2023年广东省深圳市某中学中考物理质检试卷（5月份）（含答案）

2023年广东省深圳市中考物理质检试卷（5月份）

一.选择题：（每小题只有一个正确选项，每小题2分，共计20分）

1.（2分）在科学发展的历程中，许多物理学家做出了杰出的贡献，下列叙述正确的是（）

A.牛顿通过实验验证了牛顿第一定律

B.托里拆利最早通过实验测量出了大气压的值

C.伽利略最早发现了杠杆原理

D.法拉第最早发现了电与磁的关系

2.（2分）根据你对生活中物理量的认识，下列数据中最接近生活实际的是（）

A.初中物理课本的宽度约为10.5cm

B.中学生的课桌高约为1m

C.篮球板上篮圈到地面的距离约为3.05m

D.一块橡皮从课桌掉到地上时间约为4s

3.（2分）汽车在行驶过程中会产生各种噪声，为了减弱这种噪声污染，有些汽车使用了“以

声消声”的方法，用车内麦克风监听噪声，然后利用喇叭产生反相噪声，与原噪声进行

叠加，最终听到的声音会变弱。以下相关说法正确的是（)

噪声源

VW\4

"A"叠加后声音

抑制噪声信号

A.噪声是一种超声波，对司机的驾驶起干扰作用

B.噪声源声音越强，车内喇叭产生的抑制声波的频率要相应加强

C.车内喇叭在产生反相抑制声波时，将电能转化为机械能

D.汽车行驶时，风产生的噪声与轮胎产生的噪声不同，主要是两种声音的响度不同

4.（2分）在2022年北京冬奥会的开幕式上，利用了中国传统的二十四节气进行倒计时，

从“雨水”开始，到立春落定，是中华民族智慧的结晶。在图中的节气名与其物态变化

相关知识，正确的是（）

A.谷雨节气一地气升为云,天气降为雨，雨的形成是汽化现象

B.白露节气一白露秋分夜，一夜凉一夜,露的形成是熔化现象

C.霜降节气一寒露无青稻,霜降一齐倒,霜的形成是凝华现象

大雪节气一落雪见晴天,瑞雪兆丰年,雪的形成是升华现象

5.（2分）甲、乙、丙图分别是“探究不同物质吸热升温的现象”、“比较质量相等的不同燃

料燃烧放出的热量”和“探究电阻对电流产生热量多少的影响”的实验装置。对比三个

实验有以下判断，其中正确的是（）

甲乙

(1)甲、乙、丙中被加热物质的质量都要相同

(2)甲、乙、丙中除了图中的器材，还都要用到的测量工具是天平和秒表

(3)把丙图中的一个烧瓶里的液体换成等质量的另一种液体，就可以完成图甲实验

(4)乙丙实验中都是通过温度计升高的示数来比较放热多少

A.(1)(2)B.(2)(3)C.(1)(4)D.(3)(4)

6.(2分)在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，实验装置如图所示，下列说法中错误

的是()

木板表面

A.小车最终会停下来说明力是改变物体运动状态的原因

B.实验中要控制小车每次到达斜面底端时速度相同

C.小车在毛巾、棉布、木板表面运动时机械能守恒

D.小车在毛巾表面运动时阻力做功的功率最大

7.(2分)Bidngbidng面是陕西关中地区的传统面食，制作过程经历和面、醒面、擀制、摔

打扯长，然后放入开水锅中煮熟。关于上述过程的说法正确的是()

A.揉捏面团时面团作为受力物体，面团不会对手产生力的作用

B.将面团擀制成条状，体现了力可以改变物体的形状

C.摔打扯长面条的过程中，面条上下飞舞，其运动状态不改变

D.煮面条的过程，是通过做功的方式增加了面条的内能

8.（2分）如图所示的有关电磁知识跟图片的时应关系正确的是（）

A.电铃利用电流的磁效应工作

B.家用电风扇工作原理

C.手摇式发电机工作原理

耀HTk

即

D.G电源4电磁继电器实现了高压电路控制低压电路工作

9.（2分）小科设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压保持不变，Ro

为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电流表示数减小到

某一值时，装置报警。开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时（）

A.若要烟雾浓度较低时报警，可以减小Ro的阻值

B.电流表的示数增大，电压表的示数减小

C.若要烟雾浓度较低时报警，可以减小电源电压

D.电压表示数的变化值与电流表示数的变化值之比变大

10.（2分）小啥同学在连接电路的时候，观察到开关已经生锈。生锈的开关电阻会不会比

较大？她决定用实验来验证，于是她连接了如图这个电路，其中，Ri是阻值为10。的定

值电阻，R2的最大阻值为20。。她将滑片移到最左端的时候，电压表示数为3V,移到最

右端的时候，电压表示数为1.5V,忽略导线和电源的电阻，电压表为理想电压表，则下

列结论正确的是（）

生锈的开关

B.生锈开关的电阻为ion

c.生锈开关的电阻几乎可以忽略

D.电路的最小功率为1.8W

二.作图题：（共2小题，每小题2分，共计4分）

11.（2分）请在图中画出阻力F2以及动力Fi的力臂h。

12.（2分）某电磁门锁如图1,请将图2中的电磁铁、滑动变阻器接入电路，使开关闭合后

电磁铁与条形磁铁相互吸引，且滑片P向右移动时吸引力变大。

!…土卫:

37

图］图2

三.填空题（共4小题，每空1分，共22分）

13.（2分）博鳌亚洲论坛2022年年会实现100%“绿电”供应。目前我国“绿电主要以太

阳能光伏发电和风力发电为主，太阳能、风能是（选填“可再生”或“不可

再生”）能源。“天宫课堂”中，太空教师将两个平板上的液滴靠得很近时，两个液滴会

自动“搭接”成“液桥”（示意图如图所示），“液桥”的形成表明了分子间存在。

14.H（3分）用电子蜡烛完成几个光学实验。

（1）实验一“研究小孔成像”：电子蜡烛火焰在光屏上成倒立的______像。

（2）实验二“探究平面镜成像的特点”：当电子蜡烛靠近平面镜时，镜中所成的像的大

小将。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

（3）实验三“探究凸透镜成像的规律”：凸透镜的焦距为10cm,将电子蜡烛放在离凸透

镜35cm处，移动光屏，光屏上会得到清晰的像，若将近视镜片放在烛焰和透镜之间，光

屏上的像变模糊，此时将蜡烛（选填“靠近透镜”或“远离透镜”），可在

光屏上再次得到清晰的像。

15.（7分）小明和小聪通过实验探究“阿基米德原理”，选用了以下的实验器材：弹簧测力

计、小吊桶、小石块、圆柱体、溢水杯、细线、小烧杯、铁架台、水。他们操作过程如

图la、b、c、d所示。

图1

图2

（1）在a和b的操作中，弹簧测力计示数先吊着石块，再加上吊着小吊桶。在c操作中，

小明先向溢水杯中注水，直到溢水口流出水时，就停止加水，将小石块逐渐放入水中的

过程中（小石块没有与容器接触），杯底所受的水的压强（选填“变大”、“变

小”或“不变”），溢水杯对铁架台的压强（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

当小石块浸没溢水杯中，溢出的水全部流入小烧杯，弹簧测力计的示数为Fi如图c所示,

把小烧杯中的水全部倒入小吊桶中，此时弹簧测力计的示数为F2,如图d所示，则排开

的水的重力G排为N»

（2）小明根据记录的实验数据计算出了小石块的密度为g/cm3；

（3）小聪在完成d步骤后保持器材状态继续实验，把弹簧测力计拆下，把小石块放入装

有水的小吊桶中（水不溢出），然后把小吊桶放入溢水杯，发现小吊桶处于漂浮状态，溢

水杯中水溢出，这个过程排出的水重为N（忽略小石块所附带的水）。

（4）实验室中的另外一个小组发现弹簧测力计损坏，他们设计如图2所示的测量圆柱体

密度的方案，步骤如下：

①让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中；

②将圆柱体浸没在水中，测得溢出水的体积为20mL；

③将烧杯中20mL水倒掉，从水中取出圆柱体：

④将圆柱体放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为34mL。由实验

可知被测圆柱体的密度是g/cn?,在实验步骤③和④中，若将圆柱体从水中

取出后（表面沾水）直接放入小空筒，测出的圆柱体密度将（选填“偏大”、

“偏小”或“不变”）。

16.（10分）小刚同学在做“测量小灯泡额定功率”的实验中，选用如图甲所示的器材和电

路。其中电源电压恒为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,滑动变阻器的铭牌上标有“20C,

（1）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移

动时小灯泡变亮）。

（2）闭合开关，移动滑片直到电压表的示数为2.5V,此时电流表的示数如图乙所示，电

流表的示数为A,小灯泡的额定功率为Wo再调节滑动变阻器

滑片使电压表的示数达到3V,小灯泡强烈发光，此时小灯泡的实际功率（选

填“大于”“小于”或“等于"）1.08W,

（3）完成实验后，利用上述器材，小明又想出一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了

如图丁所示的电路，所用电压表量程为“0〜15V”，请将以下实验步骤补充完整。

①检查电路无误后，闭合开关S,将开关Si拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表

示数为V；

②滑动变阻器滑片不动，再将开关Si拨至“2”，读出电压表示数为Uo；

③小灯泡的额定功率P»i=（用U颔、Uo、Ro表示）。

若步骤②中，在将开关Si拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确，

则测出的小灯泡额定功率比真实值（选填“偏大”或“偏小”）。

（4）同组的小红同学还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系“，于是将图甲中的

小灯泡换成三个阻值分别为5。、10Q、15。的定值电阻，其余连接均不改变。图丙是小

红根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像。

①由图像可知小红将定值电阻R两端的电压控制为V不变。当定值电阻由5。

换为10。时，为达到实验要求，滑动变阻器连入电路的阻值应（选填“变大”、

“变小”或“不变”）。

②实验结论是电压一定时，。

③实验结束后，小红问老师保持该电压不变的情况下，能否更换50。的定值电阻继续进

行此实验，老师指导小红分析了不能更换的原因。你认为不能更换的原因

是。

四.计算题：（共2小题，第17题7分，第18题9分，共16分）

17.（7分）一物块重2.5N,在拉力F的作用下从底部沿斜面匀速运动到如图1所示的位置,

用时6s。此过程F做的功W和时间t的关系图象如图2所示，物块运动的速度和时间的

关系图象如图3所示。求：

（1）F所做的功的功率是多少？

（2）F的大小是多少？

（3）斜面的机械效率是多少？（保留一位小数）

18.（9分）如图所示为一种电热加湿器及其原理图。当加热仓中的电热丝（阻值保持不变）

加热到沸腾后变成蒸气喷出，增加空气的湿度。已知储水仓为圆柱形，当加热仓中的水

对底部的压强减少到一定程度时，阀门便会自动打开，储水箱中的水就会自动流入补充。

加湿器的额定电压为220V,加热丝最大功率为40W.求：

（1）电热丝Ri的电阻值；

（2）当调节电阻R2,使加热丝的实际功率为最大功率的工时，求此时气雾调节电阻R2

4

的接入电路中的电阻为多少？

（3）小明发现当加热仓中水的质量最大时，此时加热丝以最大功率工作（电热丝加热效

率为84%）,要把加热仓中的水由20℃加热到100℃,需要5分钟，请计算出加热仓中水

的质量最大为多少？【水的比热容c水=4.2X1（）3J/（kg・七）】

蒸气出口

自动阀门J

电蒸及一气雾调节器

Ri氐

---------o220V«~

五.综合题：（共1小题，每空1分，共8分）

19.（8分）阅读短文，回答问题:

远程输电

发电厂发出的电并不是只供附近的人们使用，还要传输到很远的地方。如图甲是电能输

送的示意图。在输电线上，由于电流的热效应，必然有一部分电能转化成内能而损失掉,

导线越长，损失越多。目前远距离送电主要采取高压送电的方式来实施。在保证输送功

率不变的情况下，采用提高电压的方法减少线路上的损失。如把发电机、高压输电线、

变压器这些统称为供电设备，电能输送的示意图就可以作如图乙的简化。

请结合短文和所学知识回答下列问题：

（1）从发电厂发出电到进入家庭，变压器使电压的大小经过了次改变，最终直

接进入家庭的电压为V。输电过程中导线的温度升高，本质是通过

的方式改变内能。

（2）下列单位不能够表示远程输电损耗电能大小的是

A.J

BA?。。

c.v2*n-us

D.Ws

(3)在输电阶段，输电线上常用如图丙装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线

的,从而减小了导线的，以达到减少输电线上电能损失的目的。

(4)如果供电设备的输出电压恒为220V,通过总电阻为0.5。的输电线向居民楼内用户

供电，家用电器的实际电压(小于/等于/大于)220V。

(5)采用高压输电可以减少电能在线路上的损失，原因是由焦耳定律可知：导线电阻、

时间不变的情况下，只有减小1,才可以减小电能的损失。又由P=UI可知，当发电站输

送功率一定时，要减小I,必需增大输电电压，若输电电压由22kV提高到220kV,则输

电线路上损耗的功率将减小到原来的倍。

2023年广东省深圳市中考物理质检试卷（5月份）

参考答案与试题解析

一.选择题：（每小题只有一个正确选项，每小题2分，共计20分）

1.（2分）在科学发展的历程中，许多物理学家做出了杰出的贡献，下列叙述正确的是（）

A.牛顿通过实验验证了牛顿第一定律

B.托里拆利最早通过实验测量出了大气压的值

C.伽利略最早发现了杠杆原理

D.法拉第最早发现了电与磁的关系

【分析】根据学过的物理学史，记住一些物理学家及他们的贡献，可逐一对题中各选项

的描述做出判断。

【解答】解：A、牛顿总结前人的研究，通过实验+推理的方法提出了牛顿第一定律，故

A错误；

B、托里拆利最早通过实验测量出了大气压的值，故B正确；

C、阿基米德发现了杠杆原理，故C错误；

D、奥斯特最早发现了电与磁的关系，故D错误。

故选：B。

【点评】物理学史是物理考试中经常出现的一类题型，要求学生熟记著名科学家的贡献,

平时应注意积累。

2.（2分）根据你对生活中物理量的认识，下列数据中最接近生活实际的是（）

A.初中物理课本的宽度约为10.5cm

B.中学生的课桌高约为1m

C.篮球板上篮圈到地面的距离约为3.05m

D.一块橡皮从课桌掉到地上时间约为4s

【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的

认识，找出符合实际的选项即可。

【解答】解：A、初中物理课本的宽度约为18cm,故A不符合实际；

B、一般课桌的高度在80cm左右，故B不符合实际；

C、标准篮球板上篮圈到地面的距离为3.05m,故C符合实际；

D、一块橡皮从课桌掉到地上的时间不到Is,故D不符合实际。

故选：Co

【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更

好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

3.（2分）汽车在行驶过程中会产生各种噪声，为了减弱这种噪声污染，有些汽车使用了“以

声消声”的方法，用车内麦克风监听噪声，然后利用喇叭产生反相噪声，与原噪声进行

叠加，最终听到的声音会变弱。以下相关说法正确的是（)

噪声源

二：♦八八八叠加后声音

H_k]8）/V\Ar

抑制噪声信号

A.噪声是一种超声波，对司机的驾驶起干扰作用

B.噪声源声音越强，车内喇叭产生的抑制声波的频率要相应加强

C.车内喇叭在产生反相抑制声波时，将电能转化为机械能

D.汽车行驶时，风产生的噪声与轮胎产生的噪声不同，主要是两种声音的响度不同

【分析】（1）超声波是频率大于20000赫兹的声波，超声波超出了人耳听力范围，人耳

听不到。

（2）响度是指声音的大小，与振幅和距离有关。

（3）车内喇叭在产生反相抑制声波时，能量会发生转化。

（4）区别各种不同的声音，主要靠音色。

【解答】解：A.超声波是频率大于20000赫兹的声波，人耳听不到，噪声人耳能听到。

故A错误。

B.噪声源声音越强，说明声源响度大，车内喇叭产生的抑制声波的频率加强，应该增

大喇叭发声响度，故B错误。

C.车内喇叭在产生反相抑制声波时，消耗了电能，引起喇叭振动，故C正确。

D.汽车行驶时，风产生的噪声与轮胎产生的噪声不同，主要是两种物质的音色不同，故

D错误。

故选C。

【点评】本题考查了噪声的产生及预防方法，是一道基础题。

4.（2分）在2022年北京冬奥会的开幕式上，利用了中国传统的二十四节气进行倒计时,

从“雨水”开始，到立春落定，是中华民族智慧的结晶。在图中的节气名与其物态变化

相关知识，正确的是（）

A.谷雨节气-地气升为云，天气降为雨，雨的形成是汽化现象

B.白露节气一白露秋分夜,一夜凉一夜,露的形成是熔化现象

C.霜降节气一寒露无青稻,霜降一齐倒,霜的形成是凝华现象

D.大雪节气一落雪见晴天，瑞雪兆丰年,雪的形成是升华现象

【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升

华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的

过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。

【解答】解：A.雨的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的水，是液化现象，故A错误;

B.露的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的小水珠，属于液化现象，故B错误；

C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故C正确;

D.雪的形成是气态的水蒸气遇冷直接变为故态的小冰晶，发生凝华现象，故D错误。

故选：Co

【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处

于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

5.(2分)甲、乙、丙图分别是“探究不同物质吸热升温的现象”、“比较质量相等的不同燃

料燃烧放出的热量”和“探究电阻对电流产生热量多少的影响”的实验装置。对比三个

实验有以下判断，其中正确的是()

(1)甲、乙、丙中被加热物质的质量都要相同

(2)甲、乙、丙中除了图中的器材，还都要用到的测量工具是天平和秒表

(3)把丙图中的一个烧瓶里的液体换成等质量的另一种液体，就可以完成图甲实验

(4)乙丙实验中都是通过温度计升高的示数来比较放热多少

A.(1)(2)B.(2)(3)C.(1)(4)D.(3)(4)

【分析】(1)探究“不同物质吸热升温现象”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料

(根据转换法，确保相同时间放出的热量相同)，加热相同的时间，比较质量和初温相同

的液升高的温度；

(2)探究“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，为比较不同燃料燃烧放出的热量大小，

要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多；

(3)探究“影响电流热效应的因素”实验中，用温度计升高的度数体现电热，用控制变

量法研究与电阻的关系：串联时控制电流和通电时间一定。

【解答】解：甲中控制沙子和水的质量相同、吸收的热量相同，同时记录温度升高的数

值，吸收相同的热量通过相同的酒精灯火焰加热相同的时间实现，故需要天平和秒表；

乙中控制酒精和碎纸片的质量相同、烧杯中的水的质量相同，需要天平，通过温度计温

度升高的多少表示燃料放出的热量多少，两种燃料必须燃烧干净，不需要秒表；丙中控

制电流相同、被加热液体的种类和质量相同，由于两电阻串联加热时间相同必相同，故

需要天平，不需要秒表，综上可知，（1）正确，（2）错误；

丙中换另一种等质量的液体后，还需要更换两电阻丝的阻值相同才能保证相同时间产生

相同的热量，故（3）错误；

乙实验中两个烧杯中装有相同质量的同种液体，丙实验中两个烧瓶内也装有相同质量的

同种液体，乙和丙实验中的都是通过温度计升高的示数来判断放热的多少，应用了转换

法、控制变量法，故（4）正确。

综上可知（1）（4）正确，（2）（3）错误。

故选：Co

【点评】本题将“比较不同燃料燃烧放出的热量大小”、和探究“不同物质吸热升温现象”

和“探究影响电流热效应的因素”三个实验作比较，考查相同和不同之处及转换法和控

制变量法，为易错题。

6.（2分）在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，实验装置如图所示，下列说法中错误

的是（）

木板表面

A.小车最终会停下来说明力是改变物体运动状态的原因

B.实验中要控制小车每次到达斜面底端时速度相同

C.小车在毛巾、棉布、木板表面运动时机械能守恒

D.小车在毛巾表面运动时阻力做功的功率最大

【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因：

（2）根据机械能的转化可知：小车从斜面上滑下时，重力势能转化为动能，当小车从斜

面的同一高度由静止开始滑下时，其重力势能相等，到达水平面时的动能相等，速度相

同;

（3）从小车的机械能全部转化为内能，据此分析;

（4）根据p=y■分析功率的大小。

t

【解答】解：A、车最终会停下来是受到了摩擦阻力的作用，这说明力是改变物体运动状

态的原因，故A正确；

B、小实验时应使小车到达水平面时的速度相等，因此每次实验时，应使小车从同一高度

由静止开始滑下，故B正确；

C、因小车达到水平面时初速度相同，小车的动能相同，最终速度为0,小车的动能全部

转化为内能，大小等于克服阻力做的功，故小车在毛巾、棉布、木板表面上机械能是不

守恒的，故C错误；

D、在木板表面滑行时间长，在毛巾表面滑行时间短，根据P=上知，动能相同，克服摩

t

擦力做功相同，在木板表面功率小，在毛巾表面功率大，故D正确。

故选：C»

【点评】此题是探究阻力对物体运动的影响实验，考查了控制变量法在实验中的应用及

实验结论得出方法。

7.（2分）Bidngbidng面是陕西关中地区的传统面食，制作过程经历和面、醒面、擀制、摔

打扯长，然后放入开水锅中煮熟。关于上述过程的说法正确的是（）

A.揉捏面团时面团作为受力物体，面团不会对手产生力的作用

B.将面团擀制成条状，体现了力可以改变物体的形状

C.摔打扯长面条的过程中，面条上下飞舞，其运动状态不改变

D.煮面条的过程，是通过做功的方式增加了面条的内能

【分析】（1）物体间力的作用是相互的；

（2）力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态；

（3）运动状态包括速度的大小和运动方向；

（4）改变内能的方式包括做功和热传递。

【解答】解：A、物体间力的作用是相互的，揉捏面团时面团作为受力物体，面团会对手

产生力的作用，故A错误;

B、将面团擀制成条状，说明力可以改变物体的形状，故B正确；

C、摔打扯长面条的过程中，面条上下飞舞，面条运动状态改变，故C错误;

D、煮面条的过程，是通过热传递的方式增加了面条的内能，故D错误。

故选：B«

【点评】本题考查力的概念、力的作用效果和内能的改变，属于综合题。

8.（2分）如图所示的有关电磁知识跟图片的对应关系正确的是（）

电铃利用电流的磁效应工作

家用电风扇工作原理

手摇式发电机工作原理

耀

D.L电源襁电磁继电器实现了高压电路控制低压电路工作

【分析】（1）电磁铁是利用电流的磁效应来工作的；

（2）发电机工作时将机械能转化为电能；

（3）电动机是通电线圈就会在磁体的磁场中受力而发生转动；

（4）电磁继电器可以实现通过低电压的控制电路来控制高电压的工作电路。

【解答】解：A.电铃中有电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，故A正确:

B.图中导体切割磁感线运动，会产生感应电流，是电磁感应现象，电风扇是根据通电导

体在磁场中受到力的作用制成的，故B错误；

C.通电导体在磁场中受到力的作用，电动机根据此原理制成的，故C错误；

D.电磁继电器可以实现通过低电压的控制电路来控制高电压的工作电路，故D错误。

故选：A0

【点评】本题考查了电磁铁的原理、电动机的原理等有关问题，考查的知识点比较多，

主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。

9.（2分）小科设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压保持不变，Ro

为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电流表示数减小到

某一值时，装置报警。开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时（）

A.若要烟雾浓度较低时报警，可以减小Ro的阻值

B.电流表的示数增大，电压表的示数减小

C.若要烟雾浓度较低时报警，可以减小电源电压

D.电压表示数的变化值与电流表示数的变化值之比变大

【分析】由图可知，光敏电阻R和定值电阻Ro串联，电压表测R两端的电压，电流表

测电路中的电流。

（1）报警的电流不变，根据欧姆定律1=且知电路的总电阻不变，根据R的阻值随光照

R

强度的减弱而增大，要烟雾浓度较低时即R电阻较小时报警，根据串联的总电阻规律分

析Ro的阻值的变化；

（2）根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电

路中电流变化和Ro两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化；

（3）根据报警时的电流不变，结合欧姆定律和串联的电阻规律得出电源电压的变化。

（4）根据串联电路的电压规律，电压表示数变化量等于定值电阻两端电压的变化量，由

欧姆定律得出变化前后定值电阻两端电压的表达式，两式相减可知定值电阻两端电压的

变化量与电流表示数变化量之比的变化。

【解答】解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻Ro串联，电压表测R两端的电压,

电流表测电路中的电流。

A、报警的电流不变，根据欧姆定律1=旦知电路的总电阻不变，根据R的阻值随光照强

R

度的减弱而增大，要烟雾浓度较低时即光强较强时，R电阻较小时报警，根据串联的总

电阻等于个电阻之和，R减小，总电阻不变，则Ro的阻值的变大；故A错误；

B、因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，

光照强度减弱，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由1=旦可知，电路中的电流减小,

R

即电流表的示数减小；

由U=IR可知，Ro两端电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，光敏

电阻R两端的电压增大，即电压表的示数增大，故B错误；

C、根据报警时的电流不变，根据R的阻值随光照强度的减弱而增大，要烟雾浓度较低

时即光强较强时，R电阻较小时报警，电路的总电阻较小，根据U=IR知，电路的总电

压较小，即减小电源电压，故C正确。

D、因串联电路中总电压等于各分电压之和，则电压表示数变化量等于定值电阻两端电压

的变化量，即AUv=AUo,

设变化前后电路中的电流分别为I、I',则Uo=lRo，Uo'=1'Ro，

所以定值电阻两端电压的变化量：△Uo=Uo-Uo'=IRo-I'Ro=（I-V）Ro=AI*Ro,

由此可知电压表示数的变化值与电流表示数的变化值之比不变（始终等于Ro）,故D错

、口

1天。

故选：Co

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，难点

是判断D项，需把电压表示数变化量转化为定值电阻两端电压的变化量。

10.（2分）小啥同学在连接电路的时候，观察到开关已经生锈。生锈的开关电阻会不会比

较大？她决定用实验来验证，于是她连接了如图这个电路，其中，Ri是阻值为10。的定

值电阻，R2的最大阻值为20。。她将滑片移到最左端的时候，电压表示数为3V,移到最

右端的时候，电压表示数为1.5V,忽略导线和电源的电阻，电压表为理想电压表，则下

列结论正确的是（）

生锈的开关

A.电源电压为3V

B.生锈开关的电阻为10。

C.生锈开关的电阻几乎可以忽略

D.电路的最小功率为1.8W

【分析】（1）忽略导线和电源的电阻，电压表为理想电压表，由电路图可知，闭合开关,

滑动变阻器滑片移到最左端的时候，接入电路中的电阻为零，生锈的开关电阻、电阻Ri

串联，电压表测Ri两端的电压，根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源电压的表达式;

滑动变阻器滑片移到最右端的时候，接入电路中的电阻最大，生锈的开关电阻、电阻Ri

和滑动变阻器串联，电压表测Ri两端的电压，根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源

电压的表达式；根据电源电压不变即可求出电源电压和生锈开关的电阻；

（2）滑动变阻器滑片移到最右端的时候，接入电路中的电阻最大，电路中电流最小，利

用P=UI求出电路的最小功率。

【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关，滑动变阻器滑片移到最左端的时候，接入

电路中的电阻为零，生锈的开关电阻、电阻Ri串联，电压表测Ri两端的电压，

电路中电流：I=U-=一些=0.3A,

%10Q

忽略导线和电源的电阻，电压表为理想电压表，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电

源电压为：

U=Ui+IR开关=3V+0.3AXR开关---------------------------------------①

滑动变阻器滑片移到最右端的时候，接入电路中的电阻最大，电路中电流最小，生锈的

开关电阻、电阻Ri和滑动变阻器串联，电压表测Ri两端的电压，

U'

电路中电流：1小=＞一=L_^_=0.15A,

RI10Q

根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源电压：

U=U1'+1小R2+I小R开关=1.5V+0.15AX20ft+0.15AXR开关---------------------------------------②

由于电源电压不变，解①②可得：R开关=10。，U=6V,故AC错误，B正确；

（2）滑动变阻器滑片移到最右端的时候，接入电路中的电阻最大，电路中电流最小，则

电路的最小功率为：

P=UI小=6VX0.15A=0.9W,故D错误。

故选：Bo

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是生锈

开关的电阻不可忽略，按电路中串联一个电阻解答。

二.作图题：（共2小题，每小题2分，共计4分）

11.（2分）请在图中画出阻力F2以及动力Fi的力臂h。

【分析】先找出支点，然后画出动力的作用线，根据力臂的画法，过支点作动力作用线

的垂线段，即为Fi的力臂Li。

【解答】解：物体A对杠杆的压力为阻力F2；从支点O向力Fi的作用线作垂线，垂线

段的长度即为Fi的力臂h：

【点评】力臂为支点到力的作用线的距离。在理解力臂的基础上，找准支点是画力臂的

关键。

12.（2分）某电磁门锁如图1,请将图2中的电磁铁、滑动变阻器接入电路，使开关闭合后

电磁铁与条形磁铁相互吸引，且滑片P向右移动时吸引力变大。

IWI

itk

图2

图1

【分析】磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；电磁铁中电

流越大，其磁性越强。

【解答】解：开关闭合后，电磁铁与条形磁铁相互吸引，因异名磁极相互吸引，所以电

磁铁的左端是N极，由安培定则可知，电流应从电磁铁的右端流入，则电磁铁右端的导

线应接电源的正极;

滑动变阻器滑片P向右移动时会使吸引力变大，即此时电路中电流变大，滑动变阻器连

入电路的阻值变小，结合图示可知需使滑动变阻器右侧下接线柱连入电路中。如图所示:

图2

【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、影响电磁铁磁性强弱的因素和安培定则的

运用，有一定的综合性。

三.填空题（共4小题，每空1分，共22分）

13.（2分）博鳌亚洲论坛2022年年会实现100%“绿电”供应.目前我国“绿电主要以太

阳能光伏发电和风力发电为主，太阳能、风能是可再生（选填“可再生”或“不可

再生”）能源。“天宫课堂”中，太空教师将两个平板上的液滴靠得很近时，两个液滴会

自动“搭接”成“液桥”（示意图如图所示），“液桥”的形成表明了分子间存在引力。

【分析】（1）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不

可能在短期内从自然界得到补充的能源；

（2）分子间存在引力和斥力。

【解答】解：太阳能、风能可以从自然界中源源不断地得到，是可再生能源；

在液桥实验中两个液滴合成了一个，说明分子间存在引力。

故答案为：可再生；引力。

【点评】本题考查能源的分类和分子间的作用力，是对基础知识的考查。

14.（3分）用电子蜡烛完成几个光学实验。

（1）实验一“研究小孔成像”：电子蜡烛火焰在光屏上成倒立的实像。

（2）实验二“探究平面镜成像的特点”：当电子蜡烛靠近平面镜时，镜中所成的像的大

小将不变。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

（3）实验三“探究凸透镜成像的规律”：凸透镜的焦距为10cm,将电子蜡烛放在离凸透

镜35cm处，移动光屏，光屏上会得到清晰的像，若将近视镜片放在烛焰和透镜之间，光

屏上的像变模糊，此时将蜡烛远离透镜（选填“靠近透镜”或“远离透镜”），可在

光屏上再次得到清晰的像。

【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播；

（2）平面镜不能透光，不容易确定像的位置，玻璃既能成像又能透光，便于确定出像的

位置；平面镜成像特点：物像等距，物像等大；

（3）根据物体在凸透镜二倍焦距之外的成像性质和凹透镜对光线有发散作用来分析。

【解答】解：（1）小孔成像是光沿直线传播所出现的现象，成的是倒立的实像；

（2）平面镜不能透光，不容易确定像的位置，玻璃板既能成像又能透光，成像虽没有平

面镜清晰，但能观察到蜡烛B,即便于确定像的位置；由平面镜成像特点之一：物像等

大可知，电子蜡烛靠近平面镜时，蜡烛在玻璃板中所成像的大小不变；

（3）凸透镜的焦距是10cm,由图题意可知，物距u>2f,成倒立、缩小的实像；近视眼

镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，凹透镜能使像错后会聚，像成在了光屏的后方,

要使像成光屏上，需要减小像距、增大物距，所以蜡烛要远离凸透镜。

故答案为：（1）实；（2）不变；（3）远离透镜。

【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题，只要熟练

掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。

15.（7分）小明和小聪通过实验探究“阿基米德原理”，选用了以下的实验器材：弹簧测力

计、小吊桶、小石块、圆柱体、溢水杯、细线、小烧杯、铁架台、水。他们操作过程如

图la、b、c、d所示。

（1）在a和b的操作中，弹簧测力计示数先吊着石块，再加上吊着小吊桶。在c操作中,

小明先向溢水杯中注水，直到溢水口流出水时，就停止加水，将小石块逐渐放入水中的

过程中（小石块没有与容器接触），杯底所受的水的压强不变（选填“变大”、“变

小”或“不变”），溢水杯对铁架台的压强不变（选填“变大”、“变小”或“不变

当小石块浸没溢水杯中，溢出的水全部流入小烧杯，弹簧测力计的示数为Fi如图c所示,

把小烧杯中的水全部倒入小吊桶中，此时弹簧测力计的示数为F2,如图d所示，则排开

的水的重力G排为1.4N»

（2）小明根据记录的实验数据计算出了小石块的密度为2g/cn?；

（3）小聪在完成d步骤后保持器材状态继续实验，把弹簧测力计拆下，把小石块放入装

有水的小吊桶中（水不溢出），然后把小吊桶放入溢水杯，发现小吊桶处于漂浮状态，溢

水杯中水溢出，这个过程排出的水重为3N（忽略小石块所附带的水）。

（4）实验室中的另外一个小组发现弹簧测力计损坏，他们设计如图2所示的测量圆柱体

密度的方案，步骤如下：

①让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中；

②将圆柱体浸没在水中，测得溢出水的体积为20mL；

③将烧杯中20mL水倒掉，从水中取出圆柱体：

④将圆柱体放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为34mL。由实验

可知被测圆柱体的密度是2.7Wen?,在实验步骤③和④中，若将圆柱体从水中取出

后（表面沾水）直接放入小空筒，测出的圆柱体密度将不变（选填“偏大”、“偏小”

或“不变”）。

【分析】（1）根据p=pgh分析杯底所受的水压强的变化；根据阿基米德原理确定浮力大

小，再根据p=1分析溢水杯对铁架台的压强的变化；

根据称重法测量浮力；用小桶和水的总重力减去水的重力就是排开水的重力；

（2）根据密度公式算出排开水的体积，石块的体积就等于排开水的体积，根据G=mg

算出石块的质量，用密度公式算出石块的密度；

（3）漂浮时浮力等于重力，由阿基米德原理算出排开液体的重力。

（4）④根据图①②求出金属块排开水的体积，即金属块的体积；根据图③和④求出金属

块受到的浮力，再利用物体漂浮条件可得金属块的重力，然后利用6=!!^求出其质量，

最后根据p=^计算金属块的密度；

通过分析金属块的体积在测量过程中的变化，根据p=§分析在实验步骤③和④中，将沾

有水的金属块放入小空筒，对实验结果的影响。

【解答】解：（1）溢水杯装满水，将小石块逐渐放入水中的过程中，水的深度不变，根

据p=pgh知杯底所受的水的压强不变；

根据阿基米德原理小石块所受的浮力等于其排开水的重力，溢水杯对铁架台的压力没有

变化，根据p=E知溢水杯对铁架台的压强的不变；

s

由图la知石块的重力为Fa=2.8N,由图1b知石块和小桶的总重力为Fb=3N,由图c知

石块放入水中弹簧测力计的示数为Fi=1.6N,由图知将溢出的水倒入小烧杯时弹簧测力

计的示数为F2=3N,由称重法知小石块受到的浮力为：尸浮=凡-Fi=3N-1.6N=1.4N；

排开的水的重力为:Gft=F2-Fi=3N-1.6N=1.4N；

（2）由F浮=pgV排可得，石块排开水的体积：V排=

二工二___________L4N___________=1,4X104nA

P水gl.ox103kg/m3XlON/kg

因为浸没，Vft=V=L4X104m3：

由G=mg知石块的质量为：m=&n-2,」Ni=o.28kg,

glON/kg

石块的密度：p=—=_828kg2X103kg/m3=2g/cm3；

43

V1.4XlQ-m

（3）因为小桶处于漂浮状态，浮力等于重力，所以小桶受到的浮力为：F浮'=G^+石块

=Fb=3N,

根据阿基米德原理知这个过程排出的水重为：G排'=F浮'=Fb=3N。

（4）④在图2①中，小空桶受到的浮力等于其重力：Gtt=FSi------①；

由图2②可知，金属块的体积V金屏块=20mL,在图④中，小空桶和金属块处于漂浮状态，

此时小空桶和金属块的总重等于受到的浮力：

GGM+G金属块=Fif2-----②，

②-①得：G金属块=F浮2-F浮1,

图2④中增加的排开水的体积：V,=20mL+34mL=54mL,

由阿基米德原理：G金属块=m金届块g=F浮2-F浮i=p水8丫排，得，m金属加=「水丫排,

故金属块的密度：

33333

p金居块=—韭属块=---——0=54n£_x〔.oxiokg/m=2.7X10kg/m=2.7g/cm；

V金属块V金属块水20mL

②在实验步骤③和④中测得的金属块的体积一定，在实验步骤③和④中，将沾有水的金

属块放入小空筒，相当于减少了小空桶排开水的重力，增加了小空桶和金属块排开水的

重力，而且其减少量等于增加量，故金属块排开水的体积不变，所受浮力不变，则其重

力、质量不变，所以根据p=g可知，测出的金属块密度不变。

故答案为：（1）不变；不变；1.4；（2）2；（3）3；（4）④2.7；不变。

【点评】本题是一道综合题，综合考查了学生的实验和计算分析能力，理解控制变量法

和阿基米德原理是解答本题的关键。

16.（10分）小刚同学在做“测量小灯泡额定功率”的实验中，选用如图甲所示的器材和电

路。其中电源电压恒为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,滑动变阻器的铭牌上标有“20C,

1A”字样。

（1）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移

动时小灯泡变亮）。

（2）闭合开关，移动滑片直到电压表的示数为2.5V,此时电流表的示数如图乙所示，电

流表的示数为0.3A,小灯泡的额定功率为0.75Wo再调节滑动变阻器滑片使电

压表的示数达到3V,小灯泡强烈发光，此时小灯泡的实际功率小于（选填“大于”

“小于，，或“等于”）1.08Wo

（3）完成实验后，利用上述器材，小明又想出一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了

如图丁所示的电路，所用电压表量程为“0〜15V”，请将以下实验步骤补充完整。

①检查电路无误后，闭合开关S,将开关Si拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表

示数为3.5V；

②滑动变阻器滑片不动，再将开关Si拨至“2”，读出电压表示数为Uo;

U

③小灯泡的额定功n率（用U额、