2023年海南省临高县高考冲刺模拟物理试题含解析

2023学年高考物理模拟试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一半径为K的半圆形玻璃砖放置在竖直平面上，其截面如下图所示.图中。为圆心，为竖直方向的直径.有一

束细光线自。点沿水平方向射入玻璃砖，可以观测到有光线自玻璃砖内射出，现将入射光线缓慢平行下移，当入射光

线与O点的距离为d时，从玻璃砖射出的光线刚好消失.则此玻璃的折射率为（）

2、一颗质量为析的卫星在离地球表面一定高度的轨道上绕地球做圆周运动，若已知地球半径为R,地球表面的重力

加速度为g,卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1：9,卫星的动能（）

n

A'gRBmgRcmg*DmgR2

4666

3、如图，两根细杆M、N竖直固定在水平地面上，M杆顶端A和N杆中点8之间有一拉直的轻绳。两杆的高度均为

4.0m,两杆之间的距离为2.0m。将一个小球从M杆上的C点以一定的初速度v。水平向右抛出。已知C点与4点的

距离为0.8m,重力加速度g取10m/s2•不计空气阻力。若要使小球能碰到轻绳，则外的最小值为（）

A.2.5m/sB.VTOm/sC.4.0m/sD.—V6m/s

3

4、如图所示，一直角三角形acd在竖直平面内，同一竖直面内的。、方两点关于水平边cd对称，点电荷白、0固定

在c、d两点上。一质量为机、带负电的小球尸在〃点处于静止状态，取重力加速度为g,下列说法正确的是（）

；b

B.白、Q2的电荷量之比为包

3

C.将尸从a点移到b点，电场力做正功

D.将尸从a点沿直线移到办点，电势能先增大后减小

5、如图所示，材料相同的物体A、B由轻绳连接，质量分别为加和机2且机殳〃?2,在恒定拉力尸的作用下沿斜面向

上加速运动。则（）

A.轻绳拉力的大小与斜面的倾角。有关

B.轻绳拉力的大小与物体和斜面之间的动摩擦因数/,有关

C.轻绳拉力的小与两物体的质量加和”22有关

D.若改用F沿斜面向下拉连接体，轻绳拉力的大小不变

6、两列完全相同的机械波于某时刻的叠加情况如图所示，图中的实线和虚线分别表示波峰和波谷，关于此时刻的说法

错误的是（）

A.a,5连线中点振动加强

B.a,b连线中点速度为零

C.a,b,c,d四点速度均为零

D.再经过半个周期c、d两点振动减弱

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示为手机无线充电原理图，若连接电源的为发射线圈N,手机端为接收线圈M,接收线圈匝数为〃，电阻

为「，横截面积为S,手机可看成纯电阻R,匀强磁场平行于线圈轴线穿过线圈。下列说法正确是（）

A.只要发射线圈N中有电流流入，接收线圈M两端一定可以获得电压

B.只要接收线圈M两端有电压，发射线圈N中的电流一定不是恒定电流

C.当接收线圈M中磁感应强度大小均匀增加时，接收线圈M中有均匀增加的电流

nSABR

D.若4时间内，接收线圈M中磁感应强度大小均匀增加则接收线圈M两端的电压为7万~7

8、如图所示，一条形磁铁竖直放置，金属线圈从磁铁正上方某处下落，经条形磁铁4、8两端时速度分别为力、v2,

线圈中的电流分别为11、h,线圈在运动过程中保持水平，贝!1（）

Cb

A.L和/2的方向相同B.八和/2的方向相反

C.h：h=v］：/D./i：/2=vi：v2

9、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=12m处的质元的振动图线如图1所示，在x=18m处的质元的振动图线如

图2所示。下列说法正确的是（）

A.该波的周期为12s

B.x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰

C.在。〜4s内x=12m处和x=18m处的质元通过的路程均为6cm

D.该波的波长不可能为8m

10、在水面上的同一区域内，甲、乙两列水面波独立传播，传播方向互相垂直，波的频率均为2Hz。r=0时刻其波峰

与波谷情况如图所示。甲波的振幅为5cm,乙波的振幅为10cm。质点2、3、5共线且等距离。下列说法中正确的是

A.质点2的振动周期为0.5s

B.质点2的振幅为15cm

C.图示时刻质点1、2的竖直高度差为15cm

D.图示时刻质点3正处于平衡位置且向上运动

E.从图示的时刻起经0.25s,质点5通过的路程为30cm

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）教材列出的木一木动摩擦因数为0.30,实验小组采用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数。

实验中，木块在重锤的拉动下，沿水平长木板做匀加速运动。

**打点计时器

——E^-r^^一—

f啾——’）纸带

图甲

（1）实验所用重锤质量150g左右，下列供选择的木块质量最合适的是一；

A.20gB.260gC.500gD.600g

（2）关于实验操作和注意事项，下列说法正确的有一；

A.实验中先释放木块，后接通电源

B.调整定滑轮高度，使细线与板面平行

C.必须满足细线对木块拉力与重锤重力大小近似相等

D.木块释放位置到滑轮距离正常应在0.6m左右

（3）实验得到的一根纸带如图乙所示，从某个清晰的点开始，每5个打点取一个计数点，依次标出0、1、2、3、4、5、

6,测得点。与点3、点6间的距离分别为19.90cm,54.20cm,计时器打点周期为0.02s,则木块加速度a=m/s2（保

留两位有效数字）；

图乙

（4）实验测得〃=0.33,大于教材列表中的标值，请写出两个可能的原因:

12.（12分）某同学改装和校准电压表的电路如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路所用电池的电动势E为

20V,内阻r为2（）。（E、「均保持不变）。

⑴已知表头G满偏电流为100卜iA,表头上标记的内阻值为1350。,4,/?2和&是定值电阻，利用与和表头构成量程

为1mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用a、b两个接线柱，电压表的量程为3V；若使用公c

两个接线柱，电压表的量程为15V。则定值电阻的阻值为q=,。出=Q,&=Q。

（2）用量程为3V,内阻为250（）。的标准电压表V对改装表3V挡的不同刻度进行校准。滑动变阻器R有两种规格，最

大阻值分别为50。和5000。。为了方便实验中调节电压，图中R应选用最大阻值为。的滑动变阻器。校准时,

在闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应靠近端（填或"N”）。

（3）在3V挡校对电路中，开关全部闭合，在保证电路安全前提下让滑片P从M端缓慢向N端滑动的过程中，表头G的

示数,电源的输出功率,电源的效率（填变化情况）。

（4）若表头G上标记的内阻值不准，表头G内阻的真实值小于1350。，则改装后电压表的读数比标准电压表的读数

（填“偏大'或“编小”）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图甲所示，一列简谐波沿x轴传播，4、3为平衡位置相距4m的两个质点，它们的振动图像如图乙所

示。求该波的波速。

14.（16分）如图所示，在竖直面内有一矩形区ABCD,水平边AB=6L,竖直边BC=8L,O为矩形对角线的交点。将

一质量为机的小球以一定的初动能自O点水平向右抛出，小球恰好经过C点。使此小球带电，电荷量为q（q>0）,同

时加一平行于矩形ABCD的匀强电场，现从O点以同样的初动能沿各个方向抛出此带电小球，小球从矩形边界的不同

位置射出，其中经过D点的小球的动能为初动能的5倍，经过E点（DC中点）的小球的动能和初动能相等，重力加

速度为g,求：

(1)小球的初动能；

⑵取电场中O点的电势为零，求D、E两点的电势;

(3)带电小球所受电场力的大小和方向

15.(12分)如图所示，x轴、y轴和直线将平面划分成多个区域。其中I区域内存在竖直向下的电场，II区域存

在垂直于纸面向里的匀强磁场，in区域存在垂直于纸面向外的匀强磁场，n、iii区域的磁感应强度大小相同。质量

为机、电量为g的粒子从尸点(一L,j)以垂直于电场方向、大小为V0的速度出发，先后经。点(0,0)、M点(L,

0)到达N点一乙)'N点位于磁场分界线处。已知粒子到达。点时速度方向偏转了:‘不计粒子的重力'回答

下面问题。

(1)求带电粒子在电场运动过程中电场力的冲量；

(2)若粒子从P点出发依次通过。点、M点并于M点第一次射出磁场分界线后到达N点，则粒子运动的时间为多少？

(3)粒子到达N点时在磁场中运动的路程为多少?

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

根据题意可知，当入射光线与。点的距离为d时，从玻璃砖射出的光线刚好消失，光线恰好在圆弧面上发生了全

反射，作出光路图，如图

根据几何知识得：

,cd

sinC=—

R

.「1

sinC=—,

n

联立得：

R

n=­

d

RR

A./20与上述计算结果不相符，故A错误；

yjR2-d2d

B.正一r与上述计算结果”不相符，故B错误；

Rd

c.W与上述计算结果〃=内相符，故C正确；

ad

D.［与上述计算结果〃不相符，故D错误。

Ka

2、B

【解析】

在地球表面有

GMm,

卫星做圆周运动有：

GMm

——5—=ma

r

由于卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1:9,联立前面两式可得：尸3K；卫星做圆周运动:

GMmv2

——--=m一

2

得

12GMm

Ek=—tnv

22r

再结合上面的式子可得

6

母-与分析不符，故A错误。

4

皿-与分析相符，故B正确。

B.

6

次以与分析不符，故C错误。

6

理弦与分析不符，故D错误。

6

3、

【解析】

细绳与水平方向夹角为45。，要使小球恰能碰到轻绳，则轨迹与轻绳相切，此时速度方向与水平方向夹角为45。，此时

位移偏向角满足

tan45=2tan。

即

1y

tana=—=—

2x

其中

12

y=2gr

由几何关系

x-y+0.8

解得

vo=4m/So

故选C。

4、B

【解析】

A.由于P处于平衡状态，可知0对尸的静电力大小为

F?-mgcos60=；mg

选项A错误；

B.同理可知0对P的静电力大小为

口V3

F）=mgcos30=mg

设ac=L,则以/=8心由库仑定律

9窄

居=后空

231}

联立解得0、。2的电荷量之比为

2=^

Q~3

选项B正确；

CD.将P从。点移到万点，电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增加，选项CD错误；

故选B。

5、C

【解析】

ABC.以物体A、5及轻绳整体为研究对象根据牛顿第二定律得

尸一（町+秋）gsin0—+m2）gcos0-（m1+网）Q

解得

F

a=-----------gsin6—Rgcos0

叫+nv,

再隔离对8分析，根据牛顿第二定律得

T-m2gsin0一42gcos0=tn2a

解得

T=叱

叫+m2

则知绳子的拉力与斜面倾角9无关，与动摩擦因数“无关，与两物体的质量，小和，“2有关，选项C正确，AB均错误;

D.若改用尸沿斜面向下拉连接体，以物体4、8及轻绳整体为研究对象，根据牛顿第二定律得

尸+（町+m2）gsine-〃（叫+叫）gcose=（ni]+加2）〃'

解得

F.

ar=-----------+gsin夕一〃cos0

m]+m2

再隔离对A分析，根据牛顿第二定律得

T'+m1gsin8-4mlgcos0=m1d

解得

r=mF

+tn2

可知轻绳拉力的大小改变，选项D错误。

故选C。

6、B

【解析】

AB.a是两个波谷相遇，位于波谷，振动加强，但此时速度为0；力是两个波峰相遇，位于波峰，振动加强，但此时

速度为0;a、方两点是振动加强区，所以a、b连线中点振动加强，此时是平衡位置，速度不为0；故A正确，B错误;

C.c和d两点是波峰和波谷相遇点，c、d两点振动始终减弱，振幅为0,即质点静止，速度为零，故a,b,c,d四

点速度均为零，故C正确；

D.再经过半个周期c、d两点仍是振动减弱，故D正确。

本题选错误的，故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A.若发射线圈N中有恒定电流，则产生的磁场不变化，在接收线圈中不会产生感应电流，也就不会获得电压，A错

误；

B.只要接收线圈两端有电压，说明穿过接收线圈的磁场变化，所以发射线圈中的电流一定不是恒定电流，B正确；

C.若穿过接收线圈M的磁感应强度均匀增加，如果线圈闭合，根据法拉第电磁感应定律

广△①AB。

E=n=n——8

XX

可知线圈中产生恒定的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律可知接收线圈M中有感应电流且恒定，C错误；

D.根据法拉第电磁感应定律有

△tX

根据分压规律得M两端的电压

E〃S\BR

Ur7=------An=------------

R+rAr(7?+r)

D正确。

故选BD„

8、BD

【解析】

AB.金属线圈经条形磁铁4、8两端时，磁通量先向上的增大后向上减小，依据楞次定律“增反减同”，导致感应电流

产生的磁场方向先向下，后向上，根据右手螺旋定则可知，则心和感应电流的方向先顺时针，后逆时针（从上向下）,

即它们的方向相反，故A错误，B正确;

CD.依据法拉第电磁感应定律，及闭合电路欧姆定律，则有

1=—E=-B-L--v

RR

即/与v成正比，故C错误，D正确。

故选BD.

9、AB

【解析】

A.由图可知,该波的周期为12s。故A正确;

B.由图可知,U3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故B正确;

C.由图可知,该波的振幅为4cm,圆频率

2加2万71一

af=—=一-rad/s

T126

由图1可知，在U0时刻x=12m处的质点在-4cm处，则其振动方程

..7171、

Xp=-4sin(z—t+—)cm

4s时刻质元的位置

4.ATT"、-

玉2-4=-4・sin(-—F-)=2cm

所以x=12m处的质元通过的路程

5i2=4cm+2cm=6cm

据图2知UOs时，在％=18m处的质元的位移为0cm,正通过平衡位置向上运动，其振动方程为

../兀、

x18=4sin(—r)cm

6

在Z=4s时刻，在x=18m处的质元的位移

葛

X18=4xsin=25/3cm

所以在0〜4s内x=18m处的质元通过的路程

xi8=4cm+(4-2>/3)cm^4.54cm<6cm

故C错误;

3

D.由两图比较可知'ml2m处比418m处的质元可能早振动I。所以两点之间的距离为

x=(«+—)!(〃=0、1、2、3...)

4

所以

.4x4x6、

z=---------=---------m("=0、1、2、3...)

4〃+34〃+3

4x6

"=0时，波长最大，为4=------m=8m

3

故D错误；

故选AB»

10、ABE

【解析】

A.两列波的频率均为2Hz,可知周期为T=；=0.5s,选项A正确；

B.质点2是谷谷叠加，则振动加强，则质点2的振幅为15cm,选项B正确；

C.图示时刻质点1在波峰位置，位移为正向15cm；质点2为波谷位置，位移为负向15cm,则此时质点1、2的竖直

高度差为30cm,选项C错误；

D.图示时刻质点2在波谷，质点5在波峰位置，质点3正处于2和5的中间位置，由波的传播方向与质点振动方向

的关系可知，质点3处于平衡位置且向下运动，选项D错误；

E.质点5的振动加强，振幅为A=15cm,则从图示的时刻起经0.25s=0.5T,质点5通过的路程为2A=30cm,选项E

正确；

故选ABE.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、BBD1.6木块、木板表面粗糙程度有差异细线与滑轮摩擦或纸带与计时器摩擦

【解析】

(1)[1]由题知，重锤的质量m=150g左右，动摩擦因数〃=0.30,设木块的质量为M,为使木块在重锤的拉动下沿水

平长木板做匀加速运动，对整体，根据牛顿第二定律有

mg-juMg=(〃?+/"

解得

mg-/iMg

a-----------------

m+M

根据长木板做匀加速运动，即。>0,可得

mg-/JMg>0

解得

M<500g

当木块的质量M越小时，滑动摩擦力越小，整体的加速度越大，在纸带上打的点越少，则在计算加速度时误差较大，

综上分析可知，木块质量最合适的是260g,故B符合题意，ACD不符合题意；

故选B。

(2)[2]A.实验时应先接通电源，再释放纸带，故A错误；

B.为保证木块所受的拉力为细线的拉力，则应调整定滑轮的高度使细线与木板平行，故B正确；

C.根据实验原理

mg-/iMg=^m+M

可知不必满足细线对木块拉力与重锤重力大小近似相等，故C错误；

D.假设木板光滑，对整体受力分析，根据牛顿第二定律有

mg=^m+M^a

将(1)问中的，w=150g,M=260g代入上式，可得加速度

tz«4m/s2

为减少误差，计算方便，一般在纸带上是每隔5个点取一个计数点，即时间间隔T=5x0.02s=0.1s,通常是取5至

6个计数点，则总时间为0.5s到0.6s,取最开始的计数点是从初速度为。开始的，根据位移时间公式有

12

x--ar

2

取U0.5s计算可得

x=0.50m

取U0.6s计算可得

x=0.72m

故为提高纸带利用效率，减少实验误差，木块释放位置到滑轮距离正常应在0.6m左右，故D正确。

故选BD.

(3)［3］由题知，每隔5个点取一个计数点，则时间间隔T=5*0.02s=0.1s,根据

可得加速度为

_(*06-x03)-*03

―9P

由题知％,=19.90cm,4,=54.20cm,代入数据解得

tz=1.6m/s2

(4)［4］实验测得〃=0.33,大于教材列表中的标值，根据实验原理分析，可能存在的原因有：木块、木板表面粗糙程

度有差异；细线与滑轮摩擦或纸带与计时器摩擦。

12、1502865120050M增大增大减小偏大

【解析】

⑴口］电阻R1与表头G并联，改装成量程为1mA的电流表，表头满偏电流为IOORA,此时通过电阻飞的电流为

900MA,由并联分流规律可知

4900

X100

得

&=150。

改装后电流表内阻

R==135Q

⑵将其与&串联改装为3V的电压表由欧姆定律可知，3V量程电压表的内阻

3

RA+R)=-------T。=3kC

A、1X10-3

解得

R2=2865Q

［3］再串联R,改装为15V量程电压表，4所分电压为12V,所以

R、=一I,Q=12kC

31X10-3

(2)⑷在校准电路中，滑动变阻器采用分压式接法，故选用最大阻值较小的滑动变阻器，即选用最大阻值为5()。的滑

动变阻器；

⑸电源电动势E=20V远大于电压表量程，所以闭合开关前应使滑片靠近M端，使电压表在接通电路时两端电压由

较小值开始增大

(3)[6]滑片由M向N滑动过程中，电压表两端电压逐渐增大，通过表头的电流增大，即示数增大

⑺随滑片由M向N滑动，外电路的总电阻始终大于电源内阻且逐渐减小，所以电源的输出功率增大；

[8]由

可知，路端电压随外电路总电阻减小而减小，电源效率〃=100%,所以电源的效率减小

(4)[9]电压表两端电压一定，若内阻值偏小，则通过表头G的电流偏大，从而造成读数偏大的后果。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

【解析】

根据图乙知，该列波周期：

T=0.4s

由A、3振动图像可知，若简谐波沿x轴正方向传播，振动由质点A传播到质点3所需的时间为

3

+

ZAB=nT~^(n=l,2,3.......)

根据波速定义式有：

，AB

联立解得：

40,/、

v=-----m/s(w=0,L2,3)

4〃+3

由A、5振动图像可知，若简谐波沿”轴负方向传播，振动由质点〃传播到质点4所需的时间为

+(7i=0,L2,3)

根据波速定义式有：

，BA

联立解得：

v=---4-0---m/,s,(〃=0,1,2,3)、

4〃+1

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14、(1)—mgL(2)<p=一一--；(p=-------(