2022届盐城高考物理考前最后一卷预测卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示为五个点电荷产生的电场的电场线分布情况，a、b、c、d是电场中的四个点，曲线cd是一带电粒子仅在

电场力作用下的运动轨迹，则下列说法正确的是（）

B.a点的电势高于b点的电势

C.带电粒子在c点的动能小于在d点的动能

D.带电粒子在c点的加速度小于在d点的加速度

2、如图所示，一个钢球放在倾角为30的固定斜面上，用一竖直的挡板挡住，处于静止状态。各个接触面均光滑。关

于球的重力大小G、球对斜面的压力大小尸NI、球对挡板的压力大小尸N2间的关系，正确的是（）

A.尸NI>G

B•FN2>G

C.FN2=G

D.FNI<FN2

3、关于天然放射现象，下列说法正确的是（）

A.玛丽•居里发现了天然放射现象

B.天然放射现象说明原子是可以分割的

C.原子序数大于或等于83的元素都具有放射性

D.温度越高，放射性元素的放射性就越强

4、如图所示，从高〃=1.8m的A点将弹力球水平向右抛出，弹力球与水平地面碰撞两次后与竖直墙壁碰撞，之后恰能

返回A点。已知弹力球与接触面发生弹性碰撞，碰撞过程中，平行于接触面方向的速度不变，垂直于接触面方向的速

度反向但大小不变，A点与竖直墙壁间的距离为4.8m,重力加速度圻lOm局,则弹力球的初速度大小为（）

h\:

A.1.5m/sB.2m/sC.3.5m/sD.4m/s

5、物理学是研究物质运动最一般规律和物质基本结构的学科，在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研

究方法如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等。以下关于物理学研究

方法的叙述中正确的是

A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法

B.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度

与质量的关系，这里运用了假设法

C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各

小段位移相加，这里运用了理想模型法

AyAr

D.根据速度定义式丫=——，当AJO时，——就可以表示物体在f时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法

ArAr

6、如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s,则可推断正确的

是（）

①图中质点b的速度为负方向最大

②从图示时刻开始，经过0.01s,质点。通过的路程为4m,位移为零

③若此波遇到另一列波并发生稳定的干涉现象，则该波所遇到的频率为50Hz

④若发生明显衍射现象，该波所遇到的障碍物的尺寸一般不小于20m

A.①③B.②③C.①④D.②④

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图甲所示，一块质量为nu=lkg的木板A静止在水平地面上，一个质量为mB=lkg的滑块B静止在木板的左端,

对B施加一向右的水平恒力F,一段时间后B从A右端滑出，A继续在地面上运动一段距离后停止，此过程中A的速

度随时间变化的图像如图乙所示.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10m/sL则下列说法正确的是

A.滑块与木板之间的动摩擦因数为0.6

B.木板与地面之间的动摩擦因数为0.1

C.F的大小可能为9N

D.F的大小与板长L有关

8、关于热力学定律，下列说法正确的是（）

A.气体吸热后温度一定升高

B.对气体做功可以改变其内能

C.理想气体等压膨胀过程一定放热

D.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体

E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡

9、2019年7月25日，北京理工大学宣布：“北理工1号”卫星搭乘星际荣耀公司的双曲线一号火箭成功发射，进入地

球轨道。如图所示，“北理工1号”卫星与高轨道卫星都在同一平面内绕地球做同方向的匀速圆周运动，此时恰好相距

最近。已知地球的质量为M,高轨道卫星的角速度为“，"北理工1号”卫星的轨道半径为引力常量为G,则下列

说法正确的是（）

］高轨道卫星

■・4J_“北_埋__L1号_”_卫_星_7

A.“北理工1号”卫星的运行周期大于高轨道卫星的运行周期

B.“北理工1号”卫星的机械能小于高轨道卫星的机械能

C.“北理工1号”卫星的加速度和线速度大于高轨道卫星的加速度和线速度

2乃

D.从此时到两卫星再次相距最近，至少需时间［GM

10、如图所示，光滑水平桌面放置着物块A,它通过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块B,已知A的质量为m,B的质

量为3m,重力加速度大小为g,静止释放物块A、B后。

A.相同时间内，A、B运动的路程之比为2:1

B.物块A、B的加速度之比为1：1

C.细绳的拉力为幽

D.当B下落高度h时，速度为J迦

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)在研究“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，提供有以下器材：

A.电压表Vi(0-5V)

B.电压表V2(0-15V)

C.电流表Ai(0〜50mA)

D.电流表A2(0〜500mA)

E.滑动变阻器Ri(0-60Q)

F.滑动变阻器R2(0~2kQ)

G.直流电源E

H.开关S及导线若干

I.小灯泡(t/a=5V)

某组同学连接完电路后，闭合电键，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端，移动过程中发现小灯未曾烧坏，记录多

组小灯两端电压。和通过小灯的电流/数据(包括滑片处于两个端点时/数据)，根据记录的全部数据做出的u-

/关系图象如图甲所示：

甲乙

（1）根据实验结果在图乙虚线框内画出该组同学的实验电路图一；

（2）根据实验结果判断得出实验中选用：电压表_（选填器材代号"A”或"B”），电流表_（选填器材代号"C”或"D”）,

滑动变阻器一（选填器材代号“E”或“『）；

（3）根据图甲信息得出器材G中的直流电源电动势为_V,内阻为_Q；

（4）将两个该型号小灯泡串联后直接与器材G中的直流电源E相连，则每个小灯消耗的实际功率为

12.（12分）某实验小组用DIS来研究物体加速度与质量的关系，实验装置如图甲所示。其中小车和位移传感器的总

质量为M，所挂钩码总质量为“，小车和定滑轮之间的绳子与轨道平面平行，不计轻绳与滑轮之间的摩擦及空气阻

力，重力加速度为g。

（1）若已平衡摩擦力，在小车做匀加速直线运动过程中，绳子中的拉力大小耳=（用题中所给已知物理量符

号来表示）；当小车的总质量"和所挂钩码的质量小之间满足时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于

所挂钩码的重力；

（2）保持钩码的质量不变，改变小车的质量，某同学根据实验数据画出图线，如图乙所示，可知细线的拉力为

M

N（保留两位有效数字）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，内径粗细均匀的U形管竖直放置在温度为7°C的环境中，左侧管上端开口，并用轻质活塞封

闭有长/j=14cm的理想气体,右侧管上端封闭，管上部有长/2=24cm的理想气体，左右两管内水银面高度差h=6cm.

若把该装置移至温度恒为27℃的房间中（依然竖直放置），大气压强恒为po=76cmHg.不计活塞与管壁间的摩擦.分别

求活塞再次平衡时左、右两侧管中气体的长度.

14.（16分）如图所示，空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度5=0.5T.在匀强磁场区域内，有一对光滑平行金

属导轨，处于同一水平面内，导轨足够长，导轨间距乙=lm,电阻可忽略不计.质量均为，〃=lkg,电阻均为R=2.5C

的金属导体棒MN和尸。垂直放置于导轨上，且与导轨接触良好.先将尸。暂时锁定，金属棒MN在垂直于棒的拉力

户作用下，由静止开始以加速度”=0.4m/s2向右做匀加速直线运动，5s后保持拉力产的功率不变，直到棒以最大速度

.做匀速直线运动.

PN

XXXXXXX

B-►F

XXXXXXX

QM

（1）求棒A/N的最大速度vm；

⑵当棒MN达到最大速度Vm时，解除尸。锁定，同时撤去拉力尸，两棒最终均匀速运动.求解除尸。棒锁定后，到两棒

最终匀速运动的过程中，电路中产生的总焦耳热.

（3）若PQ始终不解除锁定，当棒达到最大速度垢时，撤去拉力F,棒MN继续运动多远后停下来？（运算结果可

用根式表示）

15.（12分）如图甲所示，在边界为二,•：：的竖直狭长区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度二=：,〕，在

的左侧充满斜向上与水平方向夹角为＜.的匀强电场二.（二.大小未知）。一带正电的微粒从点由静止释放，微粒沿

L5■«a

水平直线运动到一.边界上的b点，这时开始在，一-之间的区域内加一竖直方向周期性变化的匀强电场；，,随时间

变化的图像如图乙所示（.：＞：表示电场方向竖直向上），微粒从点沿水平直线运动到C点后，做一次完整的圆周运

动，再沿水平直线运动到二:边界上的d点。已知C点为线段”的中点，重力加速度二一，上二。求：

（1）微粒的比荷士

（2）。点到b点的距离;

（3）将边界二:左右移动以改变正交场的宽度，使微粒仍能按上述运动过程通过相应的区域，求电场二变化周期T的

最小值。

图乙

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.带电粒子做曲线运动，所受的合力指向轨迹凹侧，分析可知该带电粒子带负电，A错误;

BC.根据等势面与电场线垂直，画出过a点的等势面如图所示。

则

根据沿电场线方向电势逐渐降低知

%＞外

所以

%>(pu

同理可得

(Pe<(Pd

由于带电粒子带负电，则粒子的电势能

Epc>Epd

根据能量守恒定律知，带电粒子的动能

儿<七.

B错误，C正确

D.电场线的疏密程度表示电场强度的大小

EM

则带电粒子受到的电场力

Fc>Fd

由牛顿第二定律知带电粒子的加速度

生>%

D错误。

故选C。

2、A

【解析】

以球为研究对象，球受重力、斜面和挡板对球体的支持力为和尸2,由平衡条件知，尸1和尸N2的合力与G等大、反向、

共线，作出力图如图所示，根据平衡条件，有

F_G_26G

1cos30°3

R=Gtan30o=—G

23

根据牛顿第三定律可知，球对斜面的压力大小

3=q=迎G

cos303

球对挡板的压力大小

&2=6=Gtan30"=号G<G

则

G1>82

故A正确，BCD错误。

故选A。

【解析】

A.贝可勒尔发现天然放射现象，故A错误；

B.天然放射现象说明原子核内部是有结构的，并不是原子可以再分的，故B错误；

C.原子序数大于或等于83的元素，都具有放射性，原子序数小于83的元素，有的也具有放射性，故C正确;

D.放射性元素的放射性由原子核内部因素决定，即与元素的种类有关，与温度无关，故D错误；

故选C。

4、B

【解析】

由题意可知，小球在竖直方向做自由落体运动，则

2s=0.6s

10

由对称性可知，小球第一次落地时的水平位移为

x=—x4.8m=1.2m

4

则初速度

x1.2,与，

V---——m/s=2m/s

t0.6

故选B。

5、D

【解析】

A中采用了理想模型法；B中采用控制变量法；C中采用了微元法；D中是极限思维法;

故选D.

6、A

【解析】

①由于波向右传播，根据“上下坡”法，知道b质点向下振动，此时的速度最大。故①正确；

周期

24

T=-=—-=0.02s

v200

②从图示时刻开始，经过0.01s,即半个周期，质点〃通过的路程为2个振幅，即4m,位移为4cm。故②错误；

③该列波的频率为50Hz,要想发生干涉，频率需相同。故③正确；

④当波的波长比障碍物尺寸大或差不多时，就会发生明显的衍射。即若发生明显衍射现象，该波所遇到的障碍物的尺

寸一般不大于4m,故④错误；

A.①③，与结论相符，选项A正确；

B.②③，与结论不相符，选项B错误；

C.①④，与结论不相符，选项C错误；

D.②④，与结论不相符，选项D错误；

故选Ao

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

根据木板A的v-t图像求解滑块在木板上滑动时和离开木板时木板的加速度，根据牛顿第二定律列式求解两个动摩擦

因数；若木块在木板上滑动时，木块的加速度应该大于木板的加速度，由此求解F的范围；根据木块和木板的位移关

系求解F与L的关系.

【详解】

Av2rc

滑块在木板上滑动时木板的加速度为q=—=-/«/?=2m/?,对木板根据牛顿第二定律：

△t1

nmma2

WBg-+B)g=A\；滑块从木板上滑出时木板的加速度为a,=包=\m/5,对木板根据牛顿

△t2

第二定律：M2mAg=mAa2；联立解得：阳=0.7,m=0.1,选项A错误，B正确；对木块B：F-^mBg=mBaB,其

1,1,

中的aA>lm/si,贝!|F>9N,则F的大小不可能为9N,选项C错误；根据L=-a/--a/2,式中t=ls,联立解得:

22

F=lL+9,即F的大小与板长L有关，选项D正确；故选BD.

【点睛】

此题时牛顿第二定律的综合应用问题，首先要搞清两物体的运动情况，通过v-t图像获取运动信息，结合牛顿第二定

律求解.

8、BDE

【解析】

A.气体吸热后，若再对外做功，温度可能降低，故A错误；

B.改变气体内能的方式有两种：做功和热传导，故B正确；

C.理想气体等压膨胀过程是吸热过程，故C错误；

D.根据热力学第二定律，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，故D正确；

E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡，否则就不

会与第三个系统达到热平衡，故E正确。

故选BDE.

【点睛】

本题主要考查了热力学定律、理想气体的性质.此题考查了热学中的部分知识点，都比较简单，但是很容易出错，解

题时要记住热力学第一定律E=W+Q、热力学第二定律有关结论以及气体的状态变化方程等重要的知识点.

9、CD

【解析】

A.由

cMm442

G—r=m-r

可知

VGM

卫星的轨道越高，周期越大，A项错误；

B.卫星的机械能等于其动能与势能之和，因不知道卫星的质量，故不能确定卫星的机械能大小关系，故B项错误；

C.由

_Mm

G—―=ma

r

可知轨道半径越大，向心加速度越小，故“北理工1号”卫星的加速度较大，由

可知

轨道半径越小，线速度越大，故“北理工1号”卫星的线速度较大，C项正确;

D.设“北理工1号”卫星的角速度为助，根据万有引力提供向心力有

可得

可知轨道半径越大，角速度越小，两卫星由相距最近至再次相距最近时，圆周运动转过的角度差为如，即

co^-cot=2兀

可得经历的时间

2万

故D项正确。

故选CD,

10、AC

【解析】

同时间内，图中A向右运动h时，B下降一半的距离，即为h/2,故A、B运动的路程之比为2：1,故A正确；任意

相等时间内，物体A、B的位移之比为2：1,故速度和加速度之比均为2：1,故B错误；设A的加速度为a,则B

的加速度为0.5a,根据牛顿第二定律，对A,有：T=ma,对B,有：3mg-2T=3m・0.5a,联立解得：T=^~,a='g,

故C正确；对B,力口速度为a，=0.5a=Tg，根据速度位移公式，有：v2=2・a，・h,解得：v=栏5,故D错误；故选

AC.

【点睛】

本题考查连接体问题，关键是找出两物体的位移、速度及加速度关系，结合牛顿第二定律和运动学公式列式分析，也

可以结合系统机械能守恒定律分析.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

r(£h

11、*LBDE8100.56

一里—―

【解析】

(I)[1]从图甲可知，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端过程中电表的示数不是从0开始的，因此滑动变阻器采

用的不是分压接法，而是限流接法；从图甲可知，小灯泡的电阻为10。〜30。，阻值较小，因此电流表采用外接法，

作出的实验电路图如图所示：

。广一

(2)[2][3][4]从图甲可知，记录的全部数据中小灯两端电压U最大为6V,因此电压表的量程需要选择15V,故电

压表选B；通过小灯的电流/最大为：().2A=200mA,故电流表的量程需要选择500mA,故电流表选D；电路采用滑

动变阻器限流接法，为了便于实验操作，滑动变阻器应选小阻值的，故滑动变阻器选E；

(3)[5][6]从图甲可知，当滑动变阻器接入电阻为0时，小灯两端电压U最大为6V,通过小灯的电流人最大为0.2A,

则此时小灯电阻

■

凡=；=30。

由闭合电路欧姆定律有

氏+，

当滑动变阻器接入电阻为及=60。时，小灯两端电压S最小为IV,通过小灯的电流12最小为0.1A,则此时小灯电阻

U

RL=L=210Q

,2

由闭合电路欧姆定律有

1=

-2凡+&+r

解得电源电动势E=8V,内阻尸10。；

(4)[7]将两个该型号小灯泡串联后直接与器材G中的直流电源E相连，根据闭合电路欧姆定律，有

E=2U+Ir

解得

1/=4-51

作出此时的U-1图象如图所示:

图中交点/=0.18A,U=3.1V,即通过每个灯泡的电流为0.18A,每个灯泡的电压为3.1V,故每个小灯消耗的实际功率

P=O.18AX3.1VH0.56W

(由于交点读数存在误差，因此在0.55W-0.59W范围内均对)

12、—M»m0.20

M+m

【解析】

(1)⑴平衡摩擦力后:

mg-FT-ma

Er=Ma

解得：

⑵当小车和位移传感器的总质量”和所挂钩码的质量m之间满足加>>加时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等

于所挂钩码的重力；

(2)由牛顿第二定律知：

1L

a=-----F

M

则。--1-的图线的斜率是合外力，即绳子拉力F,贝！I：

M

20

F=—N=0.20Ne

10

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、15cm25cm

【解析】

设管的横截面积为S,活塞再次平衡时左侧管中气体的长度为匕左侧管做等压变化，则有

aa4

其中必=14S,r=280K,r=300K,Vr2=V\S

解得Pl=15cm

设平衡时右侧管气体长度增加X,则由理想气体状态方程可知三三=三一-二-1匚二

其中po=76cmHg,h=6cmHg

解得x=1cm

所以活塞平衡时右侧管中气体的长度为25cm.

点睛：本题要能用静力学观点分析各处压强的关系.要注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化，选择合适的气体实

验定律解决问题.

14、(1)匕,=26m/s(2)Q=5J(3)x=40鬲

【解析】

(1)棒做匀加速运动，由牛顿第二定律得：F-BIL=ma

棒A/N做切割磁感线运动，产生的感应电动势为：E=BLv

棒MN做匀加速直线运动，5s时的速度为：y=M=2m/s

E

在两棒组成的回路中，由闭合电路欧姆定律得：/=——

2R

联立上述式子，有：F=ma+^^-

2R

代入数据解得：F=0.5N

5s时拉力厂的功率为：P=Fv

代入数据解得：P=1W