2023届福建省百校高考考前模拟物理试题含解析

2023学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处二

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、同一平面内固定有一长直导线PQ和一带缺口的刚性金属圆环，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直

于圆环所在平面固定放置的平行金属板MN连接，如图甲所示.导线PQ中通有正弦交流电流i,i的变化如图乙所示,

规定从Q到P为电流的正方向，则在l~2s内

P

A.M板带正电，且电荷量增加

B.M板带正电，且电荷量减小

C.M板带负电，且电荷量增加

D.M板带负电，且电荷量减小

2、淄博孝妇河湿地公园拥有山东省面积最大的音乐喷泉。一同学在远处观看喷泉表演时，估测喷泉中心主喷水口的水

柱约有27层楼高，已知该主喷水管口的圆形内径约有10cm,由此估算用于给主喷管喷水的电动机输出功率最接近

A.2.4X103WB.2.4X104W

C.2.4X105WD.2.4X106W

3、如图所示，两个完全相同的小球A、B,在同一高度处以相同大小的初速度均分别水平抛出和竖直向上抛出，下列

A.两小球落地时的速度相同

B.两小球落地时，重力的瞬时功率相同

C.从开始运动至落地，重力对两小球做功相同

D.从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同

4、光电效应实验，得到光电子最大初动能Ekm与入射光频率V的关系如图所示。普朗克常量、金属材料的逸出功分别

b1a,a1

C.一»bD.-

a7i'bbbb

5、如图所示，绝缘水平地面上固定一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角0=30°.一根轻质绝缘细线的一端固定在

斜面顶端，另一端系有一个带电小球A,细线与斜面平行，且小球A正好静止在斜面中点.在小球A的正下方地面处

固定放置一带电小球B,两球相距为d.已知两球的质量均为m、电荷量均为+q,静电力常量为k,重力加速度为g,

两球均可视为点电荷.则下列说法不正确的是（）

B.当"朋斜面对小球A的支持力为学

,细线上拉力为0

D.将小球B移到斜面底面左端C点，当（=2：：：时，斜面对小球A的支持力为0

6、1916年爱因斯坦建立广义相对论后预言了引力波的存在，2017年引力波的直接探测获得了诺贝尔物理学奖.科学

家们其实是通过观测双星轨道参数的变化来间接验证引力波的存在.如图所示为某双星系统A、B绕其连线上的O点

做匀速圆周运动的示意图，若A星的轨道半径大于B星的轨道半径，双星的总质量M,双星间的距离为L,其运动周

期为T,则下列说法中正确的是

A.A的质量一定大于B的质量

B.A的线速度一定小于B的线速度

C.L一定，M越小，T越小

D.M一定，L越小，T越小

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、下列有关热力学基本概念、规律与热力学定律的描述正确的是。

A.热量是在单纯的热传递过程中系统内能变化的量度

B.绝热过程中，系统内能的变化只与做功的多少有关，而与做功的方式无关

C.改变内能的两种方式是做功和热传递，因此同时做功和热传递一定会改变内能

D.第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律

E.机械能不可能全部转化为内能，内能也不可能全部转化为机械能

8、用轻杆通过较链相连的小球A、B、C、。、E处于竖直平面上，各段轻杆等长，其中小球4、8的质量均为2%，

小球C、D、E的质量均为,现将4、8两小球置于距地面高〃处，由静止释放，假设所有球只在同一竖直平面内运

动，不计一切摩擦，则在下落过程中

A.小球4、3、C、D,E组成的系统机械能和动量均守恒

B.小球8的机械能一直减小

C.小球8落地的速度大小为同

D.当小球4的机械能最小时，地面对小球C的支持力大小为mg

9、如图，一带正电的点电荷固定于。点，两虚线圆均以。为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动

的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点•不计重力・下列说法正确的是（）

A.M带负电荷，N带正电荷

B.M在6点的动能小于它在a点的动能

C.N在d点的电势能等于它在e点的电势能

D.N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功

10、下列说法中正确的是（）

A.随着科技的不断进步，绝对零度可能达到

B.分子势能随着分子间距的增大，可能先减小后增大

C.悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动

D.一定质量的理想气体在等压压缩的过程中内能一定减小

E.当卫星中的物体处于完全失重时，若一个固定的容器装有浸润其器壁的液体置于卫星内，则必须用盖子盖紧，否则

容器中的液体一定会沿器壁流散

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）（1）在“测定金属丝的电阻率”实验中，先用螺旋测微器测出金属丝的直径，测量示数如图甲所示，则金属

丝的直径d=mm。

（2）在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室仅提供下列实验器材：

A.干电池两节，每节电动势约为1.5V,内阻约几欧姆

B.直流电压表Vi、V2,量程均为0~3V,内阻约为3kC

C.电流表，量程0.6A,内阻小于

D.定值电阻阻值为5。

E.滑动变阻器R,最大阻值50。

F.导线和开关若干

①如图乙所示的电路是实验室测定电源的电动势和内阻的电路图，按该电路图组装实验器材进行实验，测得多组S、

/数据，并画出S-/图像，求出电动势和内电阻。电动势和内阻的测量值均偏小，产生该误差的原因是,

这种误差属于（填“系统误差”或“偶然误差

②实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据口、U2,描绘出口一S图像如图丙所示，图线斜率

为A,与横轴的截距为用则电源的电动势后=,内阻片（用晨a、R。表示）。

12.（12分）某同学用如图甲所示装置做验证机械能守恒定律的实验。所用打点计时器为电火花打点计时器。

i23456

•••••*

（1）实验室除了提供图甲中的器材，还备有下列器材可供选择：

A.220V交流电源B.天平C.秒表D.导线E.墨粉纸盘。其中不必要的器材

是（填对应的字母），缺少的器材是o

（2）对于实验要点，下列说法正确的是o

A.应选用体积较小且质量较小的重锤

B.安装器材时必须保证打点计时器竖直，以便减少限位孔与纸带间的摩擦

C.重锤下落过程中，应用手提着纸带，保持纸带始终竖直

D.根据打出的纸带，用Ax=g7^求出重力加速度再验证机械能守恒

（3）该同学选取了一条纸带，取点迹清晰的一段如图乙所示，将打出的计时点分别标号为1、2、3、4、5、6,计时点1、

3,2、5和4、6之间的距离分别为X”必，xao巳知当地的重力加速度为g,使用的交流电频率为了,则从打计时点2

到打计时点5的过程中，为了验证机械能守恒定律，需检验的表达式为o

（4）由于阻力的作用，使测得的重锤重力势能的减小量总是大于重锤动能的增加量。若重锤的质量为机，根据⑶中纸带

所测数据可求得该实验中存在的平均阻力大小F=（结果用机、g、修、外、心）表示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，质量皿=lkg的木板静止在倾角为，=30。足够长的、固定的光滑斜面上，木板下端上表而与半

径K=6m的固定的光滑圆弧轨道相切圆弧轨道最高点B与圆心O等高。一质量机2=2kg、可视为质点的小滑块以

vo=15m/s的初速度从长木板顶端沿木板滑下已知滑块与木板之间的动摩擦因数”走，木板每次撞击圆弧轨道时都会

立即停下而不反弹，最终滑未从木板上端滑出，取重力加速度g=10m/s2。求

（1）滑块离开圆弧轨道B点后上升的最大高度；

(2)木板的最小长度；

⑶木板与圆弧轨道第二次碰撞时损失的机械能。

14.(16分)如图所示，质量叫=2kg的木板长L=2.25m,静止在水平地面上，与地面的动摩擦因数4=0/，另

一个质量啊=lkg的滑块，以初速度%滑上木板.滑块与木板之间的动摩擦因数〃2=04,取g=10m/s2。

(1)求滑块不滑下木板时%应满足的条件；

(2)若%=3m/s,求木板与地面摩擦产生的热量。。

15.(12分)如图所示，粗细均匀的U型玻璃管竖直放置，其中左侧管开口，且足够长，右侧管封闭。OE段是水银

柱，段是理想气体，其中48=75cm,BC=CD=DE=25cm,,已知大气压强po=75cmHg,开始时封闭气体的温度为

1000K.贝U：

(1)缓慢降低环境温度，使水银柱全部到达BC段，则此时环境温度为多少？

(2)保持环境温度1000K不变，向左侧管中逐渐滴入水银，使水银柱充满段，则加入水银的长度为多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

在1~2s内，穿过金属圆环的磁场垂直于纸面向里，磁感应强度变小，穿过金属圆环的磁通量变小，磁通量的变化率变

大，假设环闭合，由楞次定律可知感应电流磁场与原磁场方向相同，即感应电流磁场方向垂直于纸面向里，然后由安

培定则可知感应电流沿顺时针方向，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势增大，由此可知上极M板电势高，带正电,

电荷量增加，故A正确，B、C、D错误；

故选A.

2、C

【解析】

管口的圆形内径约有10cm,则半径r=5cm=0.05m,根据实际情况，每层楼高/i=3m,所以喷水的高度7/=27/?=81m,

则水离开管口的速度为：

v=12gh=j20x81m=18小m/s

设驱动主喷水的水泵功率为P,在接近管口很短一段时间At内水柱的质量为：

根据动能定理可得：PAt=—mv2

2

解得：

23

/,二也上

2

代入数据解得：

P=2.4xlO5W

A.2.4X103WO故A不符合题意。

B.2.4x1(/W。故B不符合题意。

C.2.4X105W.故C符合题意。

D.2.4X106W.故D不符合题意。

3,C

【解析】

A.两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒可知两物体落地时速度大小相等，方

向不同，所以速度不同，故A错误。

B.落地时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力与速度的夹角为锐角，8物体重力与速度方向相同，所以

落地前的瞬间B物体重力的瞬时功率大于A物体重力的瞬时功率，故B错误。

C.根据重力做功的表达式得两个小球在运动的过程重力对两小球做功都为，叫无，故C正确。

D.从开始运动至落地，重力对两小球做功相同，但过程4所需时间小于8所需时间，根据”知重力对两小球做

t

功的平均功率不相同，故D错误。

4、A

【解析】

根据Ekm=〃丫-叱）得纵轴截距的绝对值等于金属的逸出功，等于从图线的斜率

,b,

k=—=n

a

故A正确，BCD错误；

故选A。

5、C

【解析】

2

A.依据库仑定律，则两球之间的库仑力大小为F二故A正确；

d-

BC、当?=时，则有於『-mg,

d12k/2

根据矢量的合成法则，依据三角知识，则斜面对小球A的支持力为N=贮mg；

4

T=-mg,故B正确，C错误；

4

D.当小球B移到斜面底面左端C点，对球受力分析，如图所示：

依据几何关系可知，T与F的夹角为120。，当［=2］加，即有kj=mg,根据矢量的合成法则，则有电场力沿垂

直斜面方向的分力与重力沿垂直斜面方向的分力等值反向，那么斜面对小球A的支持力为N=0,故D正确；

本题选择错误的答案，故选C.

6、D

【解析】

A、根据万有引力提供向心力生臀二加八疗以二”^疗小，因为名＞心，所以，之＜，得，即A的质量一定小于B的

质量，故A错误；

B、双星系统角速度相等，根据v=＜yr,且以＞七，可知A的线速度大于B的线速度，故B错误；

CD、根据万有引力提供向心力公式得：写％=机4*以=加8若G，解得周期为T=2〃J需，由此可知双

星的距离一定，质量越小周期越大，故C错误；总质量一定，双星之间的距离就越大，转动周期越大，故D正确；

故选D.

【点睛】

解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度.以及会用万有引力提供向心力进行求

解.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABD

【解析】

A.根据热力学第一定律得热量是在单纯的热传递过程中系统内能变化的量度，故A正确；

B.绝热过程中，系统内能的变化只与做功的多少有关，而与做功的方式无关，故B正确；

C.改变内能的方式有做功和热传递，二者在内能的改变上是一样的，若对外做功的同时吸收热量，内能可能不变，

故C错误；

D.第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律即热现象的方向性，故D正确；

E.机械能可能全部转化为内能，内能不可能全部转化为机械能，而不产生其他影响，故E错误。

故选ABD,

8、CD

【解析】

小球A、B、C、。、E组成的系统机械能守恒但动量不守恒，故A错误；由于O球受力平衡，所以。球在整个过程中

不会动，所以轻杆。B对5不做功，而轻杆〃E对5先做负功后做正功，所以小球8的机械能先减小后增加，故B错

误；当5落地时小球E的速度等于零，根据功能关系，话6=1^^可知小球8的速度为同，故C正确；当小球A

的机械能最小时，轻杆AC没有力，小球C竖直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故D正确，故选CD

9、ABC

【解析】

试题分析：由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带负电荷，N带正电荷，故A正

确.M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b点的动能小于在a点的动能，故B正确.d点

和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电势能等于在e点的电势能，故C正确.

D、N从c到d,库仑斥力做正功，故D错误.故选ABC

考点：带电粒子在电场中的运动

【名师点睛】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方向，一般的解题

思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化.

10、BDE

【解析】

A.绝对零度是不能达到。故A错误；

B.两个分子之间的距离从无穷远到无限靠近的过程中，分子之间的作用力先是吸引力，后是排斥力，所以分子力先

做正功，后做负功；同理，分子间距从无限靠近到无穷远的过程中，分子力也是先做正功，后做负功；所以可知分子

势能随着分子间距的增大，可能先减小后增大。故B正确；

C.布朗运动是悬浮在水中花粉的无规则运动，由于花粉是由花粉颗粒组成的，所以布朗运动反映的是花粉颗粒的运

动，不是花粉分子的热运动，是液体分子的热运动的反应，故C错误；

D.根据理想气体得状态方程可知，一定质量的理想气体在等压压缩的过程中气体的温度一定降低，而一定量的理想

气体得内能仅仅与温度有关，温度降低气体的内能减小，所以一定质量的理想气体在等压压缩的过程中内能一定减小。

故D正确；

E.当卫星中的物体处于完全失重时，若一个固定的容器装有浸润其器壁的液体置于卫星内，根据浸润的特点可知必

须用盖子盖紧，否则容器中的液体一定会沿器壁流散。故E正确；

故选BDE.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、2.600电压表的分流系统误差E=^~

k-\K-1

【解析】

(1)[1].金属丝的直径rf=2.5mm+0.01mmxl0.0=2.600mm；

(2)①流过电流表的电流不是流过干路的电流，产生误差的原因是电压表的分流造成的，这种误差是由于电路结

构造成的，属于系统误差；

②由闭合电路欧姆定律可知

变形得

则有：当。尸0时，Ui=a

&E=a(R0+r)

解得

厂ak

E=-----

k-\

r=%

k-\

、刻度尺

12BCBgx2

【解析】

d)[l][2]本实验的实验目的是验证

的正确性，因此可以不测量物体的质量，即可不用天平。打点计时器应接220V的交流电源，打点计时器用来记录物

体的运动时间，秒表不必要，不必要的器材为BC,还缺少的器材是处理纸带时用到的刻度尺；

⑵网A.应选用体积较小且质量较大的重锤，以减小阻力带来的误差，选项A错误；

B.由于纸带和打点计时器之间存在阻力，因此为了减小摩擦力所做的功，应使限位孔竖直，选项B正确；

C.让重锤拖着纸带做自由落体运动，选项C错误；

D.重力加速度应取当地的自由落体加速度，而不能用去求，选项D错误；

(3)[4]打计时点2时的速度

打计时点5时的速度

一%于

%=%6=方

则要验证的机械能量守恒的表达式为:

8々=卷(4一%：)

(4)[5]根据动能定理有：

(mg-F)X2=gmv；

解得:

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

50__.

13、(l)9.75m；(2)7.5m；(3)—JT«5.56JT

【解析】

(1)由滑块与木板之间的动摩擦因数〃=曰=tan30。可知，滑块在木板上匀速下滑，即滑块到达4点时速度大小依然

为％=15m/s,设滑块离开圆弧轨道8点后上升的最大高度为九则由机械能守恒定律可得

1、

—z/ZjVj=m2g(Rcos6+〃)

解得

ft=9.75m

⑵由机械能守恒定律可得滑块回到木板底端时速度大小为vo=15m/s,

滑上木板后，木板的加速的为由牛顿第二定律可知

/drn1gcos6-niigs\r\6=n\a}

滑块的加速度为四，由牛顿第二定律可知

/am1gcos3+m2gsin0=m2ci?

设经过人时间后两者共速，共同速度为内，由运动学公式可知

匕=%—初=砧

该过程中木板走过的位移

X

滑块走过的位移

_%+%

“MG

之后一起匀减速运动至最高点，若滑块最终未从木板上端滑出，则木板的最小长度

L=X2-X1

联立解得

L=7.5m；

(3)滑块和木板一起匀减速运动至最高点，然后一起滑下，加速度均为由牛顿第二定律