![2022届浙江省学军高考适应性考试物理试卷含解析_第1页](http://file4.renrendoc.com/view11/M03/2D/14/wKhkGWVnyf-AXMJtAAHad6nYCEk570.jpg)
![2022届浙江省学军高考适应性考试物理试卷含解析_第2页](http://file4.renrendoc.com/view11/M03/2D/14/wKhkGWVnyf-AXMJtAAHad6nYCEk5702.jpg)
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![2022届浙江省学军高考适应性考试物理试卷含解析_第5页](http://file4.renrendoc.com/view11/M03/2D/14/wKhkGWVnyf-AXMJtAAHad6nYCEk5705.jpg)
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文档简介
2021-2022学年高考物理模拟试卷
注意事项:
1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2.答题时请按要求用笔。
3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。
4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、杜甫的诗句“两个黄鹏鸣翠柳,一行白鹭上青天”描绘了早春生机勃勃的景象。如图所示为一行白直线加速“上青天”
的示意图图中耳,尸2为某白鹭在该位置可能受到的空气作用力其中B方向竖直向上。下列说法正确的是()
A.该作用力的方向可能与£相同
B.该作用力的方向可能与用相同
C.该作用力可能等于白鹭的重力
D.该作用力可能小于白鹭的重力
2、如图所示,足够长的竖直绝缘管内壁的粗糙程度处处相同,处于方向互相垂直的匀强电场和匀强磁场中.一带正电
的小球从静止开始沿管下滑,下列小球运动速度v和时间f、小球所受弹力FN和速度v的关系图像中正确的是
3、如图所示,粗糙水平地面上用拉力厂使木箱沿地面做匀速直线运动.设尸的方向与水平面夹角〃从0。逐渐增大到
90。的过程中,木箱的速度和动摩擦因数都保持不变,则尸的功率()
A.一直增大B.先减小后增大C.先增大后减小D.一直减小
4、2018年2月2日,“张衡一号”卫星成功发射,标志着我国成为世界上少数拥有在轨运行高精度地球物理场探测卫
星的国家之一。“张衡一号”可以看成运行在离地高度约为500km的圆轨道上。该卫星在轨道上运行时()
A.周期大于地球自转的周期
B.速度大于第一宇宙速度
C.向心加速度大于同步卫星的向心加速度
D.加速度大于地球表面的重力加速度
5、如图甲所示,一质量为M的长木板静置于光滑水平面上,其上放置一质量为小的小滑块,木板受到随时间f变化
的水平拉力/作用时,用传感器测出其加速度用得到如图乙所示的如厂图,最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力,取
g=10m/s2,则下列选项错误的是
A.滑块的质量/n=4kg
B.木板的质量M=2kg
C.当f=8N时滑块加速度为2m/s2
D.滑块与木板间动摩擦因数为0.1
6、电梯在U0时由静止开始上升,运动的。一,图像如图所示,电梯总质量,〃=2.0xl()3kg。电梯内乘客的质量〃?°=50kg,
忽略一切阻力,重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是()
A.第Is内乘客处于超重状态,第9s内乘客处于失重状态
B.第2s内乘客对电梯的压力大小为450N
C.第2s内钢索对电梯的拉力大小为2.2xlO4N
D.第2s内电梯对乘客的冲量大小为550N-S
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得。分。
7、如图,甲是带负电物块,乙是不带电的绝缘足够长木板。甲、乙叠放在一起置于光滑的水平地板上,地板上方空间
有垂直纸面向里的匀强磁场。现用一水平恒力尸拉乙木板,使甲、乙从静止开始向左运动,甲电量始终保持不变,最
大静摩擦力等于滑动摩擦力,则在此后运动过程中()
A.洛伦兹力对甲物块不做功
B.甲、乙间的摩擦力始终不变
C.甲物块最终做匀速直线运动
D.乙木板直做匀加速直线运动
8、无限长通电直导线在周围某一点产生的磁场的磁感应强度B的大小与电流成正比,与导线到这一点的距离成反比,
即3=〃(式中&为常数)。如图所示,两根相距L的无限长直导线MN通有大小相等、方向相反的电流,a点在两
r
根导线连线的中点,5点在a点正上方且距两根直导线的距离均为L,下列说法正确的是()
②...♦.....@
1/°N
A.”点和b点的磁感应强度方向相同
B.a点和方点的磁感应强度方向相反
C.a点和b点的磁感应强度大小之比为4:6
D.”点和8点的磁感应强度大小之比为4:1
9、图甲为理想变压器,其原、副线圈的匝数比为4:1,原线圈接图乙所示的正弦交流电。图中Rr为阻值随温度升高
而减小的热敏电阻,品为定值电阻,电压表和电流表均为理想电表。则下列说法正确的是()
A.图乙所示电压的瞬时值表达式为u=51sin5(hr«V)
B.变压器原、副线圈中的电流之比为1:4
C.变压器输入、输出功率之比为1:4
D.KT处温度升高时,电压表示数不变,电流表的示数变大
10、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有8、C三点,如图甲所示。一个电荷量为2C,质
量为1kg的小物块从C点静止释放,其运动的v-t图像如图乙所示,其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图
中标出了该切线)。则下列说法正确的是()
A.3点为中垂线上电场强度最大的点,场强E=lV/m
B.由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大
C.由C点到A点的过程中,电势逐渐升高
D.4、5两点的电势之差外一夕"=一5丫
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11.(6分)用图甲所示的实验装置验证叫、吗组成的系统的机械能守恒。恤从高处由静止开始下落,同时叫向上
运动拉动纸带打出一系列的点,对纸带上的点迹进行测量,即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一
条纸带,其中0是打下的第一个点,每相邻两个计数点间还有4个未标出的点,计数点间的距离如图中所示。已知电
源的频率为50Hz,叫=50g,和=150g,取g=10m/s2。完成以下问题。(计算结果保留2位有效数字)
号/(m2・s-2)
456
[之1.6虺6.40:
乙01.20
'纸带丙
甲
⑴在纸带上打下计数点5时的速度%=m/So
⑵在打0~5点过程中系统动能的增加量△£;=J,系统势能的减少量△综=J,由此得出的结论是
(3)依据本实验原理作出的匕-。图像如图丙所示,则当地的重力加速度g=m/s*2。
2
12.(12分)电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍。某同学利用这一事实测盘电压表的内阻(半
偏法)。实验室提供的器材如下:待测电压表V(量程3V.内阻约为3000C),电阻箱R)(最大组值为99999.9C),滑
动变阻器品(最大阻值100。,额定电流2A)。电源E(电动势6V,内阻不计),开关两个,导线若干。
(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分。将电路图补充完整_______。
(2)将这种方法测出的电压表内阻记为则*y=o与电压表内阻的真实值几相比,R'vRv.(选填“〉
或
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13.(10分)如图所示,光滑的四分之一圆弧与光滑水平轨道在最低平滑连接。现有一质量为机的小球P沿光滑的四
分之一圆弧上由静止开始下滑,与一质量为矽〃a>o,未知)的静止在光滑水平地面上的等大的小球Q发生正碰撞。
设碰撞是弹性的,且一切摩擦不计。
(1)为使二者能且只能发生一次碰撞,则k的值应满足什么条件?
(2)为使二者能且只能发生两次碰撞,则k的值应满足什么条件?
14.(16分)在一个足够长的水平桌面上,静置着一个足够长的木板A,A的右端与桌面边沿平齐,其上边缘距水平
地面的竖直高度〃=0.8m。木板A上静置两个可视为质点的B、C物块,它们之间有一个被锁定的压缩轻弹簧(弹簧与
两物块均不连接),弹簧存储的弹性势能为5.4J。已知根A=WB=O/kg、机c=0-3kg,木板A与桌面、物块C与木
板A间的动摩擦因数均为4=01,物块B与木板A间的动摩擦因数4=03。解锁后弹簧在瞬间恢复原长,两物块
均开始运动,此时物块C距离木板A的右边缘xi=2.5m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度取g=10m/s2。
求:
(1)弹簧恢复原长时物块B、C的速度;
(2)物块C从离开A板落地过程中的水平位移;
(3)物块B从开始运动到最终停止时,相对桌面运动的距离。
15.(12分)如图所示,光滑斜面倾角。=30。,一个质量,”=3kg的物块在大小为产的恒力作用下,在U0时刻从斜面
底端由静止开始上滑。在fi=3s时撤去力R物块在f2=6s时恰好回到斜面的底端。已知重力加速度小10m/s2。求:
⑴恒力的大小产;
(2)物块沿斜面上升的最大距离。
参考答案
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、A
【解析】
白鹭斜向上做匀加速运动,可知合外力与加速度同向,重力竖直向下,可知空气对白鹭的作用力斜向左上方,即可能
是尸।的方向;由平行四边形法则可知尸》G;
故选Ao
2、D
【解析】
由题中“足够长的竖直绝缘管内壁的粗糙程度处处相同”可知,本题考查带电物体在复合场中的受力分析,根据电场力
性质和洛伦兹力以及受力分析可解答本题。
【详解】
AB、当粒子速度足够大时,有
会有
f=G
此时,速度不再增加,故AB错误;
CD、根据受力分析,小球在水平方向受力平衡,即
"=F电-Bqv
故C错误,D正确。
3、D
【解析】
木箱的速度和动摩擦因数都保持不变,据平衡条件可得:
Fcos0=f=
FNFsinO=mg
解得:
F=—侬—
cos9+/sin。
尸的功率
P"vcos,=卬〃gwos。=…
co%+/js\n3l+〃tane
,从0°逐渐增大到90。的过程中,tan夕增大,尸的功率一直减小,故D项正确,ABC三项错误。
4、C
【解析】
A.卫星运行轨道离地高度远小于同步卫星的高度,根据
G粤02,
户T
得
可知其周期小于同步卫星的周期,地球同步卫星的周期与地球自转周期相同,故其周期小于地球自转的周期,故A错
误;
B.根据
Mm2
G下=m一
得
可知其速度小于第一宇宙速度,故B错误;
A/f
CD.由于“张衡一号”卫星的半径小于同步卫星的半径,则根据4=一厂可知其加速度小于地球表面的重力加速度,
r
大于同步卫星的向心加速度,故C正确,D错误。
故选C。
5、C
【解析】
AB.由题图乙知,尸=6N时,滑块与木板刚好不相对滑动,加速度为a=lm/s2。对整体分析,由牛顿第二定律有F
=(M+机)。,代入数据计算得出:
M+m=6kg,
当后6N时,对木板,根据牛顿第二定律得:。==警=」产一等,
MMM
知图线的斜率贝U:
2
M=2kg,
滑块的质量:
/〃=4kg;
故AB不符合题意;
CD.根据尸=6N时,a=lm/s2,代入表达式计算得出:
"=0.1,
当尸=8N时,对滑块,根据牛顿第二定律得〃〃取="W,计算得出:
a'=/ig=lm/s2,
故C符合题意,D不符合题意。
故选C。
6、D
【解析】
A.第1s内和第9s内加速度均竖直向上,乘客处于超重状态,故A错误;
B.第2s内研究乘客,根据牛顿第二定律
F-171^=)71^1
代入数值解得电梯对乘客的支持力为550N,由牛顿第三定律可知,乘客对电梯的压力为550N,故B错误;
C.第2s内研究乘客和电梯整体,根据牛顿第二定律
T-(m^+rri\g=(4)+加)。
代入数值解得钢索对电梯的拉力为22550N,故C错误;
D.图像的面积表示速度变化,得第2s内速度的变化量为
Av=1m/s
第2s内研究乘客,根据动量定理
I-mogt-/n0Av
代入数值解得电梯对乘客的冲量为550N-s,故D正确。
故选D。
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得。分。
7、AC
【解析】
A.甲带负电,向左运动时,由左手定则可知,甲受到的洛伦兹力的方向向上,与运动方向垂直,故洛伦兹力始终对
甲不做功,A正确;
BCD.根据/3=G必可知,随速度的增大,洛伦兹力增大,则甲对乙的压力减小,同时乙对地面的压力也减小,则
乙与地面之间的摩擦力减小。
①将两者看做一个整体,开始时甲与乙一起做加速运动,整体受到地面给的摩擦力/减小,而F一定,根据牛顿第二
定律得
(M+〃7)a=F—f
可知加速度a增大,对甲研究得到,乙对甲的摩擦力
加a=甲a
则得到/甲先增大。
②当甲与乙之间的摩擦力增大到大于最大静摩擦力后,甲与乙之间开始有相对运动,摩擦力变成滑动摩擦力
随着甲受到的洛伦兹力的增大,甲与乙之间的滑动摩擦力减小,直至摩擦力为零,然后甲在水平方向上合力为零,做
匀速直线运动,乙先做变加速直线运动,故BD错误C正确。
故选ACo
8^AD
【解析】
设通电导线在距离心处产的磁感应强度大小为线,两导线MN在b点产生的磁感应强度方向成120。角,磁感应强度的
矢量合为与,方向垂直MN向下;两导线在a点产生的磁感应强度大小均为28。,磁感应强度的矢量合为4舔,
方向垂直MN向下;所以a点和方点的磁感应强度方向相同,大小之比为4:1,故AD正确,BC错误。
故选AD。
9、BD
【解析】
A.原线圈接的图乙所示的正弦交流电,由图知最大电压51V,周期0.02s,故角速度是
co=—=100兀
T
则
w=51sinlOO^(V)
故A错误;
B.根据
/]=叼
12n\
得,变压器原、副线圈中的电流之比
L-L
A4
故B正确;
C.理想变压器的输入、输出功率之比应为1:1,故C错误;
D.电压表测的是原线圈的电压即不变,则副线圈两端电压不变,RT处温度升高时,阻值减小,电流表的示数变大,
故D正确。
故选BD»
10、AD
【解析】
两个等量的同种正电荷,其连线中垂线上电场强度方向由。点沿中垂线指向外侧;电量为2c的小物块仅在运动方向
上受电场力作用从C点到B到A运动的过程中,根据X图可知在8点的加速度,可知物体先做加速度增大后做加速
度减小的加速运动,判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况,由牛顿第二定律求出电场强度的最大值。
根据电势能的变化,分析电势的变化。由动能定理求A8间的电势差。
【详解】
A.由乙图可知,物体在8点加速度最大,且加速度为
Av3,2
a=——=2m/s
△t
根据
qE=ma
可知3点的场强最大,为E=lV/m,故A正确;
B.从C到A的过程中,电场力一直做正功,电势能一直减小,故B错误;
C.从C到A一直沿着电场线运动,电势逐渐降低,故C错误;
D.从8到A的过程中,根据动能定理,得
qUBA'mv~2mv0
代入数据得SM=5V,则
UAB=-UBL5V
即
%一%=-5V
故D正确。
故选AD。
【点睛】
明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键,据7图获取加速度、速度、动能等物理量是解本题的突破口。
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11、2.40.580.60在误差允许的范围内,叫、叫组成的系统机械能守恒9.7
【解析】
第4点与第6点间的平均速度等于第5点的瞬时速度,有
(21.60+26.40)xlO-2,。,
v,=--------------------m/s=2.4m/s
2x0.1
打下计数点5时的速度2.4m/s.
(2)[2]系统动能的增加量
Afk=t(叫+g)近=0.58J
打0~5点过程中系统动能的增加量0.58Jo
[3]系统势能的减少量
A£p=(/4-in^gh-0.60J
系统势能的减少量0.60J。
⑷可见八线与A”大小近似相等,则在误差允许的范围内,叫、加2组成的系统机械能守恒。
(3)[5]系运动过程中机械能守恒,则有
g(叫+加2)声
二(色-m^gh
解得
Vtn.-nt,
1二标”
2
则匕-〃图像的斜率
2
.-nt5.82,
k=----Lg=----m/s2
仍+1.20
则
g=9.7m/s2
当地的重力加速度9.7m/s2o
Si
12、
Ri
E
【解析】
(1)[1].待测电压表电阻(3000欧姆)远大于滑动变阻器Ri的电阻值(100欧姆),故滑动变阻器R采用分压式接
法;电路图如图所示:
(2)[2][3].根据设计的电路进行的实验步骤是:移动滑动变阻器的滑片,以保证通电后电压表所在的支路分压最小
闭合开关SI、S2,调节拈,使电压表的指针满偏;
保持滑动电阻器滑片位置不变,断开S2,调节电阻箱Ro,使电压表的指针半偏
读取电阻箱所示的电阻值,此即为测得的电压表内阻;
电压表串联电阻箱后认为电压不变,而实际该支路电压变大,则电阻箱分压大于计算值,则会引起测量值的偏大,故
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13、(l)0<Z:<3;(2)3<k<5+2y[5
【解析】
⑴设P与Q碰撞前P的速度为%,碰后P与Q的速度分别为4与内,由动量守恒及机械能守恒定律有
mv0=mvx+kmU1
2
gmv^=;mv,+gkmu;
由此解得
1—k
v.---------%
1k+1°
2
u
\=I+T%
若上wi,则
P、Q不可能发生第二次碰撞;
若k>l,为使P从坡上滑下后再不能追上Q,应有
-%4为
即
k-l<2
这导致
^<3
P、Q不可能发生第二次碰撞;为使二者能且只能发生一次碰撞,则《的值应满足的条件是
0VZW3
⑵为使p、Q能发生第二次碰撞,要求左>3,对于第二次碰撞,令匕和的分别表示碰后P和Q的速度,同样由动
量守恒及机械能守恒定律有
mV
〃?(一丫1)+初叫=2+妨/
11,11,
—mvf2+—kmu;2=—mv\2+—kmu^2
由此解得
4k—(攵-1)24(%-1)
若
v2>0
则一定不会发生第三次碰撞,若
v2<0
且
-v2>u2
则会发生第三次碰撞,故为使第三次碰撞不会发生,要求P第三次从坡上滑下后速度的大小一为不大于。速度的大小
%,即
-v2<u2
联立解得
人2一10%+540
由
上2—10左+5=0
可求得
人磔®5±2&
2
解得
5-275<A:<5+275
求交集即为所求
3<k<5+2y/5
14、(1)9m/s,3m/s;(2)0.8m;(3)14.25m
【解析】
(1)根据题意,弹簧解锁在极短时间恢复原长,脱离两物块。选向右为正方向,由B、
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