2022届江苏省高考物理押题密卷（解析版）

2022年江苏省高考物理押题密卷

一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项最符合题

意

1.如图，水平放置的圆柱形光滑玻璃棒左边绕有一线圈，右边套有一金属圆环。圆环初始

时静止。将图中开关S由断开状态拨至连接状态，电路接通的瞬间，可观察到（

A.拨至"端或川端，圆环都向左运动

B.拨至〃端或N端，圆环都向右运动

C.拨至材端时圆环向左运动，拨至N端时向右运动

D.拨至."端时圆环向右运动，拨至、端时向左运动

2.火星的质量约为地球质量的工，半径约为地球半径的!，那么同一物体在火星外表与

在地球外表受到的引力的比值约为（）

A.0.2

B.0.4

C.2.0

D.2.5

3.如图，一同学表演荡秋千。秋千的两根绳长均为10m,该同学和秋千踏板的总质量约为

50kg。绳的质量忽略不计，当该同学荡到秋千支架的正下方时，速度大小为8m/s,此时

每根绳子平均承受的拉力约为（）

A.200NB.400NC.600ND.800N

4.如图，悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上。点处;绳的一端固定在墙上，

另一端通过光滑定滑轮与物体乙相连。甲、乙两物体质量相等。系统平衡时，。点两侧绳与

竖直方向的夹角分别为。和假设a=70。，那么£等于（）

A.45°B.55°C.60°D.70°

5.双缝干预实验装置的截面图如下图。光源S到Si、*的距离相等，。点为，、8连线中垂

线与光屏的交点。光源S发出的波长为久的光，经与出射后垂直穿过玻璃片传播到。点，

经8出射后直接传播到〃点，由Si到。点与由Sz到。点，光传播的时间差为Af。玻璃片厚

度为104,玻璃对该波长光的折射率为1.5,空气中光速为c,不计光在玻璃片内的反射。

以下判断正确的选项是（）

、A152

D.A/=---

6.一列简谐横波在均匀介质中沿*轴负方向传播，工=3彳处质点的振动方程为

4

2兀3

y=Acos（—t）,那么时刻的波形图正确的选项是（〕

7.一定质量的理想气体从状态a开始，经a一从l°、c-a三个过程后回到初始状态a,

其图像如下图。三个状态的坐标分别为a（九2A）＞b（2H，网）、c（3%2Z）以下

判断正确的选项是（）

A.气体在a-8过程中对外界做的功小于在Ac过程中对外界做的功

B.气体在a-6过程中从外界吸收的热量大于在Ac过程中从外界吸收的热量

C.在c-a过程中，外界对气体做的功小于气体向外界放出的热量

D.气体在c-a过程中内能的减少量大于6-c过程中内能的增加量

8.如下图，一轻质光滑定滑轮固定在倾斜木板上，质量分别为，"和2m的物块A、B,通过

不可伸长的轻绳跨过滑轮连接，A、B间的接触面和轻绳均与木板平行。A与B间、B与木板

间的动摩擦因数均为〃，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当木板与水平面的夹角为45°

时，物块A、B刚好要滑动，那么〃的值为（）

1111

A.—B.-C.-D.一

3456

9.在图（a）所示的交流电路中，电源电压的有效值为220V,理想变压器原、副线圈的匝数

比为10：1,R、兆、用均为固定电阻，尼=10Q,兆=20Q,各电表均为理想电表。电阻尼

中电流E随时间£变化的正弦曲线如图（b）所示。以下说法正确的选项是（

A.所用交流电的频率为100HzB.电压表的示数为100V

C.电流表的示数为LOAD.变压器传输的电功率为15.0W

10.CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称,CT扫描机可用于对多种病情的探测。图（a）

是某种CT机主要局部的剖面图，其中X射线产生局部的示意图如图（b）所示。图（b）中

MW之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场；经调节后电子束从静止开始

沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X射线（如图中带箭头的虚线所示）；将

电子束打到靶上的点记为P点。那么（）

A."处的电势高于N处的电势

B.增大欣/V之间的加速电压可使尸点左移

C.偏转磁场的方向垂直于纸面向外

D.增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P点左移

二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、

方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确

写出数值和单位。

11.某实验小组选用以下器材测定电池组的电动势和内阻，要求测量结果尽量准确。

电压表（量程O~3V,内阻约为3k。〕

电流表（量程0〜0.6A,内阻约为1。）

滑动变阻器（0~20Q,额定电流1A）

待测电池组（电动势约为3V,内阻约为1。）

开关、导线假设干

①该小组连接的实物电路如下图，经仔细检查，发现电路中有一条导线连接不当，这条导线

对应的编号是。

②改正这条导线的连接后开始实验，闭合开关前，滑动变阻器的滑片产应置于滑动变阻器的

________端（填"a"或者”/）

③实验中发现调节滑动变阻器时，电流表读数变化明显但电压表读数变化不明显。为了解决

这个问题，在电池组负极和开关之间串联一个阻值为5Q的电阻，之后该小组得到了几组电

压表读数〃和对应的电流表读数/,并作出U-/图像，如下图。根据图像可知，电池组的

电动势为V,内阻为Q。（结果均保存两位有效数字）

12.如下图，垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度6随时间t均匀变化。正方形硬质金

属框放置在磁场中，金属框平面与磁场方向垂直，电阻R=O.1C,边长/=0.2m。

求

（1）在，=0到f=0.1s时间内，金属框中的感应电动势及

(2)f=0.05s时，金属框a6边受到的安培力厂的大小和方向；

(3)在，=0到r=O.ls时间内，金属框中电流的电功率?。

13.甲、乙两个储气罐储存有同种气体(可视为理想气体)。甲罐的容积为匕罐中气体的压

强为P；乙罐的容积为2匕罐中气体的压强为:p。现通过连接两罐的细管把甲罐中的局部

气体调配到乙罐中去，两罐中气体温度相同且在调配过程中保持不变，调配后两罐中气体的

压强相等。求调配后：

(i)两罐中气体的压强；

(ii)甲罐中气体的质量与甲罐中原有气体的质量之比。

14.单板滑雪〃型池比赛是冬奥会比赛工程，其场地可以简化为如图甲所示的模型：〃形滑

道由两个半径相同的四分之一圆柱面轨道和一个中央的平面直轨道连接而成，轨道倾角为

17.2°。某次练习过程中，运发动以所10m/s的速度从轨道边缘上的，"点沿轨道的竖直切

面力比《滑出轨道，速度方向与轨道边缘线4〃的夹角。=72.8°,腾空后沿轨道边缘的M点

进入轨道。图乙为腾空过程左视图。该运发动可视为质点，不计空气阻力，取重力加速度的

大小麦10m/s2,sin72.8°=0.96,cos72.8°=0.30。求：

(1)运发动腾空过程中离开力〃的距离的最大值d；

(2)班N之间的距离。

15.某型号质谱仪的工作原理如图甲所示。以"为竖直放置的两金属板，两板间电压为〃，Q

板为记录板，分界面-将取0间区域分为宽度均为d的/、〃两局部，欣取P、0所在平

面相互平行，a、b为M、"上两正对的小孔。以a、5所在直线为z轴，向右为正方向，取z

轴与。板的交点0为坐标原点，以平行于。板水平向里为了轴正方向，竖直向上为y轴正方

向，建立空间直角坐标系公彩。区域All内分别充满沿x轴正方向的匀强磁场和匀强电场，

磁感应强度大小、电场强度大小分别为6和及一质量为如电荷量为的粒子，从a孔飘

入电场(初速度视为零)，经6孔进入磁场，过一面上的c点(图中未画出)进入电场，最

终打到记录板0上。不计粒子重力。

(1)求粒子在磁场中做圆周运动的半径"以及c点到z轴的距离L-,

(2)求粒子打到记录板上位置的x坐标；

(3)求粒子打到记录板上位置的y坐标(用Rd表示)；

(4)如图乙所示，在记录板上得到三个点鼠、乐双，假设这三个点是质子;H、瓶核:H、＜

核；He的位置，请写出这三个点分别对应哪个粒子(不考虑粒子间的相互作用，不要求写

出推导过程〕。

L【答案】B

【解析】

【详解】无论开关S拨至哪一端，当把电路接通一瞬间，左边线圈中的电流从无到有，电流

在线圈轴线上的磁场从无到有，从而引起穿过圆环的磁通量突然增大，根据楞次定律（增反

减同），右边圆环中产生了与左边线圈中方向相反的电流，异向电流相互排斥，所以无论哪

种情况，圆环均向右运动。

应选B。

2.【答案】B

【解析】

【详解】设物体质量为0,那么在火星外表有

在地球外表有

由题意知有

故联立以上公式可得

应选Bo

3.【答案】B

【解析】

【详解】在最低点由

知

7M10N

即每根绳子拉力约为410N,应选B。

4.【答案】B

【解析】

【详解】甲物体是拴牢在0点，且甲、乙两物体的质量相等，那么甲、乙绳的拉力大小相等，

0点处于平衡状态，那么左侧绳子拉力的方向在甲、乙绳子的角平分线上，如下图

根据几何关系有

解得夕=55°。

应选Bo

5.【答案】A

【解析】

【详解】光在玻璃中的传播速度为

可知时间差

应选A。

6.【答案】D

【解析】

351

【详解】根据题意可知，f=时，在己4=4+一%处的质点处于

444

那么此时该质点位于平衡位置，下一时刻，该质点向上运动，故AB错误；

根据题意，横波沿x轴负方向传播，根据同侧法判断可知，C错误，D正确。

应选D。

7.【答案】C

【解析】

【详解】A.根据气体做功的表达式卬=&=〃自=〃・八V可知，一丫图线和体积横轴围

成的面积即为做功大小，所以气体在afb过程中对外界做的功等于89c过程中对外界

做的功，A错误；

B.气体从。­匕，满足玻意尔定律pV=C,所以

所以△".=(),根据热力学第一定律△U=Q+W可知

气体从b—c,温度升高，所以AU历>0.根据热力学第一定律可知

结合A选项可知

所以

brc过程气体吸收的热量大于arb过程吸收的热量，B错误；

C.气体从cfa,温度降低,所以△0,“<0,气体体积减小，外界对气体做功,所以%>0,

根据热力学第一定律可知Qca<0,放出热量，C正确；

D.理想气体的内能只与温度有关，根据1=7；可知从

所以气体从c-a过程中内能的减少量等于b->c过程中内能的增加量，D错误。

应选Co

8.【答案】C

【解析】

【详解】当木板与水平面的夹角为45°时，两物块刚好滑动，对A物块受力分析如图

沿斜面方向，A、B之间的滑动摩擦力

根据平衡条件可知

对B物块受力分析如图

沿斜面方向，B与斜面之间的滑动摩擦力

根据平衡条件可知

两式相加，可得

解得

应选C。

9.【答案】D

【解析】

【详解】A.交流电的频率为

A错误；

B.通过R2电流的有效值为

与两端即副线圈两端的电压，根据欧姆定律可知

根据理想变压器的电压规律什=」可知原线圈的电压

U2n2

电阻飞两端分压即为电压表示数，即

B错误；

C.电流表的示数为

C错误；

D.副线圈中流过的总电流为

变压器原副线圈传输的功率为

D正确。

应选lb

10.【答案】D

【解析】

【详解】A.由于电子带负电，要在MN间加速那么MN间电场方向由N指向M,根据沿着电

场线方向电势逐渐降低可知M的电势低于N的电势，故A错误；

B.增大加速电压那么根据

可知会增大到达偏转磁场的速度；又根据在偏转磁场中洛伦兹力提供向心力有

可得

可知会增大在偏转磁场中的偏转半径，由于磁场宽度相同，故根据几何关系可知会减小偏转

的角度，故P点会右移，故B错误；

C.电子在偏转电场中做圆周运动，向下偏转，根据左手定那么可知磁场方向垂直纸面向里，

故C错误；

D.由B选项的分析可知，当其它条件不变时，增大偏转磁场磁感应强度会减小半径，从而

增大偏转角度，使P点左移，故D正确。

应选D。

11.【答案】①.5②.a@.2.9④.0.80

【解析】

【详解】①因为电源内阻较小，故对于电源来说应该采用电流表外接法，图中采用的是电流

表内接；故导线5连接不当，应该从电压表正接线柱接到电流表正接线柱；

②开始实验前应该让滑动变阻器连入电路阻值最大，故应将滑片置于a端；

③由图线可知图线与纵轴交点即为电源电动势，故后2.9V；图线与横轴的交点为短路电

流占0.50A,故可得等效内阻为

又因为在开关和电池负极之间接有5c的电阻，在计算过程中等效为内阻，故电源内阻为

12.【答案】（1）0.08V；（2）0.016N,方向垂直于数向左；（3）0.064W

【解析】

【详解】（1）在t=O到/=0.k的时间△/内，磁感应强度的变化量AB=0.2T,设穿过金

属框的磁通量变化量为△①，有

△①=岫2①

由于磁场均匀变化，金属框中产生的电动势是恒定的，有

联立①②式，代入数据，解得

七=0.08V③

(2)设金属框中的电流为/,由闭合电路欧姆定律，有

由图可知，f=0.05s时，磁感应强度为4=01T,金属框瑟边受到的安培力

F=呜⑤

联立①②④⑤式，代入数据，解得

尸=0.016N⑥

方向垂直于数向左。⑦

(3)在r=0到f=O.ls时间内，金属框中电流的电功率

P=『R⑧

联立①②④⑧式，代入数据，解得

P=0.064W⑨

22

13•【答案】(i)—p；(ii)—

33

【解析】

【详解】(i)气体发生等温变化，对甲乙中的气体，可认为甲中原气体有体积/变成3匕

乙中原气体体积有2P变成3匕那么根据玻意尔定律分别有

pV=p}-3V,；p­2V=p2・3V

那么

那么甲乙中气体最终压强

(ii)假设调配后将甲气体再等温压缩到气体原来的压强为。那么

计算可得

由密度定律可得，质量之比等于

14.【答案】(1)4.8m；(2)12m

【解析】

【详解】(1)在M点，设运发动在48⑺面内垂直4。方向的分速度为匕，由运动的合成与分

解规律得

匕=vMsin72.8°①

设运发动在力仇方面内垂直力〃方向的分加速度为国,由牛顿第二定律得

侬cos17.2°=ma、②

由运动学公式得

联立①②③式，代入数据得

d=4.8m@

(2)在m点，设运发动在4仇力面内平行/〃方向的分速度为小由运动的合成与分解规得

i^=/cos72.8°⑤

设运发动在被切面内平行业?方向的分加速度为4,由牛顿第二定律得

侬sinl7.2°=小⑥

设腾空时间为t,由运动学公式得

f=也⑦

L=v2t+5a2广

联立①②⑤⑥⑦⑧式，代入数据得

£=12m(9)

md2E

⑶

3】⑴a*号-4mU-2qd2B2

y=R-ylR2-d2+.d：­,⑷国、&、s,分别对应瓶核；H、氮核：He、质子;H的位

ylR2-d2

置

【解析】

【详解】(1)设粒子经加速电场到6孔的速度大小为『，粒子在区域/中，做匀速圆周运动

对应圆心角为。，在材、N两金属板间，由动能定理得

。庐JD1V①

在区域/中，粒子做匀速圆周运动，磁场力提供向心力，由牛顿第二定律得

y2

qvB=m—②

R

联立①②式得

由几何关系得

/+(R-L)2=/④

J*-/