2022年广东省广州市高考物理一模试卷附答案详解

2022年广东省广州市高考物理一模试卷

1.“嫦娥五号”返回器于2020年12月带回1731克月球土壤.月球土壤富含的氢-3元

素是理想的热核反应原料，其核反应方程为窈He―胃He+2X,则（）

A.该核反应类型为重核裂变B.X为质子

C.该核反应可在常温下发生D.X为中子

2.如图，2021年11月神州十三号宇航员从“天宫号”出舱完成相关的太空作业.已

知“天宫号”空间站绕地球的运行可视为匀速圆周运动，周期约为1.5儿下列说法正

确的是（）

A.宇航员出舱后处于平衡状态

B.宇航员出舱后处于超重状态

C.“天宫号”的角速度比地球同步卫星的小

D.“天宫号”的线速度比地球同步卫星的大

3.广州地铁18号线列车的最高速度为160/cm/h（约44m/s）,设列车匀加速出站和匀减

速进站的时间均为40s,则列车在轨道平直、距离为8800m的两站点间运行的最短

时间约为（）

A.240sB.200sC.160sD.150s

4.如图是手机无线充电器的模型，其工作原理与理想变压器相同.已知发射、接收线

圈匝数比小：712=5：1,C,。端输出电流i=或5也（2兀x则4、B端输

入电流的（）

(

•D

A.频率为50kHzB.周期为2x10-5s

C.有效值为0.24D.最大值为加4

5.如图是某电力机车雨刷器的示意图.雨刮器由刮水片

和雨刮臂链接而成，M、N为刮水片的两个端点，P为

刮水片与雨利臂的链接点，雨刮臂绕。轴转动的过程

中，刮水片始终保持竖直，下列说法正确的是（）

A.P点的线速度始终不变

B.P点的向心加速度不变

C.M、N两点的线速度相同

D.M、N两点的运动周期不同

6.如图，篮球从某一高度自由落下，与地面反复碰撞，最后停

在地面上，空气阻力不计，下列图像能大致反映该过程篮球

的加速度随时间变化的是（）

7.如图，虚线内有垂直纸面的匀强磁场,acb是半圆，圆心是。，半径为r,NbOc-60°,

现有一质量为m、电荷量为+q的离子，以速度。沿半径0c射入磁场，从bd边垂直边

界离开磁场，则（）

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A.离子做圆周运动的半径为2r

B.离子离开磁场时距b点为3r

C.虚线内的磁感应强度大小为.

D.离子在磁场中的运动时间为旦加

8.如图，水平飞向球棒的垒球被击打后，动量变化量

为12.6kg•m/s,贝4（）

A.球的动能可能不变

B.球的动量大小一定增加12.6kg-m/s

C.球对棒的作用力与棒对球的作用力大小一定相

等

D.球受到棒的冲量方向可能与球被击打前的速度方向相同

9.如图，在干燥的冬天，手接触房间的金属门锁时，会有一

种被电击的感觉.带负电的手在缓慢靠近门锁还未被电击

的过程中，门锁（）

A.近手端感应出正电荷

B.电势比手的电势低

C.与手之间场强逐渐增大

D.与手之间场强保持不变

10.如图，高压输电线上使用“abed正方形间隔棒”支撑导线4、区、〃，目的是

固定导线间距，防止导线相碰.abed的几何中心为0,当四根导线通有等大同向电

流时（）

A.几何中心。点的磁感应强度不为零

B.几何中心。点的磁感应强度为零

C.■对均的安培力小于5对G的安培力

D.刀所受安培力的方向沿正方形的对角线ac方向

11.用图甲装置研究“小车(含拉力传感器)质量一定时，加速度与合外力的关系”，实

验步骤如下：

①细绳一端绕在电动机上，另一端系在拉力传感器上.将小车放在长板的P位置,

调整细绳与长板平行，启动电动机，使小车沿长板向下做匀速运动，记录此时拉力

传感器的示数4；

②撤去细绳，让小车从P位置由静止开始下滑，设小车受到的合外力为F,通过计

算机可得到小车与位移传感器的距离随时间变化的x-t图像,并求出小车的加速度

a；

完成下列相关实验内容：

(1)在步骤①②中，&F(选填“=或“<”).

(2)本实验(选填“需要”“不需要”)平衡小车所受到的摩擦力；

(3)某段时间内小车的X-t图像如图乙，根据图像可得小车的加速度大小为

m/s2(计算结果保留两位小数)：

(4)分析表中的F、a数据可知：在误差允许范围内，小车质量一定时，

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F/N0.41.01.51.82.1

a/m•s~20.792.103.103.624.19

12.利用输出电压为3U的恒压电源、量程为0〜0.6A的电流表(内阻不计)、定值电阻、

阻值随长度均匀变化的电阻丝(长度为0.05m,总阻值为250)、弹簧(电阻不计)、

开关、导线，改装成如图甲的测力计.

(1)图甲的电路中，定值电阻的作用是,阻值至少为

(2)弹簧所受拉力F与其伸长量2L的关系如图乙.若定值电阻为100,则电流表的示

数/与弹簧所受拉力F的关系式/=(4)，可知由电流表改装的测力计刻度

(选填“均匀”“不均匀”)，当电流表的示数为0.34对应标示的力为

________N。

13.图a是我国传统农具一一风鼓车，图b是其工作原理示意图.转动摇柄，联动风箱

内的风叶，向车斗内送风.入料仓漏口口漏出的谷物经过车斗，质量大于2.0x

10-5的的谷粒为饱粒，落入第一出料口48；质量为1.2x10-5的〜20x10-53的

谷粒为瘪粒，落入第二出料口43;质量小于1.2x10-5/cg的草屑被吹出出风口.已

知4、B、%三点在同一水平线上，的宽度为0.27m；4在H正下方，的高

度为0.45m；质量为2.0xl()Tkg的谷粒从“漏出，恰好经B点落入.设谷物从“漏

出时速度为零；谷粒在车斗内所受水平风力恒定且相等，只考虑其所受重力和水平

风力作用.取重力加速度g为10m/s2.

第二出料口第一出料口

图(a)图(b)

(1)求谷粒从H落到出料口所经历的时间：

(2)求谷粒所受水平风力的大小；

(3)若瘪粒恰好能全部落入&B,求的宽度.

14.如图甲，在光滑绝缘水平地面上，宽为2L的力B区域内存在水平向右的电场，电场

强度随时间变化的图像如图乙.质量为的不带电绝缘小球静止在力区域

E-t47nP］B

内距4为x(0<x<L)的位置.t=0时，带电量为+q、质量为m的小球P2以速度%

从4点进入AB区域，与Pi发生碰撞后以：火反弹，已知Pi、P2在4B区域内只发生一

次碰撞，碰撞时间极短，P2的电量保持不变.

(1)求碰撞后小球居获得的速度；

(2)若t=《时，P2刚好从A离开AB区域，求这种情况下x的值;

(3)当［L<X<L时，讨论P2离开力B区域时的速度大小.

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15.拔火罐是传统中医理疗方式，医生先用点燃的酒精棉球加热小罐内的空气，随后迅

速把小罐倒扣在需要治疗的部位，冷却后小罐紧贴皮肤，以达到通经活络、祛风散

寒等目的.小罐内的空气在冷却过程中体积减少，分子平均动能;单位体积

内的分子数.（以上两空均选填“增大”“减少”或“不变”）

16.如图是容积为2x10-37n3的气压式浇花喷水壶，现向喷水壶内装入—

定质量的水，通过打气使壶内气压达到2p°,浇花时打开喷嘴开关就有

水雾喷出，当壶内气压降为l.O2po,壶内的水刚好全部喷出.已知水.

的密度为1.0x1033/^3,细管和喷嘴的容积可忽略.求装入壶内水

的质量.

17.抖动绳子的一端，每秒做两次全振动，产生如图所示的横波，绳子P点的振动方向

向下，则波的传播方向是（填“向左"或''向右"），波速为m/s.

IOOCB

18.如图，截面为等腰梯形的容器贮满水，放置在房间的水平桌面上，早晨阳光穿过窗

户照射到水面,某时刻观察到阳光恰好照亮容器的整个底部.已知容器梯面倾角a的

余弦值为正，水的折射率为，求此时光线与水面的夹角氏

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：AC.核反应方程2：HeHe+2X,即质量轻的核结合成质量大的核，为

轻核聚变反应，聚变反应需要高温才能发生，故AC错误；

BD、根据核反应满足质量数守恒和电荷数守恒，可得X的质量数为第=1,质子数为：

空|二=1,所以X为质子，故8正确，。错误。

故选：B。

根据轻核聚变反应的特点和反应条件判断；根据质量数守恒和电荷数守恒判断X。

本题以“嫦娥五号”返回器于2020年12月带回1731克月球土壤为背景，主要考查了轻

核聚变，根据核反应的质量数和电荷数守恒求解即可。

2.【答案】D

【解析】解：AB,宇航员出舱后受到的万有引力提供向心力，处于完全失重状态，故

AB错误；

C、“天宫号”的周期是1.5九，同步卫星的周期是24h,根据3=学，“天宫号”的周

期小，则“天宫号”的角速度比地球同步卫星的大，故C错误；

D、根据粤=吟"，“天宫号”的周期小，则绕地球做匀速圆周运动的半径小。根

r2T2

据等=嗒可得：及=秒，可知半径小的“天宫号”线速度大，故。正确。

故选：。。

“天宫号”空间站以及宇航员受到的万有引力提供向心力：根据万有引力提供向心力列

式，得到线速度和角速度的表达式，再求解即可.

本题重点是对万有引力提供向心力各种表达式的变形和引用，需要熟练掌握万有引力和

圆周运动公式.

3.【答案】A

【解析】解：列车匀加速到最大速度后，一直匀速运动，直到匀减速进站，则该过程运

行的时间最短；

匀加速到最大速度和从最大速度匀减速到零，所通过的位移大小相等，设为看,则有

X】哈F

代入数据可得与=880m

设列车匀速运动时间为t2,则有

d—2xi=vmt2

代入数据可得t2=160s

故列车在两站点间运行的最短时间约为t=2tt+t2=2x40s+160s=240s

故A正确，BC。错误。

故选：A.

根据题意分析，列车匀加速到最大速度后，一直匀速运动，直到匀减速进站，则该过程

运行的时间最短；结合运动学公式可得匀速运动的时间，进而得出列车在两站点间运行

的最短时间。

本题考查了匀变速直线运动的基本公式，在学习中要注意公式的应用和理解，特别是公

式的适用条件要熟记。

4.【答案】C

【解析】解：AB,变压器不改变周期和频率，所以周期为

T=-=-^s=10-ss

0)27TX105

则频率为f="==100k〃z,故A3错误；

CD、C、。端输出电流的最大值为企4由

nl_，2?n

n2Am

可得4、B端输入电流的最大值为

l-Lm=YA

4、B端输入电流的有效值为

/1=竽==0,24，故C正确，。错误；

故选：Co

变压器不改变电流的周期和频率，结合公式分别计算出周期和频率；

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根据匝数比得出电压之比，结合正弦式交流电中电流的峰值和有效值的关系得出有效值

的大小。

本题主要考查了变压器的构造和原理，理解变压器无法改变电流的周期和频率，同时结

合匝数比和电压比的关系即可完成分析。

5.【答案】C

【解析】解：4、P点做匀速圆周运动，线速度的方向沿曲线的切线方向，是不断变化

的，故A错误；

8、P点做匀速圆周运动，向心加速度的方向始终指向圆心，是不断变化的，故B错误；

CD,由题，刮水片始终保持竖直，则刮水片上的各点运动的情况完全相同，所以N

的线速度始终相同，周期也是相等的，故C正确，。错误。

故选：Co

做匀速圆周运动的物体的线速度与向心加速度的方向不断变化；共轴转动的各点角速度

相等，由几何知识求得M、N两点转动的半径之比，求出线速度之比。

该题属于物理知识在日常生活中的应用，解答的关键是要注意到在刮水片上，各点的运

动情况都是相同的。

6.【答案】A

【解析】解：篮球做自由落体运动和竖直上抛运动，加速度均为重力加速度，大小和方

向均不改变，故A正确，BCD错误。

故选：4。

篮球做自由落体运动和竖直上抛运动，加速度均为重力加速度。

本题考查自由落体运动。学生知道重力加速度的方向竖直向下，大小为9.80m/s2。

7.【答案】D

【解析】解：4B.由题意，作出离子在磁场中运动轨迹示意图如下

则根据几何关系，离子在磁场中圆周运动半径为

R=V3r

离子离开磁场时距力点为(6+1)丁，故A3错误；

C.离子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力

V2

qvBD=

可得

B二普

V3qr

故C错误；

D由几何关系知，离子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为150。，则运动时间为

8T0m5相7TT

t=——T=—=------

2TCqB6v

故。正确。

故选：Do

根据题意可作出粒子的运动轨迹图，根据几何关系解得运动半径，结合洛伦兹力提供向

心力可解得磁感应强度，根据时间与周期的关系解得运动时间。

根据题意可作出粒子的运动轨迹图，根据几何关系结合洛伦兹力提供向心力可解得磁感

应强度。

8.【答案】AC

【解析】解：AB,垒球被击打后，可能与被击打前等大的速度反向打出，所以球的动

能可能不变，动量的大小可能不变，动量大小增量为0.故A正确，B错误；

C、由牛顿第三定律知，球对棒的作用力与棒对球的作用力大小一定相等，故C正确；

。、球受到棒的冲量方向是棒对球弹力的方向，与球被击打前的速度方向想法，故。错

误。

故选：AC.

根据动量的定义式和动能的定义式进行分析。

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此题主要考查动量定理的简单运用，注意动量定理表达式是矢量表达式，在运用动量定

理时要注意方向

9.【答案】AC

【解析】解：4、放电前手指靠近金属门锁的过程中，门锁在手的影响下，发生静电感

应，近手端感应出正电荷，故A正确；

8、由于门锁近手端带正电，手带负电，二者间空间产生电场，电场线由门锁近手端指

向手，所以门锁电势比手的电势高，故B错误；

CD,随着手的靠近，二者间距逐渐减小，将门锁与手之间看成一个电容器，可知当两

者距离减小时，根据公式。=盘，E=pC=5联立，可得E=半，由于异种电荷

47tkaaUeS

相互吸引，手接近的过程中，感应电荷越来越接近手，门锁近手端电荷密度越来越大，

电荷分布的电荷密度变大，故门锁与手指之间场强逐渐增大，故C正确，。错误。

故选：AC.

根据静电感应判断电荷的分布，再判断电势的高低；根据电容的定义式与决定式联立可

知手与门把手之间的场强。

本题考查静电现象，解题关键要理解静电感应的原理，以及电容的定义式与决定式进行

分析。

10.【答案】BD

【解析】解：48.因四条导线中的电流大小相等，。点与四条导线的距离均相等，由右

手定则和对称性可知，G在。点的磁感应强度与人在。点的磁感应强度等大反向，人在。

点的磁感应强度与人在。点的磁感应强度等大反向，所以四条导线在。点的磁感应强度

等于0,故A错误，B正确；

C.5相比G，离L更近些，处于人较强的磁场区域，由安培力大小与B成正比可知，人对

G的安培力大于L对人的安培力，故C错误：

。.根据“同向电流吸引，反向电流排斥”的推论可知，人受其余三条导线的吸引力分别

指向三条导线，根据对称性,乙2与入对k的安培力大小相等，所以两者合力指向如方向，

再与乙3对G的安培力（沿ac方向）合成，总安培力方向沿正方形的对角线ac方向，故。正

确。

故选：BDo

根据左手定则可以分别判断导线所受安培力的方向；根据安培定则可以判断菱形中心。

处的合磁场方向，根据安培力与磁场的关系判断安培力。

根据同向电流相互吸引，反向电流相互排斥可以快速的判断每个导线所受的安培力方向。

11.【答案】=不需要2.10加速度与合外力成正比

【解析】解：(1)根据实验步骤①，小车匀速运动，若小车受到的阻力为「所以在。=

mgsinG再由步骤②可知：F=mgsind-于是有：Fo=F-.

(2)由于是两次实验获得小车受到的合力，不需要平衡摩擦力；

(3)从所给图象的数据来看，两段时间间隔为7=0.01s,根据逐差公式求加速度a=篝=

绿赳二任%产叱3.8：迎*10-2*=2.10m/s2；

(4)从表格所给数据看，有：^=-^-kg=0.506kg,肾=黑如=0.476kg,?=

U./71*2Z.1UCI3

芸kg=0.484kg,kg=0.501kg,从计算数据看，在误差允许的范围内，比

<5.1va4•--*-7

值大致相等，所以可以得到：小车质量一定时，加速度与合外力成正比。

故答案为：(1)=;(2)不需要;(3)2.10；(4)加速度与合外力成正比

(1)(2)根据实验过程满足的关系分析第二次小车加速时小车所受的合力，并分析是否需

要平衡阻力；

(3)计算表格中力与加速度的比值，确定二者之间的关系。

解决本题的关键知道实验的原理和注意事项，在本实验中，需注意运用力传感器测量拉

力的大小，不需要平衡摩擦力，也不需满足重物的质量远小于小车的质量。但要注意利

用x-t图象利用逐差公式求加速度。

12.【答案】对电流表起保护作用5-^-不均匀0

2OO+F

【解析】解：(1)电路中接入定值电阻的目的是对电流表起保护作用，防止当P移动到电

阻丝的最右端时电流表被烧坏；当电路中电流达到最大0.64时，电路中的总电阻最小值

为R=)=^0=5。，所以定值电阻至少为50.

/0.6

(2)由图乙可知

F=kAL,

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根据图像解得：fc=1x104W/m

设定值电阻为R，电阻丝总电阻为&,移动距离为21L,由闭合电路欧姆定律

/=—

R+&

又

RX=*RL

联立代入数据可得

I_60

―200+F

由上式可得：拉力F与/是非线性关系，所以由电流表改装的测力计刻度不均匀；

当电流表的示数为0.34带入可得

F=0

所以对应标示的力为0.

故答案为：(1)对电流表起保护作用，5；(2)薪，不均匀，0

(1)分析定值电阻的作用，根据电流表示数变化范围选用定值电阻；

(2)根据欧姆定律推导电流表的示数/与弹簧所受拉力F的关系，结合解析式进行分析。

对于实验题，要弄清楚实验目的、实验原理以及数据处理、误差分析等问题，一般的实

验设计、实验方法都是根据教材上给出的实验方法进行拓展，延伸，所以一定要熟练掌

握教材中的重要实验。

13.【答案】解：(1)谷粒从，落到出料口，在竖直方向上做自由落体运动，则有=：gt2,

解得t=0.3s

(2)质量为叫=2.0x10-5砌的谷粒从口漏出，恰好经B点落入冬从该谷粒的水平位移

大小为=0.27m

谷粒在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，有无］=2%产

设谷粒所受水平风力的大小为F,则由牛顿第二定律得

F=max

联立解得F=1.2xICT，2

(3)瘪粒恰好能全部落入质量最小的瘪粒水平位移最大，瘪粒最小质量为血2=

1.2x10-5kg

其水平分加速度为:m/s2=10m/s2

KM?LNX1U

该谷粒到达B点时水平分位移大小为刀2=之a2t2=jX10X0.3277l=0.45771

—x=

故A2B的宽度d=x2i0.45m—0.27m=0.18m

答：(1)谷粒从H落到出料口所经历的时间是0.3s；

(2)谷粒所受水平风力的大小为1.2x10-4N；

(3)&B的宽度为0.18m。

【解析】(1)谷粒从H落到出料口，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度求所

经历的时间；

(2)质量为2.0x10-5^的谷粒从“漏出，恰好经B点落入根据水平位移和运动时

间求出水平分加速度，再由牛顿第二定律求谷粒所受水平风力的大小：

(3)瘪粒恰好能全部落入48,质量最小的瘪粒水平位移最大，根据牛顿第二定律求出该

瘪粒的水平分加速度，由位移一时间公式求&B的宽度.

本题是恒力作用下物体做曲线运动的类型，采用运动的分解法研究。要把握谷粒水平和

竖直两个方向的运动规律，运用牛顿第二定律和运动学公式相结合进行解答。

14.【答案】(1两小球碰撞根据动量守恒定律

mv0=—m•|v0+4mv

可得碰撞后小球匕获得的速度

3

(2)若t时，22刚好从4离开4B区域，则有

VO

可得

X=-

3

(3)。2返回到4点时，如果速度恰好为零，则有

qE=ma

VQ—2aL

由

(y)2=2axi

减速运动的位移大小为

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则有

可得

L

X=-

2

所以当时，P2从4点离开的速度为

0<”也

2

当X=，，P2返回力时速度恰好减为零，然后向左做加速运动，由

vl=2a-2L

可得

%=V2v0

当x=L时，由

诏-(y)2=2aL

可得

"2=­V0

所以当，WxWL时，P2从B点离开的速度为

yv0<v<V2v0

答：(1)求碰撞后小球匕获得的速度为:孙；

O

(2)若t=《时，P2刚好从4离开4B区域，尤的值为&

(3)当时，P2从4点离开的速度为：0<u<晟；

当，WxWL时，P2从B点离开的速度为：^v0<v<V2v0

【解析】(1)两球碰撞过程中符合动量守恒，可解得碰后为获得的速度。

(2)又因条件中有t=f,故碰后R开始受到电场