2023年山东省高考考前猜题物理试卷九（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12023山东高考考前猜题卷九物理注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将〖答案〗正确填写在答题卡上一、单选题1．放射性同位素钍232经α、β衰衰变会生成氡，其衰变方程为。则下列说法中正确的是（）A．衰变方程中B．氡核的比结合能大于钍核的比结合能C．钍核α衰变的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D．衰变后α粒子、β粒子与氡核的质量之和等于衰变前钍核的质量2．甲、乙两车在一平直道路上同向运动，其图象如图所示，图中和的面积分别为和（）计时开始时，甲、乙两车相距。在两车运动过程中，下列说法正确的是（

）A．若甲车在乙车前方且，两车相遇2次B．若甲车在乙车前方且，两车相遇2次C．若乙车在甲车前方且，两车不会相遇D．若乙车在甲车前方且，甲车追上乙车前，在时刻相距最远3．如图所示，足够长的倾角的光滑斜面体固定在水平地面上，一根轻绳跨过定滑轮，一端与质量为的物块A连接，另一端与质量为的物块B连接，绳与斜面保持平行。开始时，用手按住A，使B悬于空中释放后，在B落地之前，下列说法正确的是（所有摩擦均忽略不计，，g取）（）A．绳的拉力大小为B．绳的拉力大小为C．加速度大小为D．如果将B物块换成一个竖直向下大小为的力，对物块A的运动没有影响4．如图所示，一小球（视为质点）以速度v从倾角为θ的斜面底端斜向上抛出，落到斜面上的M点，且速度水平向右。现将该小球以2v的速度从斜面底端朝同样方向抛出，落在斜面上的N点．下列说法正确的是（）A．落到M和N两点时间之比大于1:2B．落到M和N两点速度之比大于1:2C．飞行过程中小球离斜面最远的垂直距离之比1:4D．M和N两点距离斜面底端的高度之比为1∶25．2022年11月29日23时08分，搭载着神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心升空，11月30日5时42分，神舟十五号载人飞船与天和核心舱成功完成自主交会对接。如图为神舟十五号的发射与交会对接过程示意图，图中①为近地圆轨道，其轨道半径为，②为椭圆变轨轨道，③为天和核心舱所在轨道，其轨道半径为，P、Q分别为②轨道与①、③轨道的交会点，已知神舟十五号的质量为m，地球表面重力加速度为g。关于神舟十五号载人飞船与天和核心舱交会对接过程，下列说法正确的是（）A．神舟十五号在①轨道上经过P点时的机械能等于在②轨道上经过P点时的机械能B．神舟十五号在①轨道上经过P点时的加速度小于在②轨道上经过P点时的加速度C．神舟十五号在②轨道上从P点运动到Q点经历的时间为D．神舟十五号从①轨道转移到③轨道过程中，飞船自身动力对飞船做的功为6．如图所示，传送带与水平面间的夹角为，其中A、B两点间的距离为，传送带在电动机的带动下以的速度顺时针匀速转动。现将一质量的小物块（可视为质点）轻放在传送带的B点，已知小物块与传送带间的动摩擦因数，g为取，则在传送带将小物块从B点传送到A点的过程中（）A．小物块经过后与传送带共速B．摩擦力对小物块做的功为C．摩擦产生的热量为D．因放小物块而使得电动机多消耗的电能为7．如图所示，物块M与m叠放在一起，以O为平衡位置，在之间做简谐振动，两者始终保持相对静止，取向右为正方向，其振动的位移x随时间t的变化图像如图，则下列说法正确的是（）A．在时间内，物块m的速度和所受摩擦力都沿负方向，且都在增大B．从时刻开始计时，接下来内，两物块通过的路程为AC．在某段时间内，两物块速度增大时，加速度可能增大，也可能减小D．两物块运动到最大位移处时，若轻轻取走m，则M的振幅不变8．远距离输电的原理图如图所示，升压变压器的原、副线圈的匝数之比为a，降压变压器的原、副线圈的匝数之比为b，输电线的总电阻为R，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂输出的电压恒为U。若由于用户的负载变化，使电压表V2的示数增大了∆U，则下列判断正确的是（）A．电压表的V1示数增大 B．电流表A2的示数减小了C．电流表A1的示数减小了 D．输电线损耗的功率减小了二、多选题9．图甲所示是电阻可忽略的足够长的光滑平行金属导轨．已知导轨的间距L=1.0m，导轨的倾角，导轨上端接的电阻，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中．阻值、质量m=0.2kg的金属棒与导轨垂直且接触良好，从导轨上端由静止开始下滑．电流传感器记录了金属棒在下滑过程中产生的电流随时间变化的规律，如图乙所示．取g=10m／s2．则（）A．磁感应强度的大小为1.0TB．0~2.0s的时间内，通过导体棒的电荷量为2.0CC．0~2.0s的时间内，导体棒下滑的距离为3.2mD．0~2.0s的时间内，电阻R产生的焦耳热为2.8J10．一定质量的理想气体经历了如图所示的状态变化A→B→C过程．下列说法中正确的是（）A．状态A时的压强大于状态C时的压强B．状态A时的压强小于状态C时的压强C．由A→B→C过程，气体先放热后吸热D．由A→B→C过程，气体先吸热后放热11．一透明介质的横截面为直角三角形，如图所示，一细束单色光从边上的点射入介质，经折射后的光线照到边的中点时恰好发生全反射。若，，，光在真空中传播的速度大小为，则（）A．介质对该单色光的折射率为B．介质对该单色光的折射率为C．该单色光从点开始到第一次离开介质时所用的时间为D．该单色光从点开始到第一次离开介质时所用的时间为12．如图甲所示，特殊材料制成的水平长直轨道上，静止着一质量为m的物体，物体在轨道上运动时，受到的阻力大小与其速度成正比，即（k为常量，大小未知）。从时刻起，物体在一水平恒定拉力作用下，开始向右运动，其加速度a随速度v的变化规律如图乙所示（图乙中的v0和a0均为已知量）。下列说法正确的是（）A．该拉力的大小为B．常量k的大小为C．在物体从开始运动到速度最大的过程中，合力的冲量大小为D．在物体从开始运动到速度最大的过程中，该拉力对物体做的功为三、实验题13．某实验小组用如图所示的装置测量当地重力加速度的大小。在竖直支架的上部固定水平横杆，用两条不可伸长的轻质细线连接小铁球和横杆，两细线在横杆上固定点间的距离为x，细线的延长线均经过小铁球球心，小铁球直径为d（不可忽略），测得两细线的长度均为l。在小铁球最低位置与球心等高处固定一光电门，将小铁球拉起至与横杆等高且使两细线均处于拉紧状态，由静止释放小铁球，得到小铁球通过光电门的时间为∆t。（1）小铁球通过光电门的速度可表示为________（用题中所给物理量的字母表示）。（2）当地重力加速度的大小可表示为________（用题中所给物理量的字母表示）。（3）本实验中，可能引起实验误差的因素有________（写出一条即可）。14．现要组装一个酒精测试仪，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，此传感器的电阻R随酒精气体浓度的变化而变化，规律如图甲所示目前国际公认的酒驾标准是“酒精气体浓度”，醉驾标准是“酒精气体浓度”提供的器材有：A．二氧化锡半导体型酒精传感器B．直流电源（电动势为，内阻不计）C．电压表（量程为，内阻非常大，作为浓度表使用）D．电阻箱（最大阻值为）E.定值电阻（阻值为）F.定值电阻（阻值为）G.单刀双掷开关一个，导线若干（1）图乙是酒精测试仪电路图，请在图丙中完成实物连线；()（2）电路中R应选用定值电阻_________（填或）；（3）为便于识别，按照下列步骤调节此测试仪：①电路接通前，先将电阻箱调为，然后开关向__________（填“c”或“d”）端闭合，将电压表此时指针对应的刻度线标记为__________；②逐步减小电阻箱的阻值，电压表的示数不断变大按照甲图数据将电压表上“电压”刻度线标为“酒精浓度”③将开关向另一端闭合，测试仪即可正常使用。（4）某同学将调适好的酒精测试仪靠近酒精瓶口，发现电压表指针满偏，则测量的酒精浓度__________（填“有”或“没有”）达到醉驾标准。四、解答题15．某粮库使用额定电压，内阻的电动机运粮。如图所示，配重和电动机连接小车的缆绳均平行于斜坡，装满粮食的小车以速度沿斜坡匀速上行，此时电流。关闭电动机后，小车又沿斜坡上行路程L到达卸粮点时，速度恰好为零。卸粮后，给小车一个向下的初速度，小车沿斜坡刚好匀速下行。已知小车质量，车上粮食质量，配重质量，取重力加速度，小车运动时受到的摩擦阻力与车及车上粮食总重力成正比，比例系数为k，配重始终未接触地面，不计电动机自身机械摩擦损耗及缆绳质量。求：（1）比例系数k值；（2）上行路程L值。16．如图甲为一种新型减振器—氮气减振器，汽缸中充入稀有气体后，减振器具有良好的韧性，操作时不容易弹跳，且可以防止减震器在高温高压损坏。它的结构简图如图乙所示。汽缸活塞截面大小为50cm2，质量为1kg；汽缸缸体外壁导热性良好，弹簧劲度系数为k=2000N/m。现在为了测量减震器的性能参数，将减震器竖直放置，冲入氮气达到5个大气压时活塞下端被两边的卡环卡住，此时氮气气柱长度为L=20cm且弹簧恰好处于原长，不计摩擦，大气压强取p0=1×105Pa，。（1）当氮气达到5个大气压的时候，求卡环受到的力F0；（2）现在用外力F缓慢向下压活塞，当活塞缓慢下降h=4cm时，求缸体内氮气的压强大小；（3）在（2）的过程中氮气向外界放出的总热量Q=111.6J，求外力F对活塞做的功W。17．为了探测带电粒子，研究人员设计了如图甲所示的装置。纸面内存在一个半径为R、圆心为的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B，该磁场区域在垂直纸面的方向上足够长。以右边的O点为坐标原点建立一平面直角坐标系xOy，O和两点间距离为。y轴与连线垂直，x轴（图甲中未画出）正方向垂直纸面向里，在xOy平面内存在一个足够大的探测屏。纸面内圆形磁场区域正下方存在一个长度为R且与y轴垂直的线状粒子源MN，在MN的中垂线上，到MN的垂直距离为。该粒子源各处均能持续不断的发射质量为m、电荷量为的粒子，粒子发射时的速度大小均相同，方向均沿y轴正方向，从粒子源MN中点发射的粒子离开磁场时速度恰好沿方向，不计粒子重力和粒子间相互作用力。（1）求粒子发射时的速度大小；（2）求粒子源左端点M与右端点N发射的粒子从发射到打到屏上所经历的时间之差；（3）若在圆形区域内再加上一个沿x轴正方向、场强且足够长的匀强电场，此时从粒子源发射的粒子都能打到探测屏上，其中，粒子源中点发射的粒子打在屏上的P点，如图乙所示，求该粒子打到屏上时的速度大小；（4）在（3）问条件下，求从粒子源右端点N发射的粒子打在屏上的位置坐标。18．如图所示，在水平桌面上放有长木板C，C上右端是固定挡板P，在C上放有小物块A和B，A、B的尺寸以及P的厚度皆可忽略不计。刚开始位于C上左端的物块A与物块B之间的距离为，物块B与挡板P之间的距离为。设木板C与桌面之间无摩擦，A、C之间和B、C之间的动摩擦因数均为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。A、B、C（连同挡板P）的质量均为。开始时B和C静止，A以某一初速度向右运动。已知重力加速度为，且所有的碰撞都可看做弹性正碰。（1）求物块A与B碰撞前，B与C间的摩擦力大小；（2）若物块A与B恰好发生碰撞，求A的初速度；（3）若B与挡板P恰好发生碰撞，求A的初速度；（4）若最终物块A从木板上掉下来，物块B不从木板C上掉下来，求A的初速度的范围。——★参考答案★——1．B【详析】A．α粒子为、β粒子为，根据质量数守恒有解得故A错误；B．衰变过程释放能量，生成的氡核更稳定，比结合能大于钍核的比结合能，故B正确；C．根据半衰期的定义，可知钍核的半衰期不等于其放出一个α粒子所经历的时间，故C错误；D．α衰变释放核能，有质量亏损，故D错误。故选B。2．D〖祥解〗图象中两物体图象围成的面积，表示两者之间的相对位移。若两物体能相遇，则需保证后方物体相对前方物体的位移，大于等于两物体的初始距离。【详析】表示在时间内，乙车比甲车多走的位移。A．若甲车在乙车前方，且，则在时刻，乙车恰好追上甲车，此后甲车速度大于乙车速度，两车不再相遇，故两车相遇一次，A错误；B．若甲车在乙车前方，且，则在时刻，乙车比甲车多走的距离小于两车的初始距离，两车未相遇，此后甲车速度大于乙车速度，两车不会再相遇，故B错误；C．若乙车在甲车前方，且，则在时刻甲车没有追上乙车，但由于时刻后甲车速度大于乙车速度，故甲车一定能追上乙车，即两车会相遇，C错误；D．若乙车在甲车前方，由图可知在时刻前乙车速度一直大于甲车，即两车距离越来越大，在时刻之后，甲车速度大于乙车，两者距离又逐渐减小，故在甲车追上乙车前，在时刻相距最远，D正确。故选D。3．C【详析】ABC．对B隔离分析，由牛顿的定律得对AB整体分析，由牛顿的定律得联立解得故AB错误，C正确；D．如果将B物块换成一个竖直向下大小为的力，对A由牛顿的定律得解得前后加速度不一样，对物块A的运动有影响。故D错误。故选C。4．C【详析】ABD．由于小球落到M点时，速度水平向右，将运动倒过来，看成从M点以初速度v0向左的平抛运动，设落地时速度大小为v与水平方向夹角为α，落地时的位移为s，根据平抛运动规律可得，，，即小球落到斜面上时的速度与初速度v0成正比，落到斜面上的时间与初速度v0成正比，落地点与抛出点间的位移与v0的平方成正比，落到斜面上时的速度方向是确定的，与初速度v0无关，因此从斜面底端向上斜抛时，速度方向不变，大小为原来的2倍，落到斜面上的时间也是原来的2倍，落到斜面上的速度也是原来的2倍，落到斜面上的位移是原来的4倍，A、B、D错误；C．设抛出时速度方向与斜面方向夹角为β，将运动分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，如图所示在垂直斜面方向做匀变速运动，加速度大小为则上升到离斜面的最大距离为因此当速度增加速度原来的2倍时，最大距离变为原来的4倍，C正确。故选C。5．C【详析】A．神舟十五号由①轨道变轨到②轨道是由低轨道到高轨道，需要在切点加速，机械能增大，神舟十五号在同一轨道上运动时，只有万有引力做功，机械能守恒，可知，神舟十五号在①轨道上经过P点时的机械能小于在②轨道上经过P点时的机械能，A错误；B．神舟十五号在①轨道上经过P点时与在②轨道上经过P点时，其到地心间距相同，根据解得可知，神舟十五号在①轨道上经过P点时的加速度等于在②轨道上经过P点时的加速度，B错误；C．根据开普勒定律有神舟十五号在①轨道上有在地球表面有解得神舟十五号在②轨道上从P点运动到Q点经历的时间为C正确；D．神舟十五号在①轨道上有，解得神舟十五号在③轨道上有，在地球表面有神舟十五号从①轨道转移到③轨道过程中，飞船增加的机械能为由于变轨加速过程是通过飞船自身动力向后喷气，则飞船自身动力做的功应该等于飞船增加的机械能与喷出气体增加的机械能的和值，即神舟十五号从①轨道转移到③轨道过程中，飞船自身动力对飞船做的功D错误。故选C。6．C【详析】A．物体刚放在B点时，受到的滑动摩擦力沿传送带向上，由于物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得假设物体能与传送带达到相同速度，则物体上滑的的位移假设成立。物体与传送带达到相同速度后，将向上匀速运动，到达A点的速度仍为2m/s。小物块匀加速时间小物块经过0.8s后与传送带共速。A错误；B．摩擦力匀加速阶段对小物块做的功小物块匀速运动过程中，小物块受到的为静摩擦力，大小与重力平行斜面向下的分力相等。摩擦力匀速阶段对小物块做的功摩擦力对小物块做的功为B错误；C．小物块与传送带的相对位移摩擦产生的热量C正确；D．因放小物块而使得电动机多消耗的电能D错误。故选C。7．D【详析】A．在时间内，由图像的斜率为负且增大可知，物块的速度沿负方向在增大，受摩擦力方向沿负方向，据可知，位移在减小，加速度在减小，所以摩擦力在减小，A错误；B．由图像知，两物块在平衡位置速度最大，因此两物块从的平均速率要小于从开始经时间内的平均速率，所以从开始经通过的路程大于，B错误；C．速度增大时，物块向平衡位置运动，则物块的位移减小，据简谐振动的受力特点，加速度减小，故C错误；D．简谐运动是一种无能量损失的振动，它只是动能和势能间的转化，总机械能守恒。其能量只有振幅决定，即振幅不变，振动系统能量不变。当将在最大位移处轻轻取走，说明取走时动能为零，取走前后振幅没有改变，振动系统机械能总量不变，D正确。故选D。8．C【详析】A．由于发电厂输出的电压U不变，升压变压器的原、副线圈的匝数之比不变，所以电压表V1的示数不变，A错误；C．设降压变压器原线圈的电压为U3，则所以所以降压变压器原线圈的电压增大了根据闭合电路欧姆定律因为不变，增大了，所以IA1R减小了，由欧姆定律可知，电流表A1的示数减小了C正确；B．根据变压器原副线圈的电流比等于匝数比的倒数可得，A2的示数减小了B错误；D．设输电线上原来的电流为I，则输电线损失的功率减小了D错误。故选C。9．AC【详析】当导体棒达到最大速度时，感应电流最大且达到稳定状态，则：，解得B=1.0T，选项A正确；根据，解得vm=2m/s；从开始下落到达到最大速度，由动量定理：，，解得q=1.6C；又，解得x=3.2m，选项B错误，C正确；0~2.0s的时间内，产生的总焦耳热为：，则电阻R上的焦耳热：，选项D正确；故选AC.10．BC【详析】AB．，,由理想气体状态方程知,，故选项A不符合题意,故选项B符合题意．CD．A到B，体积减少，外界对系统做功;温度降低，系统内能减少;由热力学第一定律：,系统放出热量．B到C，体积不变，没有做功情况，温度升高，系统内能增加；由热力学第一定律：，系统吸收热量．故选项C符合题意,故选项D不符合题意．11．AD【详析】AB．作出光路如图所示：根据折射定律有设光线到达BC边时发生全反射的临界角为，有联立解得DE的长度为介质对该单色光的折射率为选项A正确，B错误；CD．由可得因为D为AC边的中点，E为边的中点，则DE∥AB，由几何关系可知，该光线在介质中传播的路程为该光线在介质中的传播速度大小为解得单色光从点开始到第一次离开介质时所用的时间选项C错误，D正确。故选AD。12．BC【详析】A．初始时刻，阻力为零，根据牛顿第二定律可得A错误；B．达到做大速度时，加速度为零，受力平衡可得B正确；C．根据动量定理可知，合力冲量大小C正确；D．根据动能定理可得拉力对物体做的功D错误。故选BC。13．（1）（2）（3）空气阻力【详析】（1）[1]小球通过光电门的时间极短，可以用小球通过光电门的平均速度代替瞬时速度为（2）[2]根据几何关系可得小球下降的高度根据机械能守恒定律得联立可得（3）[3]本实验中，可能引起实验误差的因素有空气阻力。14．（1）（2）（3）c0.2（4）有【详析】(1)[1]根据图乙的电路图连接实物图如下(2)[2]由于电压表量程为3V，本实验电压表并联在定值电阻两端，由欧姆定律可得，定值电阻两端的电压由图甲可知，又，得则故选R2；(3)①[3]本实验采用替代法，用电阻箱的阻值替代传感器的电阻Rx，故应先电阻箱调到30.0Ω，结合(1)中电路，开关应向c端闭合；[4]由图甲可知Rx=30Ω时，酒精气体浓度为0.2mg/mL；(4)[5]由可知电压表指针满偏时，电阻箱电阻酒精气体浓度，故有达到醉驾标准。15．（1）；（2）【详析】（1）设电动机的牵引绳张力为，电动机连接小车的缆绳匀速上行，由能量守恒定律有解得小车和配重一起匀速，设绳的张力为，对配重有设斜面倾角为，对小车匀速有而卸粮后给小车一个向下的初速度，小车沿斜坡刚好匀速下行，有联立各式解得，（2）关闭发动机后小车和配重一起做匀减速直线运动，设加速度为，对系统由牛顿第二定律有可得由运动学公式可知解得16．（1）1990N；（2）；（3）92.8J【详析】（1）当氮气达到5个大气压的时候，对活塞受力分析，由平衡条件得解得（2）由理想气体等温变化规律得（3）由功能关系知又联立得17．（1）；（2）；（3）；（4）【详析】（1）分析可知粒子做圆周运动的半径为R，由得（2）分析可知粒子源左端点M与右端点N发射的粒子均从磁场边界与交点射出，且转过的圆心角分别为：两粒子在磁场中运动的周期为两粒子在磁场中运动的时间分别为由于两个粒子在匀强磁场区域外部运动的时间相等，所以即为在磁场中运动的时间差即得（3）对从粒子源中点发射的粒子沿电场方向有运动时间出磁场时的速度由于此粒子出磁场后做匀速直线运动故当其打在屏上时的速度得（4）N点