律E=U+Ir，有U=E一rl,该U一I图线(也是电源的伏安特性曲线)如图(a)所示，其与灯泡的伏安特性曲线的交点见图(a),既是灯泡的工作点，也是电源的工作点以两个相同灯泡的U和l为变量，列出图(b)中电路的闭合电路欧姆定律方程E=2U+Ir有U=-rI/2+E/2