2023年吉林省长春市榆树市小区域中考物理三模试卷（附答案详解）

2023年吉林省长春市榆树市小区域中考物理三模试卷

1.下列微粒中绕原子核高速运转的是（）

A,分子B.质子C.中子D.电子

2.世界上最早发现“地理的两极和地磁场的两极并不重合”的学者是（）

A.沈括B.安培C.伏特D.瓦特

3.如图，外卖小哥骑着电动车在大街小巷中穿行，选择下列哪种参照

物，可以认为外卖小哥是静止的（）

A.来来往往的路人B.迎面而来的汽车C.电动车上的货备箱D.街道两边的门店

4.如图是几种不同类型的发电站，这些电站利用不可再生能源发电的有（）

①酝门火力峭②汕尾红海湾风电厂⑤陆诃雨告水蚊i④大亚湾核电站

A.①④B.①③C.②③D.②④

5.下列物质中属于晶体的是（）

A.玻璃B.石蜡C.冰D.沥青

6.相同功率的LEQ灯比白炽灯亮很多，现实生活中白炽灯逐渐被淘汰，这主要是因为它的

（）

A.电功率过大B.消耗电能多C.发光效率低D.使用寿命短

7.某款中性笔上有软胶护套，这是为了增大摩擦和（）

A.减小压力

B.增大压力

C.减小压强

D.增大压强

8.如图是带滚轮的书包，内部没有装电池，但轮子滚动时，轮子里的灯会发光。

能反映此现象原理的是（）

9.向一个质量可以忽略不计的塑料瓶中装入密度为P4的液

体后密闭，把它分别放在盛有密度为P%、Pz两种液体的容

器中，所受浮力分别为F/、F乙,如图所示，下列判断正确

的是（）

A.P甲>P4，F甲=F乙B.P甲<P乙,P乙>PA

C.P甲〉P乙,P乙<PAD.P甲=P乙,F甲=F乙

10.如图所示电路，闭合开关S,当滑片尸向左移动时，下列分析正确的是（）

A.R与L串联B.电压表示数变小

C.电流表4示数变小D.电流表力示数变大

11.周末小华一家驾车到采摘园。

(1)汽车行驶过程中，小华听到的汽笛声，是由于物体产生的。

(2)汽车的发动机属于内燃机，为汽车提供动力的是冲程。

(3)到达采摘园后，汽车刹车时动能。小华观察到汽车油量表的示数减小了，剩余汽

油的热值(均选填“变大”、“变小"或''不变”)。

(4)小华进入塑料大棚内，闻到瓜果的香味，这是现象。看到西红柿，她想起了物理

课上制作的水果电池，水果电池将能转化为电能。

12.前沿科技描绘，创新中国未来蓝图：

甲乙丙丁

(1)钱学森被誉为“中国航天之父”和“火箭之王”。如图甲，火箭发射升空时，将燃烧产生

的内能转化为火箭的能，能量转化过程中，能量的总和(选填“增大”、“减

小”或“不变”)；火箭穿过大气层时，表面温度可达上千摄氏度。为防止火箭被烧毁，在其

表面涂有一层特殊的涂料•，这种涂料在高温下发生熔化时(选填“吸收”或“放出”)

大量的热；拥有55颗卫星的北斗导航系统是通过传递信息的；

(2)“天眼”之父南仁东带领科学家们研发了世界上最大口径的射电望远镜(图乙)，望远镜球

面口径约为500(填单位符号)(口径约为300个初中生的身高)；

(3)中国高铁领跑世界。小园坐高铁(丙图)从四平回长春，全程120km,用时30min,该高铁

从四平到长春的平均速度是km/h；列车行驶时，车体附近流速大，压强,所

以站台上设计了安全线。

(4)“禾下乘凉”是袁隆平院士(图丁)的一个梦想。“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，声

音是由物体产生的。

13.验证大气压强存在的著名实验是；如图所示，通电直导线周围

I

的小磁针发生偏转，此现象表明电流周围存在______；一束与平面镜成40°.s1、

的光线射到平面镜上，则反射角是度.

14.在“探究水沸腾前后的温度变化特点”实验中：

(1)实验装置如图甲所示，在组装器材安装温度计时，玻璃泡碰到了烧杯底，此时应适当将

(选填“铁杆向上”或“铁圈向下”)调整。

(2)实验前，向烧杯中倒入温水而不是冷水，这样做是为了，除此之外还可以通过

(选填“增加”或“减少”冰的质量来达到同样的目的。

(3)水沸腾时温度计的示数如图乙所示，水的沸点为℃；继续加热，温度计的示数将

(选填“变大”、“变小”或“不变”

乙

15.利用如图所示的器材探究凸透镜成像的规律。

(1)将凸透镜、蜡烛、光屏放置在光具座上，调节三者的位置和高度，使烛焰、凸透镜和光屏

的中心在______»

(2)先后调整蜡烛和光屏的位置，在如图所示位置出现烛焰清晰的像。则像的特点是倒立的、

的实像。生活中利用这条成像规律的实例是。

(3)将近视镜片放在烛焰与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了，需要将光屏(

选填“靠近”或“远离”)透镜，又能在光屏上看到烛焰清晰的像。由此可知，在近视眼得到

矫正之前，物体的像成在视网膜的(选填“前方”威“后方”)。

(4)若换用焦距为10a〃的凸透镜，如图所示，在不移动蜡烛和凸透镜的前提下，要在光屏上

得到清晰的像，应将光屏移到标尺刻度的cm范围内。

16.在“探究杠杆的平衡条件”实验中:

(1)如图甲：为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向调节；

(2)如图乙：杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N,如果在8处施加一个

拉力，使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为时，拉力最小，大小为N。

17.在探究“平面镜成像特点”的实验中:

N

乙

甲

(1)该实验用到的测量工具是。

(2)该实验用玻璃板代替平面镜的目的是。

(3)实验时应在______(选填"A”或"B”)侧观察蜡烛A所成的像。

(4)当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小o

(5)在图中画出物体A8在平面镜MN中的像48'(保留作图痕迹)。

18.如图甲所示是小明同学测定额定电压为2.5U,额定功率不大于1W的小灯泡功率的实物

连接图。

(1)在小明连接好的电路中存在错误或不要之处，请你找出其中的两处:①______；②O

(2)改正错误和不妥之处后，闭合开关，发现电流表和电压表均有示数，但小灯泡不亮，可能

的原因是(填写选项中的字母)。

A.小灯泡短路

A连接小灯泡的导线接触不良

C.滑动变阻器接入电路的电阻过大

(3)小明调节滑动变阻器，依次正确读取三组实验数据，随手写在了草稿纸上(如图乙所示)。

如表是小明在老师指导下设计的记录数据及现象的表格，请你补出③处所缺的内容，分析数

据后得到小灯泡的额定电流为_____4额定功率为W。

次数小灯泡两端电压U/V通过灯丝电流小灯泡的电功率P/W③_______

1

2

3

(4)实验后，小明将一只50的定值电阻与标有“20014”的滑动变阻器串联接在电压恒定为

(1)托盘中加入物体时产生的力作为动力，该杠杆0班属于杠杆。

(2)该电子秤所测量的物体质量越大，电压表的示数。

(3)将质量为2.5kg的物体放在托盘中，电压表的示数为IV。将质量为7.5kg的物体放在托盘

中，电压表的示数为2匕在保证电路安全的前提下，该电子秤能测量的最大质量为多少？(写

出必要的文字说明、表达式及最后的结果

)

答案和解析

I.【答案】D

【解析】解：卢瑟福的原子结构模型认为：原子由原子核与核外电子组成，原子的全部正电荷与

几乎全部质量集中在原子核.上，带负电的电子在原子核外，绕原子核高速旋转。

故选：D。

根据a粒子散射实验，卢瑟福提出了原子核式模型理论，他认为原子的全部正电荷和几乎全部质

量都集中在原子核上，带负电的电子在原子核外绕核高速旋转，据此进行解答。

本题主要考查了微观粒子的构成及其特征等方面的内容，属于基础题目。

2.【答案】A

【解析】解：北宋学者沈括在《梦溪笔谈》记载了指南针指向“常微偏东，不全南也”，即：地

理的两极和地磁场的两极并不重合，磁针所指的南北方向与地理的南北方向略有偏离，是第一位

指出地磁偏角的科学家.

故选:Ao

地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合.即：地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理

南极附近。

物理学史也是物理考试中经常出现的一类题型，要求学生熟记著名科学家的贡献。

3.【答案】C

【解析】解：外卖小哥骑着电动车在大街小巷中穿行，若说他是静止的，则选择的参照物和外卖

小哥之间的位置没发生变化，只有和他自己骑的电动车上的货备箱之间的位置没发生变化，和来

来往往的行人、迎面而来的车辆、街道两边的门店之间的位置都发生了变化，故C正确，ABO错

误。

故选：Co

看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物

体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。

此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状

态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。

4.【答案】A

【解析】解：

①火力发电站利用煤进行发电，煤不能从自然界源源不断获得，也不能重复利用，是不可再生能

源，则火力发电站是利用不可再生能源发电的；

②③风、水能够源源不断地从自然界获得，是可再生能源，风电厂、水电站是利用可再生能源发

电的；

④核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源，所以利用不可再生能源发电的是

核能发电；

所以利用不可再生能源发电的是①④，故A符合题意。

故选：Ao

能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可

再生能源；根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。

本题主要考查学生对：可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握.

5.【答案】C

【解析】解：玻璃、石蜡、沥青都没有确定的熔点和凝固点，都属于非晶体；冰具有确定的熔点

和凝固点，属于晶体。

故选：Co

常见的晶体有各种金属，海波，冰；常见的非晶体有石蜡，玻璃，沥青，松香。

本题考查了晶体和非晶体的区别：晶体和非晶体的区别是晶体有确定的熔点和凝固点，而非晶体

没有。

6.【答案】C

【解析】解：LEO灯和白炽灯的发光原理不一样，发光效率不同，白炽灯是靠电流来加热灯丝，

使灯丝温度能上升到几千度，灯丝发热后就会发出很强的光，在这里很多的电能是转化成了热能

很少部分转换为光能，而灯是冷光源，发光时产生的热量很少，发光过程中不需要很大的电

流就能发出高效的光，因此现实生活中白炽灯逐渐被淘汰，这主要是因为它的发光效率低。

故选：a

白炽灯是根据电流的热效应制成的发光元件，LEQ灯发光过程中不需要很大的电流就能发出高效

的光，二者发光效率不同。

解答此题的关键是明确节能灯和白炽灯的发光原理和发光效率不同。

7.【答案】C

【解析】解：中性笔上有软胶护套，增大了接触面的粗糙程度，在压力一定时可以增大摩擦力；

同时中性笔上有软胶护套，增大了受力面积，在压力一定时可以减小压强。

故选：Co

根据摩擦力和压强大小的影响因素，利用控制变量法分析解答。

掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。

8.【答案】C

【解析】解：

带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LEO灯会发光，则可

知此现象的原理为电磁感应现象。

A、图中的实验为奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故A不符合题意；

B、图中实验装置是探究磁极间相互作用规律的实验，故B不符合题意；

C、图中实验装置无电源，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，

是电磁感应现象，故C符合题意；

图中实验装置说明通电导线在磁场中受力而运动，故。不符合题意。

故选：Co

闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这

一现象叫电磁感应现象.

本题考查了对电磁感应现象的认识，属于基础知识，难度不大。

9.【答案】B

【解析】解：(I)、•塑料瓶漂浮

•••/尹=Fz=G

(2)甲图：F浮=p副排g=pGg

排)V

:,P甲<PA；

(3)乙图：F浮=P/排9=PA^9

■:V排〈V

:,P乙>PA；

故选：瓦

(1)甲、乙图中，同一物体都漂浮，有漂浮条件可知物体所受浮力?尹、尸乙的关系；

(2)在甲图中，液体A装入塑料瓶内放入甲液体中，下沉一些，可知甲液体的密度比A的密度小；

(3)在乙图中，液体A装入塑料瓶内放入乙液体中，上浮一些，可知乙液体的密度比A的密度大。

本题考查了漂浮条件和浮力大小的计算，理解：同样的浮力，液体密度大的，排开液体的体积小

是关键。

10.【答案】C

【解析】解：闭合开关，灯泡和滑动变阻器并联接入电路，电流表4测干路电流，电流表4测通

过灯泡的电流，电压表测电源电压，则电压表的示数不变，故A8错误；

并联电路中各支路两端电压相等，当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据

欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变小，

因并联电路中各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变，即电流表4的示数不变，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路电流变小，即电流表4示数变小，故C正确，

。错误。

故选：Co

闭合开关，灯泡和滑动变阻器并联接入电路，电流表公测干路电流，电流表&测通过灯泡的电流，

电压表测电源电压，据此判断电压表示数是否变化；

当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据并联电路的电压特点结合欧姆定律

可知通过滑动变阻器的电流变化，由并联电路的特点可知通过灯泡的电流不变，根据并联电路的

电流规律判断干路电流的变化。

本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，分清电路的连接方式是解题的关键。

11.【答案】振动做功变小不变扩散化学

【解析】解：(1)汽笛声是由于物体振动产生的；

(2)汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，为汽车提供动力；

(3)汽车刹车时质量不变，速度变小，动能变小；汽油的热值与汽油质量大小无关，其热值不变；

(4)闻到瓜果的香味，是香味分子在空气中发生扩散现象；水果电池将化学能转化为电能。

故答案为：(1)振动；(2)做功;(3)变小;不变；(4)扩散；化学。

(1)声音是由物体振动产生的；

(2)汽油机的做功冲程将内能转化为机械能；

(3)动能大小与物体的质量和速度有关，质量一定时，速度越大，动能越大；热值是燃料的一种特

性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量大小、燃烧程度无关；

(4)扩散是指不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象。表明分子在不停地做无规则运动；

电源是提供电能的装置，水果电池将化学能转化为电能。

本题是一道热学综合题，考查的知识点比较多，难度不大。

12.【答案】机械不变吸收电磁波机240小振动

【解析】解：(1)火箭发射升空时，将燃烧产生的内能转化为火箭的机械能；能量在转移和转化的

过程中，能量的总量保持不变，因此能量转化过程中，能量的总和不变；这种涂料在高温下发生

熔化时需要吸收大量的热，再把这些热量散放到空气中，从而防止火箭被烧毁；电磁波可以在真

空中传播，因此北斗导航系统是通过电磁波传递信息的；

(2)如果初中生身高按1.65m,则望远镜球面口径约为。=300x1.65m=495m,因此望远镜球面

口径约为500m

(3)已知从四平到长春的路程s=120km,所需时间《=30min=0.5h,则高铁从四平到长春的平

均速度。3=啜詈=240km"；根据压强和流速的关系可知，列车行驶时，车体附近流速大，

压强小，所以站台上设计了安全线；

(4)“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，声音是由物体振动产生的。

故答案为：(1)机械能；不变；吸收;电磁波；(2)优；(3)240；小；(4)振动。

(1)燃料燃烧是将化学能转化为内能，火箭发射升空时，将燃烧产生的内能转化为火箭的机械能；

根据能量守恒定律判断；物质熔化时需吸收热量；北斗导航系统是通过电磁波传递信息的；

(2)初中生的身高在1.6米左右，据此可知应填的单位；

(3)根据速度公式u=］可求得高铁的行驶速度；在气体和液体中，流速越大的位置，压强越小；

(4)声音是由物体的振动产生的。

本题考查的知识点较多，是一道综合题目，但难度不大。

13.【答案】马德堡半球实验；磁场；50。

【解析】解：马德堡半球实验最早证明了大气压的存在，并且证明大气压非常大；

奥斯特实验证明了通电导线周围存在磁场，即电流的磁效应，故如图所示，通电直导线周围的小

磁针发生偏转，表明电流周围存在磁场.

一束光线与平面镜夹角为40。，则入射角为90°-40。=50。，根据光的反射定律，反射角也为50°.

故答案为：马德堡半球实验：磁场；50°.

(1)知道马德堡半球实验证明了大气压的存在，奥斯特实验证明了电流周围存在磁场.

(2)光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位

于法线两侧；反射角等于入射角.入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反

射角是反射光线与法线的夹角.

此题考查了大气压存在的理解、电生磁的理解和光的反射定律的应用，是一道综合题.

14•【答案】铁杆向上缩短加热时间减少95不变

【解析】解：(1)温度计使用时，温度计的玻璃泡要完全浸入被测物质中，且不能碰到容器底部或

侧壁；如果温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，此时应适当将铁杆向上调整；

(2)试验使用温水或减少水的质量都可以缩短加热时间；

(3)由图乙可知温度计的分度值是1℃,且在90℃~100久之间，所以温度值为95℃。水沸腾后的特

点是：吸收热量且温度不变。

故答案为：(1)铁杆向上；(2)缩短加热时间；减少；(3)95；不变。

(1)温度计使用时，温度计的玻璃泡要完全浸入被测物质中，且不能碰到容器底部或侧壁，据此分

析即可；

(2)试验使用温水或减少水的质量都可以缩短加热时间；

(3)由图乙可知温度计的分度值是1℃,且在90℃〜io(fc之间，可得温度值。水沸腾后的特点是：

吸收热量且温度不变。

此题考查试验器材的安装、温度计的正确使用、缩短加热时间的措施、水沸腾时气泡的特点、温

度计的读数、气压与沸点的关系等知识，属于综合题目。

15.【答案】同一高度放大投影仪远离前方50~60

【解析】解：(1)为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度；

(2)先后调整蜡烛和光屏的位置，在如图所示位置出现烛焰清晰的像，此时物距小于像距，根据凸

透镜成实像时，物距小于像距，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；

(3)将近视镜片放在烛焰与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了，近视镜片是凹透镜，凹透

镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，故需要将光屏远离透镜，又能在光屏上看到烛焰

清晰的像；由此可知，在近视眼得到矫正之前，物体的像成在视网膜的前方；

(4)若换用焦距为l(kro的凸透镜，此时物距u=40.0cm-10.0c7n=30.0cm>2f,2f>v>f,

要在光屏上得到清晰的像，应将光屏移到标尺刻度的50〜60cm范围内。

故答案为：(1)同一高度；(2)放大；投影仪；(3)远离；前方；(4)50〜60。

(1)为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度；

(2)根据凸透镜成实像时，物距小于像距，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制

成的；

(3)近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用：

(4)根据〃>2/时，2/成倒立缩小的实像。

此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。

16.【答案】右竖直向下2

【解析】解：(1)如图甲，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向上翘的一端移动，即应将

平衡螺母向右端调节；

(2)根据杠杆的平衡条件，&。=尸2,2知要使力最小，需要使力臂最大，当力的方向竖直向下时，

力臂最长，力最小；

在A点悬挂3个钩码，则由杠杆的平衡条件得：3GX4/=FBX31,

解得：最小的力FB=4G=4XO.5N=2N。

故答案为：(1)右；(2)竖直向下：2。

(1)为了使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向上翘的一端移动；

(2)根据杠杆的平衡条件，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力。

本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验基本操作步骤及结论记忆清楚，仔细分析即可。

17.【答案】刻度尺便于确定像的位置A不变

【解析】解：(1)本实验要研究像与物到镜面的距离的大小关系，故该实验用到的测量工具是刻度

尺。

(2)玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置，故该实验用玻璃板代替平面镜的目的是便于

确定像的位置。

(3)平面镜成像属于光的反射，故实验时应在A侧观察蜡烛A所成的像。

(4)平面镜成的像与物大小相等，故当蜡烛4向玻璃板靠近时，像的大小不变。

(5)根据平面镜成的像与物关于镜面对称，分别作出4、8关于镜面的对称点4、B',连接4B‘即

为物体48在平面镜MN中的像A'B',如下所示：

故答案为：(1)刻度尺;

(2)便于确定像的位置;

⑶4

(4)不变;

(5

(1)本实验要研究像与物到镜面的距离的大小关系，据此回答;

(2)玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置；

(3)平面镜成像属于光的反射；

(4)平面镜成的像与物大小相等；

(5)根据平面镜成的像与物关于镜面对称作图。

本题探究“平面镜成像特点”的实验，考查所用的测量工作、操作过程及成像规律的运用。

18.【答案】电流表的正负接线柱接反了滑动变阻器没有按一上一下的原则串联在电路

中C0.300.75亮度0.45

【解析】解：

(1)由电路图可知，电流表的正负接线柱接反了，滑动变阻器没有按一上一下的原则串联在电路中；

(2)闭合开关，发现电流表和电压表均有示数，但小灯泡不亮，说明电路是通路且灯泡没有短路，

灯泡不亮可能是由于滑动变阻器接入电路的电阻过大，电路电流太小，灯泡的实际功率太小造成

的；

(3)由表格可知，测出小灯泡两端的电压和通过的电流，算出对应的电功率，同时还需要比较灯泡

的亮暗；

由灯泡两端的电压越大，通过的电流越大可知，灯泡两端的电压为2.5U时通过的电流为0.304

则灯泡的额定功率P=UI=2.5Vx0.304=0.75”；

(4)由题意可知，&=50的定值电阻与标有“20014”的滑动变阻器/?2串联接在电压恒定为U=

31/的电源上，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的电流/=/二，

滑动变阻器的电功率：

p2U2R_砂_♦_心_尸

2=IR22

I)+4RR

51+/?2，(R+/?22吊+2/?述2+熙RI-2R1R2+R212.D'

R2——«2+4R1

当R2=&=50时，滑动变阻器消耗的功率最大，

则P2=与=鸣=0.45W。

故答案为：

(1)①电流表的正负接线柱接反了；②滑动变阻器没有按一上一下的原则串联在电路中；

(2)C；

(3)亮度;0.30；0.75；

(4)0.45。

(1)根据电表和滑动变阻器的正确使用进行解答；

(2)电路电阻太大，电路电流很小，灯泡实际功率很小时，灯泡不发光；

(3)测定小灯泡的额定功率时，应分别测出灯泡两端的电压和通过的电流，根据P=U/求出实际功

率，并比较灯泡的亮暗与实际功率之间的关系；

灯泡两端的电压越大，通过的电流越大，据此分析电流和对应的电流，利用P=U/求出额定功率；

(4)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=UI=/2R表示出滑动变阻器的电功

率，然后求出其最大电功率。

本题考查了电表和滑动变阻器的正确使用、电路现象的判断、电功率的计算以及串联特点的应用

等，要注意电路安全的情况下灯泡两端的电压越大时通过的电流越大。

19.【答案】费力越大

【解析】解：

(1)由题意和图示可知，杠杆OBA的支点为0,托盘中加入物体时产生的力作为动力，动力臂为

0B,压杆对A端的作用力为阻力，阻力臂是因为0B=5：1,即动力臂小于阻力臂，

故084为费力杠杆；

(2)由图可知，在电子秤电路中力敏电阻R与定值电阻凡串联，电压表测量定值电阻&两端的电压;

由题意知，力敏电阻R保持“减小的电阻值与所受压力成正比”的规律不变，

当电子秤所测量的物体质量越大时，托盘对杠杆的压力越大，压杆对力敏电阻的压力也越大，则

力敏电阻R的阻值越小，电路的总电阻越小，由欧姆定律可知，电路中的电流越大，定值电阻&两

端的电压越大，即电压表示数越大；

(3)R为力敏电阻，不受压力时阻值为R=400,托盘、压杆和杠杆的质量均忽略不计；

①将质量为2.5kg的物体放在托盘中，托盘对杠杆的压力：居=Gi=mig=2.5kgx10N/kg=

25N,

根据杠杆平衡条件可得，压杆对A端的作用力：F2=^・F]=gx25N=5N,因力的作用是相互

的，则力敏电阻受到的压力户出=尸2=5N；

因力敏电阻R减小的电阻值与所受压力成正比，则4R=kF(k为比例系数)，

则此时力敏电阻的阻值为：R1=R-kF^=400-5N-k,

由欧姆定律可知，电路中的电流：。=彳%，

此时电压表的示数为：U0=-^--R0=W--[；

②将质量为7.5kg的物体放在托盘中，托盘对杠杆的压力：=G2=m2g=7.5kgxION/kg=

75N,

根据杠杆平衡条件可得，压杆对A端的作用力：尸2'=黑,F/=4X75N=15N,因力的作用是相

互的，则此时力敏电阻受到的压力/=握=15N；

此时力敏电阻的阻值为%=R-上产>=400-15/V-/C,

由欧姆定律可知，此时电路中的电流：/2=淳%，

尺0十/<2

此时电压表的示数为：4'=万%•Ro=2U——II；

公0十尺2

TJAZTTT—/?n+/?i10C+40C—5N,k2M4曰1.

联”I、II可得：谓=箕=ioo+4315Mk=亍解得k=o20/N；

将k=20/N、Ri=40。-5N.k代入I式得：ioc+4丁-5NX2Q/NX10。=IV，

解得电源电压：U=4V；

电压表的量程为0〜3匕若扁两端电压为31时，则通过扁的电流：/0=*=9=0.34

RQIOJZ

由题意知,凡允许通过的最大电流为0