2023届亳州市重点高三第二次诊断性检测物理试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，AB、C,。四个小球质量分别为加、4加、2m、3m,用细线连着，在A和C之间细线上还串接

有一段轻弹簧，悬挂在光滑定滑轮的两边并处于静止状态。弹簧的形变在弹性限度内重力加速度大小为g,则下列说

法正确的是（）

C

4gOD

A.剪断C、。间细线的一瞬间，小球。的加速度大小为3g

3

B.剪断C、。间细线的一瞬间，小球A和8的加速度大小均为,g

C.剪断4B间细线的一瞬间，小球。的加速度大小为零

D.剪断。球上方细线的一瞬间，小球A和B的加速度大小均为零

2、如图所示，一定质量的理想气体从状态A经过状态B、C又回到状态A。下列说法正确的是（）

A.4-5过程中气体分子的平均动能增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加

B.C-A过程中单位体积内分子数增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数减少

C.A-8过程中气体吸收的热量大于3-C过程中气体放出的热量

D.A-^B过程中气体对外做的功小于C-A过程中外界对气体做的功

3、一质点以初速度均沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度。的值由零逐渐增大到某一值后

再逐渐减小到零的过程中，该质点（）

A.速度先增大后减小，直到加速度等于零为止

B,位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止

C.位移一直增大，直到加速度等于零为止

D.速度一直增大，直到加速度等于零为止

4、如图所示，一个质量为，〃的铁球处于静止状态，铁球与斜面的接触点为A,推力厂的作用线通过球心0,假设斜面、

墙壁均光滑，若让水平推力缓慢增大，在此过程中，下列说法正确的是（）

A.力尸与墙面对铁球的弹力之差变大

B.铁球对斜面的压力缓慢增大

C.铁球所受的合力缓慢增大

D.斜面对铁球的支持力大小等于」三

5、“S路”曲线行驶是我国驾驶证考试中的一项科目，某次考试过程中，有两名学员分别坐在驾驶座和副驾驶座上，

并且始终与汽车保持相对静止，汽车在弯道上行驶时可视作圆周运动，行驶过程中未发生打滑。如图所示，当汽车在

水平“S路”上减速行驶时

A.两名学员具有相同的线速度

B.汽车受到的摩擦力与速度方向相反

C.坐在副驾驶座上的学员受到汽车的作用力较大

D.汽车对学员的作用力大于学员所受的重力

6、下列说法正确的是（）

A.由公式v=w■可知，圆形轨道人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越大

一可知，所有人造地球卫星离地球越远则其线速度越小

B.由公式v=

C.地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的线速度小于7.9km/s

D.地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的角速度小于地球自转的角速度

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、一列横波沿x轴传播，某时刻的波形图如图所示，质点A的平衡位置与坐标原点。相距1m,此时质点A沿）'轴正

方向运动，经过0.5s第一次到达最大位移处。由此可知—

A.这列波沿x轴负方向传播

B.这列波的波长为2m

C.这列波的传播速度为lm/s

D.这列波的频率为2Hz

E.该时刻起1.5s内质点A走过的路程为0.03m

8、一质量为胆的物体静止在光滑水平面上，现对其施加两个水平作用力，两个力随时间变化的图象如图所示，由图

象可知在&时刻物体的（）

A.加速度大小为土二h

m

B.速度大小为化二九出二G

m

c.动量大小为《二4」

2m

动能大小为（耳二一）电二，

8"2

9、如图所示，理想变压器的原线圈接在"=110&sin5071r（V）的交流电源上，副线圈接有R=11（）。的负载电阻,

原、副线圈匝数之比为1：2,电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是（）

A.电流表的示数约为5.7AB.电压表的示数约为220V

C.原线圈的输入功率为440WD.副线圈输出的交流电的频率为50Hz

10、如图所示,实线为一列简谐横波在某时刻的波形图，虚线为该时刻之后7s的波形图，已知该波的周期为4s,则下列判

断中正确的是（）

A.这列波沿x轴正方向传播

B.这列波的振幅为4cm

C.这列波的波速为2m/s

D.该时刻x=2m处的质点沿y轴负方向运动

E.该时刻x=3m处质点的加速度最大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）用如图甲所示的装置研究小车的匀变速直线运动。图乙是某次实验得到的一条纸带，纸带上相邻两个计数

点间还有四个打点画出。已知A、8两点间距离为4，。、E两点间距离为乙，且有4＞右，交变电流的频率为了。

回答下列问题。

（1）纸带上显示的运动方向为;（选填“从左向右”或““从右向左”）

（2）小车运动的加速度为。=；（用题给物理量字母表示）

（3）£点的速度为嚷=（用题给物理量字母表示）。

12.（12分）某同学测量一段粗细均匀电阻丝的电阻率，实验操作如下:

乙甲

（1）用螺旋测微器测量该电阻丝的直径，如图甲所示的示数为mm。

（2）用多用电表"xl”倍率的欧姆挡测量该电阻丝的阻值，如图乙所示的示数为

（3）用电流表（内阻约为5。）、电压表（内阻约为3kC）测量该电阻丝的阻值瓦，为了减小实验误差，并要求在实

验中获得较大的电压调节范围，下列电路中符合要求的是。

（4）用第（3）问中C选项的方法接入不同长度的电阻丝/,测得相应的阻值R,并作出了K-/图象，如图丙所示中符

合实验结果的图线是（选填“"""或"c"），该电阻丝电阻率的测量值_________（选填“大于”“小于”或“等

于”）真实值。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）将电容器的极板水平放置分别连接在如图所示的电路上，改变滑动变阻器滑片的位置可调整电容器两极

板间电压。极板下方三角形ABC区域存在垂直纸面向里的匀强磁场，其中N5=30°、NC=90°，底边AB平行于极板,

长度为L,磁感应强度大小为以一粒子源。位于平行板电容器中间位置，可产生无初速度、电荷量为+g的粒子，在

粒子源正下方的极板上开一小孔F,。尸C在同一直线上且垂直于极板。已知电源电动势为E,内阻忽略不计，滑动变

阻器电阻最大值为K,粒子重力不计，求：

（1）当滑动变阻器滑片调节到正中央时，粒子从小孔尸射出的速度；

⑵调整两极板间电压，粒子可从A5边射出。若使粒子从三角形直角边射出且距离C点最远，两极板间所加电压应是

多少。

14.(16分)如图所示，一水平放置的薄壁圆柱形容器内壁光滑，长度为L,容器右端中心处开有一圆孔。一定质量

的理想气体被活塞封闭在容器内，器壁导热性良好，活塞可沿容器内壁自由滑动，其厚度不计。开始时气体温度为

300K,活塞与容器底部相距巳3心。现对容器内气体缓慢加热，已知外界大气压强为求：

4

(1)气体温度为400K时，容器内气体的压强；

(2)气体温度为500K时，容器内气体的压强。

15.(12分)如图，质量M=0.3kg的长方体钢板静止在粗糙的水平面上，质量仅=0.5kg的滑块静止在钢板右端。

一质量，叫＞=0.2kg的光滑小球沿水平面以初速度％=5m/s向右运动，与钢板发生弹性正碰，碰撞时间极短，碰后钢板

向右滑行,滑块恰好不从钢板上掉下来。已知钢板与水平面间的动摩擦因数M=0.1，与滑块间的动摩擦因数〃2=02,

取8=10m/s2。求：

(1)碰后瞬间，小球的速度大小和钢板的速度大小；

⑵滑块在钢板上滑行的时间r；

(3)钢板的长度L以及钢板刚停下时滑块与小球间的距离xo

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

AB.开始时，弹簧的弹力为5mg,剪断C。间细线的一瞬间，弹簧的弹力不变，则小球C的加速度大小为

a^5mg-2mg

2m

4B的加速度为零，故AB错误；

C.同理可以分析，剪断A5间细线的一瞬间，小球C的加速度大小为0,故C正确；

D.剪断C球上方细线的一瞬间，弹簧的弹力迅速减为零，因此小球A和8的加速度大小为g,故D错误。

故选C。

2、C

【解析】

A.A-5过程中，温度升高，气体分子的平均动能增加，过原点直线表示等压变化，故单位时间内撞击单位面积器

壁的分子数减小，故A错误；

B.过程中体积减小，单位体积内分子数增加，温度不变，故单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加，故B

错误；

C.气体从A-8过程中，温度升高且体积增大，故气体吸收热量且对外做功，设吸热大小为Qi,做功大小为Wi,

根据热力学第一定律有：气体从5-C过程中，温度降低且体积不变，故气体不做功且对外放热，设放

热大小为。2,根据热力学第一定律：AS=-Q2,气体从CTA过程中，温度不变，内能增量为零，有：

At/=AIZi+AU2=QI-WI-Q2=0

即

Qt=Wi+Q2>Q2

所以A^B过程中气体吸收的热量Qi大于5-C过程中气体放出的热量Q”故C正确；

D.气体做功W=,4-8过程中体积变化等于C-4过程中体积变化，但图像与原点连接的斜率越大，压强

越小，故A-B过程中气体对外做的功大于CTA过程中外界对气体做的功，故D错误。

故选C.

3、D

【解析】

AD.由题意知：加速度的方向始终与速度方向相同，加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到()的过程中，

由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，故A错误，D正确；

B.由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，故B错误；

C.由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大，加速度等于零时做匀速运动，位移仍然增大，故C错

误。

4、D

【解析】

对小球受力分析，受推力R重力G、墙壁的支持力N、斜面的支持力N，，如图:

根据共点力平衡条件，有：

x方向：

尸-N'sinO-N=O

竖直方向：

解得：

N，二』

cosO

A^=F-/ngtanO；

A.故当尸增加时，墙壁对铁球的作用力不断变大，为心尸.〃电tan。；可知尸与墙面对铁球的弹力之差不变，故A错误;

BD.当产增加时，斜面的支持力为修，保持不变，故球对斜面的压力也保持不变，故D正确，B错误；

C.铁球始终处于平衡状态，合外力始终等于0；故C错误；

5、D

【解析】

A.两名学员的线速度大小和方向均不相同；

B.汽车所需向心力由摩擦力提供，不与速度方向相反；

C.学员质量未知，无法比较受到汽车的作用力大小；

D.汽车对学员的作用力竖直分力等于学员所受的重力，水平分力提供合力，故大于重力.

故选Do

6、C

【解析】

A.由公式y=可知，圆形轨道人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越小，选项A错误；

B.由公式丫=形?可知,所有人造地球卫星绕地球做圆周运动时，离地球越远则其线速度越小，选项B错误；

C.第一宇宙速度是所有绕地球做圆周运动的卫星的最大速度，则地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的线速度小于

7.9km/s,选项C正确；

D.地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的角速度等于地球自转的角速度，选项D错误；

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BCE

【解析】

A.题图中质点A正由平衡位置向正向最大位移处运动，根据"上下坡法”可知，波沿x轴正方向传播，故A错误；

B.由波形图可知

OA=-=lm

2=2m

故B正确;

CD.由题知，质点A经0.5s第一次到达最大位移处，则有

T

-=0.5s

4

解得

T=2s

故频率

故C正确，D错误;

E.因

3

1.5s=-T

4

故质点A走过的路程为（）.03m,故E正确。

故选BCE„

8、AD

【解析】

A.由图像可知：在，2时刻物体的加速度由牛顿第二定律可得加速度大小

F-F.

a=-t-----

m

故A正确；

BCD.由动量定理和图像面积可得

（耳一V）（UF）

-------------------mv

2

则

吁（耳一线）”）

2m

根据动量和动能的关系得

F=（4-砧2心-疗

k8m

故BC错误，D正确。

故选AD»

9、BC

【解析】

U,n,

AB.由题意可知变压器输入电压的有效值H=U0V,由一=」可知，副线圈两端电压

力n2

U2=220V

电压表的示数为220V；通过电阻R的电流

=2A

2R110

由〃J="212得

/,=4A

电流表的示数为4A,故A错误，B正确；

C.变压器两端功率相等，故原线圈的输入电功率等于输出功率

P=U2I2=220x2W=440W

故C正确；

D.交流电的频率

fr=——3=-5-0--nHz=2C5HEz

27t2n

变压器不改变交流电的频率，故D错误。

故选BC»

10、BDE

【解析】

A.该波的周期为4s,因为7s=1之7，故波沿x轴负方向传播，A错误；

4

B.波的振幅为4cm,B正确；

C.波速

v=—=lm/s

T

C错误：

D.波沿x轴负方向传播，x=2m处的质点离开平衡位置向下运动，D正确；

E.该时刻x=3m处的质点在波谷位置，离开平衡位置的距离最大，加速度最大，E正确。

故选BDE。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、从左向右区一乙)/(7L「L\)f

7530

【解析】

(1)口］小车加速运动，相邻两点间距离越来越大，所以依次打出点的顺序是E、。、C、B、A,则纸带显示的运动方向

为从左向右。

(2)［2］交变电流的频率为了,则相邻打点的时间间隔为

则图乙中相邻计数点间的时间为5T,由运动规律得

2

LI-L2=3«(5T)

解得

(3)由运动规律得

1,

2

L2=vD(5T)+-a(5T)

vE=vD+a(5T)

解上述两式得

E30

12、2.819-2.8217Da等于

【解析】

(1)[1]螺旋测微器的转动刻度50格共0.5mm长，精确度为0.01mm,格数要估读到0.1格，则电阻丝的直径为：

d-2.5mm+32.0x0.01mm=2.820mm(2.819-2.821)；

(2)[2]欧姆表读电阻，由表盘上的数字乘以倍率得到阻值，可得：

6=7.0x10=7.0。(或7)

(3)[3]实验中获得较大的电压调节范围，则需要滑动变阻器选择分压式接法；

而待测电阻满足：

Rx®7Q<JR.A=V5x3000Q=50检

即待测电阻为小电阻，用电流表的外接法减小系统误差；综上选择D电路实验；

(4)[4]根据电阻定律

R=2.L,

s

可知R-L图像应该是过原点的倾斜直线，但(3)问中的C项电路采用的是电流表的内接法，因电流表分分压导致电

阻的测量值偏大，有：

R测=&+，

故测量图线不过原点，而有纵截距；故选。图线；

[5]由图像求电阻率是利用斜率攵=£求得，”图线和准确图线的斜率相同，故电阻率的测量值等于真实值。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

叵；⑵如

13、(1)

2m16/72

【解析】

D

⑴当滑动变阻器调到一时，两极板间电压为

2

喈

设粒子加速电压为q,则有

由动能定理可得

qU、=；/加

解得

(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，与相切，设轨道半径为r,由几何关系得

4

由牛顿第二定律可知

q%B=X

设两极板间电压为由动能定理得

U,12

于4=万加匕

解得

?)qB2l3

16/n

14、⑴…当

【解析】

3/q

⑴活塞移动时气体做等压变化，当刚至最右