第二十二章 二次函数 易错必考63题（13个考点）专练（解析版）

第二十二章二次函数易错必考63题（13个考点）专练易错必考题一、根据二次函数的定义求参数1．（2023·全国·九年级专题练习）若函数是二次函数，那么m的值是（）A．2 B．或3 C．3 D．【答案】C【分析】根据二次函数的定义：，进行计算即可．【详解】解：由题意得：，解得：或；又∵，解得：且，∴．故选C．【点睛】本题考查二次函数的定义．熟练掌握二次函数的定义是解题的关键．注意二次项系数不为零．2．（2023春·江苏南京·九年级校联考阶段练习）点是二次函数图像上一点，则的值为【答案】6【分析】把点代入即可求得值，将变形，代入即可．【详解】解：∵点是二次函数图像上，∴则．∴故答案为：6．【点睛】本题考查了二次函数图象上点的坐标特征，根据点坐标求待定系数是解题的关键．3（2023春·广东河源·九年级校考开学考试）已知函数为二次函数，求m的值．【答案】m=﹣1【分析】根据二次函数的定义，列出一个式子即可解决问题．【详解】解：由题意：，解得，时，函数为二次函数．【点睛】本题考查二次函数的定义，记住二次函数的定义是解题的关键，形如、、是常数，的函数，叫做二次函数．易错必考题二、二次函数与一次函数、反比例函数图象的综合判断4．（2023春·浙江杭州·八年级校考阶段练习）二次函数的图象如图所示，则一次函数与反比例函数在同一坐标系内的图象大致为（

）

A．

B．

C．

D．

【答案】C【分析】由抛物线的图象可知，横坐标为1的点，即在第四象限可得，从而得到反比例函数的图象分布在二、四象限，由抛物线的开口方向和与的交点个数得到，从而得到一次函数的图象经过一、二、三象限，即可得到答案．【详解】解：由抛物线的图象可知，横坐标为1的点，即在第四象限，，反比例函数的图象分布在二、四象限，抛物线的开口向上，，抛物线与轴有两个交点，，一次函数的图象经过一、二、三象限，故选：C．【点睛】本题主要考查了一次函数、反比例函数、二次函数的图象与系数的关系，熟练掌握一次函数、反比例函数、二次函数的图象与系数的关系，采用数形结合的思想解题，是解此题的关键．5．（2023秋·四川南充·九年级校考期末）在同一坐标系中，一次函数与二次函数的图象可能是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】B【分析】可先确定每一选项中的一次函数图象，得到a、c的符号，再验证二次函数图象是否一致即可．【详解】解：A、由一次函数的图象得，，则二次函数图象开口向上，故该选项不符合题意；B、由一次函数的图象得，，则二次函数图象开口向下，与y轴正半轴相交，故该选项符合题意；C、由一次函数的图象得，，则二次函数图象开口向下，故该选项不符合题意；D、由一次函数的图象得，，则二次函数图象开口向下，故该选项不符合题意，故答案为：B．【点睛】本题考查一次函数、二次函数图象综合判断，熟知一次函数、二次函数的图象与系数的关系是解答的关键．6．（2023春·山东日照·九年级校考期中）在同一直角坐标系中，反比例函数与二次函数的大致图像可能是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据的取值范围分当时和当时两种情况进行讨论，根据反比例函数的图像与性质以及二次函数的图像与性质进行判断即可．【详解】解：当时，反比例函数的图像经过一、三象限，二次函数的图像开口向上，其对称轴在轴右侧，且与轴交于负半轴，故选项C、D不符合题意；当时，反比例函数的图像经过二、四象限，二次函数的图像开口向上，其对称轴在轴左侧，且与轴交于正半轴，故选项A不符合题意，选项B符合题意．故选：B．【点睛】本题主要考查了反比例函数的图像与性质以及二次函数的图像与性质，解题关键是根据的取值范围分当时和当时两种情况进行讨论．7．（2023春·安徽安庆·九年级校考阶段练习）二次函数和反比例函数在同一平面直角坐标系中的大致图象可能是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】B【分析】根据的取值范围分当时和当时两种情况进行讨论，根据反比例函数图象与性质，二次函数图象和性质进行判断即可．【详解】当时，反比例函数的图象经过第一、三象限，当时，二次函数图象，开口向上，对称轴在y轴左侧，则A选项不符合题意，当时，二次函数图象，开口向下，对称轴在y轴右侧，则C选项不符合题意，B选项符合题意；当时，反比例函数的图象经过第二、四象限，当时，二次函数图象，开口向上，对称轴在y轴右侧，则D选项不符合题意；故选：B．【点睛】本题考查反比例函数的性质及二次函数的性质，解题的关键是根据题意对的取值进行分类讨论（当时和当时），注意运用数形结合的思想方法，充分观寻找图象中的关键点，结合函数解析式进行求解．易错必考题三、二次函数的图象与性质8．（2023春·陕西咸阳·九年级统考期中）已知二次函数在时有最小值，则（）A．或 B．4或 C．或 D．4或【答案】B【分析】先求出二次函数对称轴为直线，再分和两种情况，利用二次函数的性质进行求解即可．【详解】解：∵二次函数，∴对称轴为直线，①当，抛物线开口向上，时，有最小值，解得：；②当，抛物线开口向下，∵对称轴为直线，在时有最小值，∴时，有最小值，解得：．故选：B．【点睛】本题主要考查了二次函数图像的性质，掌握分类讨论的思想是解题的关键．9．（2023春·江苏泰州·九年级校考阶段练习）已知点，，均在抛物线上，其中．若，则m的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】由得到，此时，判断为抛物线的顶点，且抛物线开口向下，然后分和两种情况分类讨论解题即可．【详解】解：∵，，∵直线是抛物线的对称轴，且此时，且，∴为抛物线的顶点，且抛物线开口向下，①当时，点都在左侧(或与重合)，此时一定有符合题意，②当时，∵，∴在点右侧，即，且点到对称轴的距离大于点到对称轴的距离，即，解得：m>1，∴，综上所述，的取值范围是故选：．【点睛】本题考查二次函数的图像和性质，掌握分类讨论的数学思想是解题的关键．10．（2023秋·全国·九年级专题练习）设，且函数与有相同的最小值u；函数与有相同的最大值v；则的值（）A．必为正数 B．必为负数 C．必为0 D．符号不能确定【答案】C【分析】本题给出四个函数的解析式及两条重要信息与有相同的最小值；与有相同的最大值v，将函数化为顶点式，再根据条件列出等式即可求解此题．【详解】∵，，则，得①∵，∴，又∵；则，得，②∵，∴，∴，∴得，，解得或(舍去)，当时，，∴，故选：C．【点睛】本题考查了二次函数的最值，难度较大，解题的关键是将函数的标准形式化为顶点形式．11．（2023秋·全国·九年级专题练习）已知抛物线上两点，且，则下列说法一定正确的是（）A．若时，则 B．若时，则C．若时，则 D．若时，则【答案】D【分析】求得抛物线的开口方向，对称轴以及抛物线与x轴的交点，然后利用二次函数的性质判断即可；【详解】解：∵抛物线，∴抛物线开口向上，对称轴为直线，抛物线与x轴的交点为，若时，，∴，∴无法确定、的大小，故A、B不正确，不合题意；若时，∵抛物线上两点，且，∴，∴，故C不正确，D正确．故选：D．【点睛】本题考查了二次函数图象上点的坐标特征，抛物线与x轴的交点，熟知二次函数的性质是解题的关键12．（2023秋·福建福州·九年级福建省福州第八中学校考开学考试）已知抛物线经过，两点，若，分别位于抛物线对称轴的两侧，且，则的取值范围是．【答案】/【分析】根据二次函数的增减性，进行求解即可．【详解】解：∵，对称轴为直线，∴抛物线开口向下，抛物线上的点离对称轴越远，函数值越小；∵，分别位于抛物线对称轴的两侧，且，①当时，此不等式无解，不符合题意；②，即：时，，解得：，综上：．故答案为：．【点睛】本题考查二次函数的图象和性质．解题的关键是掌握二次函数的增减性．13．（2023秋·湖北孝感·九年级校考开学考试）关于抛物线，给出下列说法：①抛物线开口向下，顶点是．②当时，随的增大而减小．③当时，．④若是该抛物线上两个不同的点，则．其中正确的说法有．（填序号）【答案】②④/④②【分析】直接根据二次函数的图象和性质逐项判断即可．【详解】解：∵，∴①抛物线开口向下，顶点是原点，故该项错误；②对称轴为，当时，y随x的增大而减小，故该项正确；③当时，时取最大值0，时取最小值，因此，故该项错误；④若、是该抛物线上两点，则两点关于直线对称，因此，故该项正确．故答案为：②④．【点睛】本题主要考查二次函数的图象和性质，掌握该知识点并熟练运用数形结合思想是解题的关键．14．（2023秋·福建福州·九年级校考开学考试）若函数（）图象过点，且抛物线的顶点位于第四象限，设，则P的取值范围为．【答案】【分析】根据和得到，，的关系，通过，对称轴大于0，得到，进而求出的准确范围，最终求出的取值范围．【详解】解：由题意可知，，，，，，且对称轴，，，，，，．故答案为：．【点睛】本题考查二次函数的性质，解题关键是掌握二次函数与方程的关系，掌握二次函数图象与系数的关系．15、（2023春·吉林长春·九年级校考期中）如图，在平面直角坐标系中，线段的端点坐标分别为，，抛物线（为常数，）和线段有公共点时，的取值范围是，【答案】【分析】抛物线和线段有公共点可知，当点在抛物线上时，可算出此时的的值，当点在抛物线上时，算出此时的的值，由此即可求解．【详解】解：抛物线（为常数，）和线段有公共点，，，∴，∴当点在抛物线上时，，解得，，；当点在抛物线上时，，解得，，；∵当时，有公共点，且，∴的取值范围是，故答案为：．【点睛】本题主要考查二次函数图像与线段的交点问题，掌握二次函数图像的性质，线段与图像的位置关系，数形结合分析是解题的关键．16．（2023春·浙江杭州·九年级校考阶段练习）已知二次函数．(1)若，求该函数图象的顶点坐标．(2)若当时，y随x的增大而减小；当时，y随x的增大而增大，求m的取值范围．(3)若函数，点都在函数的图象上，且，求n的取值范围．（用含m的代数式表示）【答案】(1)(2)(3)或【分析】（1）把代入求出解析式，然后配方即可；（2）先求出的对称轴，可得当时，y随x的增大而减小；当时，y随x的增大而增大，再结合条件即可求出；（3）根据代入法求出，结合即可求出答案．【详解】（1）解：当时，，将配方得：，∴该函数图象的顶点坐标是；（2）解：在中，，当时，y随x的增大而减小；当时，y随x的增大而增大，∵当时，y随x的增大而减小；当时，y随x的增大而增大，∴；（3）解：∵，，∴，∵点都在函数的图象上，当时，，当时，，∵，∴，∴，∴或，∴或；【点睛】本题是二次函数的一个综合题，主要考查了求顶点坐标，二次函数的性质，熟练掌握相关知识是关键．17．（2023秋·全国·九年级专题练习）已知抛物线经过，两点．(1)当时，求的值；(2)当，且时，的最大值为3．①求抛物线的解析式；②抛物线与轴交于点，直线与抛物线交于点，与直线交于点，连接，当时，求的值．【答案】(1)(2)；或【分析】(1)根据，对称，写出对称轴方程，根据对称轴是，且，求出；(2)①在对称轴的左侧，时时，有最大值为，得到时，，根据，得到方程组，解方程组即可求解；②利用三角形的面积关系，得到点与点的横坐标的比为：，设点的横坐标为，则点的横坐标为，利用待定系数法用含的代数式求得直线的解析式，进而得到点的坐标，将点坐标代入抛物线的解析式求得值即可求得结论．【详解】（1）解：抛物线经过，两点，，，，；（2）解：①，，，，，对称轴是直线，，当时，随的增大而增大，时，的最大值为，当时，，抛物线解析式为，把，，代入得：，，抛物线解析式为；②由①得：，，，设直线的解析式为，，解得：，直线的解析式为，，，点与点的横坐标的比为：，设点的横坐标为，则点的横坐标为，点在直线上，．点在直线上，，解得：，直线的解析式为，点在直线上，，点在抛物线上，，解得：或，当时，，当时，，综上所述，或．【点拨】本题考查了二次函数性质，待定系数法求函数解析式，三角形面积，熟练掌握根据二次函数值随自变量变化情况确定二次函数的最值，待定系数法求二次函数的解析式，同高的两个三角形面积与底边成比例，是解决本题的关键．易错必考题四、二次函数图象的平移问题18．（2023秋·全国·九年级专题练习）将抛物线（a、b是常数，）向下平移2个单位长度后，得到的新抛物线恰好和抛物线关于y轴对称，则a、b的值为（

）A．， B．， C．， D．，【答案】C【分析】先求出抛物线关于y轴对称的抛物线为，再根据抛物线平移的性质得出抛物线向下平移2个单位长度后为，即可得出a和b的值．【详解】解：∵，∴抛物线关于y轴对称的抛物线为，∵抛物线向下平移2个单位长度后为，∵与关于y轴对称，∴，整理得：，∴，，故选：C．【点睛】本题主要考查了二次函数的平移规律，解题的关键是掌握将二次函数化为顶点式的方法和步骤，以及二次函数的平移规律：上加下减，左加右减．19．（2023春·浙江金华·九年级校考期中）如图，一条抛物线与x轴相交于M，N点（点M在点N的左侧），其顶点P在线段上移动，点A，B的坐标分别为，，点N的横坐标的最大值为4，则点M的横坐标的最小值为（）A． B． C． D．【答案】C【分析】其顶点P在线段上移动，点A，B的坐标分别为，，分别求出对称轴过点A和B时的情况，即可判断出M点横坐标的最小值．【详解】解：根据题意知，点N的横坐标的最大值为4，此时点P和点B重合，即抛物线的对称轴为：，N点坐标为，则M点坐标为，点P和点A重合，点M的横坐标最小，此时抛物线的对称轴为：，N点坐标为，则M点的坐标为，点M的横坐标的最小值为，故选：C．【点睛】本题考查了抛物线与x轴的交点，二次函数的图象与性质，解答本题的关键是理解二次函数在平行于x轴的直线上移动时，两交点之间的距离不变．20．（2023春·湖北恩施·九年级统考期中）在平面直角坐标系中，将抛物线先绕原点O旋转，再向上平移3个单位，则平移后的抛物线解析式为．【答案】【分析】先把抛物线配方为顶点式，求出顶点坐标，求出旋转后的抛物线，再根据“上加下减，左加右减”的法则进行解答即可．【详解】解：∵，∴抛物线的顶点为，将抛物线先绕原点旋转抛物线顶点为，旋转后的抛物线为，再向上平移3个单位，．故答案为：．【点睛】本题考查的是抛物线的图象与几何变换，解题的关键是熟知函数图象旋转与平移的法则．21．（2023秋·河北张家口·九年级统考期末）如图，坐标平面上有一透明片，透明片上有一抛物线：．

(1)写出的对称轴和的最小值；(2)点为透明片上一点，的坐标为．平移透明片，平移后，的对应点为，抛物线的对应抛物线为，其表达式恰为，求移动的最短路程．【答案】(1)对称轴为直线：，的最小值为2(2)【分析】（1）直接根据解析式进行作答即可；（2）求出平移后的抛物线的顶点坐标，移动的最短路程为两个顶点间的距离，进行求解即可．【详解】（1）解：∵，顶点坐标为，∴对称轴为直线，的最小值为2；（2）∵，顶点坐标为，∵抛物线的顶点坐标为，∴移动的最短路程为．【点睛】本题考查二次函数的图象与性质，二次函数图象的平移．熟练掌握二次函数的图象和性质，是解题的关键．22．（2023秋·陕西安康·九年级统考期末）已知二次函数图像的对称轴为直线．(1)求a的值；(2)将该二次函数的图像沿x轴向右平移2个单位后得到一个新的二次函数，求新二次函数的解析式．【答案】(1)(2)【分析】（1）根据对称轴列式求解即可解答；（2）将a的值代入，结合抛物线解析式求平移后图像所对应的二次函数的表达式即可．【详解】（1）解：∵二次函数图像的对称轴为直线∴，解得．（2）解：∵，∴，∴平移后为：．∴新二次函数的解析式为．【点睛】本题主要考查了二次根式的性质、二次根式的平移等知识点，掌握二次根式的性质是解答本题的关键．23．（2023·山东·九年级专题练习）如图，抛物线过点，，矩形的边在线段上（点B在点A的左侧），点C，D在抛物线上，设，当时，．

(1)求抛物线的函数表达式；(2)当t为何值时，矩形的周长有最大值？最大值是多少？(3)保持时的矩形不动，向右平移抛物线，当平移后的抛物线与矩形的边有两个交点G，H，且直线平分矩形的面积时，求抛物线平移的距离．【答案】(1)(2)当时，矩形的周长有最大值，最大值为(3)4【分析】（1）设抛物线的函数表达式为，求出点C的坐标，将点C的坐标代入即可求出该抛物线的函数表达式；（2）由抛物线的对称性得，则，再得出，根据矩形的周长公式，列出矩形周长的表达式，并将其化为顶点式，即可求解；（3）连接A，相交于点P，连接，取的中点Q，连接，根据矩形的性质和平移的性质推出四边形是平行四边形，则，．求出时，点A的坐标为，则，即可得出结论．【详解】（1）解：设抛物线的函数表达式为．∵当时，，∴点C的坐标为．将点C坐标代入表达式，得，解得．∴抛物线的函数表达式为．（2）解：由抛物线的对称性得：，∴．当时，．∴矩形的周长为．∵，∴当时，矩形的周长有最大值，最大值为．（3）解：连接，相交于点P，连接，取的中点Q，连接．

∵直线平分矩形的面积，∴直线过点P．．由平移的性质可知，四边形是平行四边形，∴．∵四边形是矩形，∴P是的中点．∴．当时，点A的坐标为，∴．∴抛物线平移的距离是4．【点睛】本题主要考查了求二次函数的解析式，二次函数的图象和性质，矩形的性质，平移的性质，解题的关键是掌握用待定系数法求解二次函数表达式的方法和步骤，二次函数图象上点的坐标特征，矩形的性质，以及平移的性质．易错必考题五、根据二次函数的图象判断式子符号24．（2023秋·全国·九年级专题练习）如图，抛物线与x轴交于，B两点，下列判断正确的是（

）

A． B．当时，y随x的增大而减小C．点B的坐标为 D．【答案】C【分析】根据二次函数的图象和性质，逐一进行判断即可．【详解】解：A、抛物线开口向下，，选项错误，不符合题意；B、，对称轴为，当时，y随x的增大而减小，选项错误，不符合题意；C、∵抛物线与x轴交于，对称轴为，∴点B的坐标为，选项正确，符合题意；D、∵抛物线与x轴交于，∴，∴，∴，故选项D错误，不符合题意；故选C．【点睛】本题考查二次函数的图象和性质，熟练掌握二次函数的图象和性质，是解题的关键．25．（2023秋·全国·九年级专题练习）如图，根据二次函数的图象得到如下结论：①②③④⑤当时，y随x的增大而增大⑥一定存在实数，使得成立．上述结论，正确的是（）

A．①②⑤ B．②③④ C．②③⑥ D．③④⑤【答案】C【分析】根据抛物线开口向上得出，根据抛物线和y轴的交点在y轴的负半轴上得出，根据图象关于对称，得到，即，故，根据图象与x轴的一个交点为，即可得到图象与x轴的另一个交点为，根据方程的根，把代入求出，再将代入得到，根据抛物线的对称轴和图象得出当时，y随x的增大而增大，根据函数最小值为，当时，则，即，故一定存在实数，使得成立．【详解】解：∵抛物线开口向上、顶点在y轴左侧、抛物线与y轴交于负半轴，，，抛物线关于对称，，即，，，故①错误，故②正确；∵抛物线过点，对称轴为直线，∴抛物线过点，把代入，得到，故③正确；，，，故④错误；∵抛物线开口向上，对称轴是直线，∴当时，y随x的增大而增大；故⑤错误；∵函数最小值为，∴当时，则，即，∴一定存在实数，使得成立，故⑥正确；故选：C．【点睛】本题考查二次函数图象与系数的关系，解答本题的关键是明确题意，利用二次函数的性质和数形结合的思想解答．26．（2023·黑龙江齐齐哈尔·统考模拟预测）如图，已知二次函数的图象如图所示，对于下列结论，其中正确结论的个数是（）

①；②；③；④若m为任意实数；则；⑤当时，y随x增大而先增大后减小．A．1 B．2 C．3 D．4【答案】B【分析】根据二次函数的性质进行判断求解．【详解】解：由于图像开口向上，，抛物线对称轴为，，抛物线与轴的交点在轴下方，，，①错误；有图像知，将代入得，将代入得，，②错误；有图像知，将代入得，，，③正确；当时，函数有最小值，若m为任意实数；则，，，，，，，，④正确；，，根据图像可知，时，y随x增大而先减小后增大．⑤错误；故选：B．【点睛】本题主要考查二次函数的图像和性质，熟练掌握二次函数的性质是解题的关键．27．（2023·山东·九年级专题练习）如图，二次函数的图象与轴的正半轴交于点，对称轴为直线．下面结论：①；②；③；④方程必有一个根大于且小于0．其中正确的是．（只填序号）

【答案】①②④【分析】根据题意和函数图象，可以判断各个小题中的结论是否成立，本题得以解决．【详解】解：由图象可得，则，故①正确；∵，∴，∴，故②正确；∵函数图象与x轴的正半轴交点在点和之间，对称轴是直线，∴函数图象与x轴的另一个交点在点和点之间，故④正确；∴当时，，∴，∴，故③错误；故答案为：①②④．【点睛】本题考查二次函数图象与系数的关系、二次函数图象上点的坐标特征、抛物线与轴的交点，解答本题的关键是明确题意，利用二次函数的性质和数形结合的思想解答．28．（2023秋·全国·九年级专题练习）已知二次函数的图像如图所示，有下列5个结论：①；②；③；④；⑤（的实数）．其中正确的结论有（填序号）

【答案】③④⑤【分析】由抛物线的开口方向可以得出，由抛物线与轴的交点可以判断，由抛物线的对称轴可以判断，再根据抛物线与轴的交点情况以及抛物线的顶点进行推理即可得到答案．【详解】解：①二次函数的图象开口方向向下，与轴交于正半轴，对称轴为直线，，，，故①错误，不符合题意；②二次函数的图象与轴的交点在的右边，图象开口方向向下，当时，，，，故②错误，不符合题意；③二次函数的图象与轴的另一个交点在的右边，图象开口方向向下，当时，，，故③正确，符合题意；④由①得：，，由②得：，，，故④正确，符合题意；⑤二次函数的图象的对称轴为直线，当时，取最大值，最大值为，当时，，，故⑤正确，符合题意；综上所述：正确的结论有：③④⑤，故答案为：③④⑤．【点睛】本题主要考查了二次函数的图象与各项系数符号的关系，根据二次函数的图象判断式子的符号，熟练掌握二次函数的性质，采用数形结合的方法解题，是解此题的关键．29．（2023秋·全国·九年级专题练习）如图，二次函数的图象过点，对称轴为直线．

给出以下结论：①；②；③若，为函数图象上的两点，则；④若关于的一元二次方程有整数根，则对于的每一个值，对应的值有3个．其中正确的有．(写出所有正确结论的序号)【答案】①②③【分析】由抛物线的开口方向判断与的关系，由抛物线与轴的交点判断与的关系，然后根据对称轴及抛物线与轴交点情况进行推理，进而对所得结论进行判断．【详解】抛物线开口向下，；抛物线的对称轴为直线，；抛物线与轴的交点在轴上方，，，故①正确；当时，函数有最大值，，即故②正确；抛物线的对称轴是，则在对称轴右侧，，，故③正确；抛物线的对称轴是，与轴的一个交点是，抛物线与轴的另个交点是，把，代入得，，抛物线的对称轴为直线，，，解得，．，顶点坐标为，由图象得当时，，其中为整数时，，，，又与关于直线轴对称当时，直线恰好过抛物线顶点．所以值可以有个．故④不正确；故答案为：①②③．【点睛】本题考查的是抛物线与轴的交点，熟知二次函数的图象与系数的关系、轴上点的坐标特点等知识是解答此题的关键．易错必考题六、待定系数法求二次函数的解析式30．（2023秋·全国·九年级专题练习）函数y与自变量x的部分对应值如表所示，则下列函数表达式中，符合表中对应关系的可能是（

）x124y421A． B．C． D．【答案】C【分析】根据反比例函数的坐标特征，一次函数的性质，二次函数的坐标特征即可判断．【详解】解：A、若直线过点，则，解得，所以，当时，，故不在直线上，故A不合题意；B、由表格可知，y与x的每一组对应值的积是定值为4，所以y是x的反比例函数，，不合题意；C、把表格中的函数y与自变量x的对应值代入得，解得，符合题意；D、由C可知，不合题意．故选：C．【点睛】主要考查反比例函数、一次函数以及二次函数图象上点的坐标特征，熟练掌握待定系数法是解题的关键．31．（2023秋·广东惠州·九年级校考开学考试）已知二次函数图象经过点、点点，求该二次函数的解析式，并指出图象的对称轴和顶点坐标．【答案】解析式，对称轴，顶点坐标．【分析】将点坐标代入解析式，得方程组求解，确定函数解析式，根据二次函数的性质求得对称轴，顶点坐标．【详解】解：由题意，得，解得，∴．∴对称轴：，顶点坐标．故答案为：解析式，对称轴：，顶点坐标．【点睛】本题考查待定系数法确定函数解析式，二次函数的性质；掌握二次函数的基本性质是解题的关键．32．（2023秋·全国·九年级专题练习）一个二次函数的顶点在y轴正半轴上，且其对称轴左侧的部分是上升的，那么这个二次函数的解析式可以是．【答案】（答案不唯一）【分析】根据二次函数的顶点在y轴正半轴上，且其对称轴左侧的部分是上升的，可确定，对称轴，，从而确定答案．【详解】解：∵二次函数的对称轴左侧的部分是上升的，∴抛物线开口向上，即，∵二次函数的顶点在y轴正半轴上，∴，即，，∴二次函数的解析式可以是（答案不唯一）故答案为：（答案不唯一）．【点睛】本题考查二次函数的性质，能根据增减性和二次函数图象与y轴的交点确定系数的正负是解题的关键．33．（2023春·海南海口·九年级校考阶段练习）如图，在平面直角坐标系中，二次函数的图象与x轴交于A、B两点，A点在原点的左侧，B点的坐标为，与y轴交于点．

(1)求此二次函数的解析式；(2)若点P在抛物线上，且，求点P的坐标；(3)设点E是线段上的动点，作轴交抛物线于点D，求线段长度的最大值．【答案】(1)(2)或(3)【分析】（1）待定系数法求出函数解析式即可；（2）根据，求出的横坐标，根据点在抛物线上，求出点的坐标即可；（3）将线段的长度转化为二次函数求最值即可．【详解】（1）解：∵二次函数的图象过点B，点，∴，解得：，∴；（2）∵B，，∴，∴，∵，∴，∴，∴，当时，，当时，，∴或；（3）∵，当时，，解得：，∴，∵，设直线的解析式为：，把代入，得：，∴，∵点E是线段上的动点，轴交抛物线于点D，∴设，则：，∴；∴当时，线段的长度最长为．【点睛】本题考查二次函数的综合应用．正确的求出函数解析式，利用数形结合的思想进行求解，是解题的关键．易错必考题七、二次函数与一元二次方程34．（2023秋·福建福州·九年级校考开学考试）已知抛物线（a，b，c是常数）开口向下，过，两点，且．下列四个结论：①；②若时，则；③若点，，往抛物线上，，且，则；④当时，关于x的一元二次方程必有两个不相等的实数根．其中结论正确的结论有（

）A．①③ B．①② C．③④ D．①③④【答案】D【分析】根据抛物线开口方向和对称轴位置，即可判断①；利用对称轴公式求得，由，进一步得到，即可判断②；由点，，，到对称轴的距离，即可判断③；证明判别式即可判断④．【详解】解：对称轴，对称轴在轴右侧，，，，故①正确；当时，对称轴，，当时，，，，故②错误；由题意，抛物线的对称轴直线，，点，，，在抛物线上，，且，点到对称轴的距离点到对称轴的距离，，故③正确；设抛物线的解析式为，方程，整理得，，，，，，关于的一元二次方程必有两个不相等的实数根．故④正确，故选：D．【点睛】本题考查二次函数的性质，一元二次方程的根的判别式等知识，解题的关键是读懂图象信息，灵活运用所学知识解决问题．35．（2023·重庆·九年级统考学业考试）从这八个数中，随机抽一个数，记为．若数使得二次函数的图象与轴有交点，且使得关于的分式方程有整数解，则所有满足条件的的值之和是（

）A． B． C．0 D．2【答案】A【分析】由二次函数的图象与轴有交点可得一元二次方程有实数解，确定的范围，由分式方程有整数解，确定的值即可判断．【详解】解：由题意得：方程有实数解，，且解得且，满足条件的的值为方程，解得，有整数解，，0，2，综上所述，满足条件的的值为，0，2，符合条件的的值的和是，故选：A．【点睛】本题考查二次函数图象的性质，根的判别式，分式方程的解等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．36（2023秋·山东聊城·九年级统考期末）已知二次函数的图象如图所示，并且关于的一元二次方程有两个不相等的实数根，下列结论：（1）；（2）；（3）；（4）．其中正确的个数有．

【答案】3个【分析】根据二次函数图象的开口方向、对称轴位置、与轴的交点坐标等知识，逐个判断即可．【详解】解：抛物线与轴有两个不同交点，因此，故（1）正确；由开口方向可得，，对称轴在轴右侧，、异号，因此，与轴交点在负半轴，因此，所有，，因此（2）正确，（3）错误；由关于的一元二次方程有两个不相等的实数根，就是当时，对应抛物线上有两个不同的点，即，，，，由图象可知此时因此（4）正确的，综上所述，正确的有3个，故答案为：3个．【点睛】考查二次函数的图象和性质，掌握、、的值决定抛物线的位置以及二次函数与一元二次方程的关系，是正确判断的前提．37．（2023·湖北武汉·武汉外国语学校（武汉实验外国语学校）校考模拟预测）已知抛物线．（1）若对称轴在直线处，则；（2）若顶点在y轴上，则；（3）若抛物线与y轴交点在y轴负半轴上，则k的取值范围为；（4）若抛物线与x轴有两个交点，则k的取值范围为．【答案】且【分析】（1）根据对称轴求解即可；（2）根据对称轴求解即可；（3）根据，求解即可；（4）根据且，求解即可．【详解】解：（1）对称轴在直线处，即，解得；（2）抛物线的顶点在y轴上，即，解得：；（3）抛物线与y轴交点在y轴负半轴上，即，解得；（4）抛物线与x轴有两个交点，则，且解得，且．故答案为：；；；且【点睛】此题考查了二次函数的性质，解题的关键是熟练掌握二次函数的有关性质．38．（2023秋·福建莆田·九年级校考开学考试）已知二次函数，自变量与函数的部分对应值如下表：…01234……500…(1)二次函数图象的开口方向______，的值为______；(2)点、在函数图象上，______（填、、）；(3)当时，的取值范围是______；(4)关于的一元二次方程的解为______．【答案】(1)向上，5(2)(3)(4)或【分析】（1）根据抛物线的对称性，确定抛物线的对称轴，利用对称性求出的值即可；（2）根据二次函数的性质，比较函数值的大小即可；（3）利用图象法，求自变量的取值范围即可；（4）找到函数值为5时的自变量的值，即可得解．【详解】（1）解：由表格可知：和时的函数值相同，∴抛物线的对称轴为直线，由表格可知，在对称轴的左侧，随的增大而减小，在对称轴的右侧，随的增大而增大，∴抛物线的开口向上，∵和关于对称轴对称，∴；故答案为：向上，5（2）∵抛物线的开口向上，∴抛物线上的点离对称轴越远，函数值越大，∵点、在函数图象上，，∴；故答案为：（3）由表格可知：当时，或，∴当时，的取值范围是；故答案为：．（4）由表格可知，当时，或，∴一元二次方程的解为或．故答案为：或．【点睛】本题考查二次函数的图象和性质．解题的关键是根据抛物线的对称性，求出抛物线的对称轴．易错必考题八、二次函数与不等式39．（2023·重庆·九年级统考学业考试）如图，已知抛物线与直线交于两点．则关于的不等式的解集是（

）

A．或 B．或 C． D．【答案】B【分析】根据图象写出抛物线在直线上方部分的的取值范围即可．【详解】∵抛物线与直线交于，∴不等式为：或，故选：．【点睛】此题考查了二次函数与不等式的关系，能利用数形结合求不等式的解集是解题的关键２40．（2023秋·全国·九年级专题练习）如图，抛物线与直线交于两点，则关于的不等式的解集为．

【答案】或【分析】根据题意得出：当时，则，进而结合函数图象得出的取值范围．【详解】解：根据题意得出：当时，则，由图象可得：关于的不等式的解集为：或，故答案为：或．【点睛】本题主要考查了二次函数与不等式的关系，采用数形结合的思想解题，是解答此题的关键．41．（2023秋·全国·九年级专题练习）如图，在平面直角坐标中，抛物线和直线交于点和点，则不等式的解集为．

【答案】【分析】根据已知图象，确定交点横坐标,再找出直线在抛物线上方的部分，即可得到答案．【详解】解：由图象可知，抛物线与直线交点的横坐标分别为0、3，当时，直线在抛物线上方，不等式的解集为，故答案为：．【点睛】本题考查了二次函数与不等式的关系，利用数形结合的思想解决问题是解题关键．42．（2023·江苏苏州·校考二模）如图，抛物线与直线相交于点和，抛物线还经过，

(1)求：抛物线和直线的解析式；(2)若，则x的取值范围是______．【答案】(1)，(2)或【分析】（1）将、、代入，将、代入，即可求解；（2）根据在上方的函数图象对应的函数值较大，结合图象即可求解．【详解】（1）解：由题意得，解得：，抛物线的解析式；，解得：，直线的解析式；（2）解：由图得的图象在的图象上方所对应的取值范围：或故答案：或．【点睛】本题考查了待定系数法求二次函数和一次函数解析式，根据交点求不等式的解集，掌握解法是解题的关键．43．（2023秋·全国·九年级专题练习）如图，已知二次函数图象的顶点坐标为，且经过点

(1)求该二次函数的解析式；(2)结合函数图象，填空：①当时，的取值范围是______；②当时，的取值范围是______；【答案】(1)(2)①②或【分析】（1）由于过顶点，且经过点即可用顶点式求出函数表达式．（2）①在图像上找出的范围，分析函数的增减性，从而求出此时的取值范围．②在图像上找出的范围，观察在这范围中，满足条件的范围．【详解】（1）解：经过顶点解析式可变成顶点式，即将点代入得得到表达式为变形得一般式为（2）①解：当时，函数表达式在上单调递增，在上单调递减，即在时取最小值在时取最大值所以的取值范围是．②解：当时，或当时，或结合图像分析要使即或．【点睛】本题考查二次函数的性质，解题关键是熟练掌握将函数表达式化为顶点式求函数解析式．掌握二次函数与不等式的关系．易错必考题九、二次函数y=ax2+bx+c的最值44．（2023秋·全国·九年级专题练习）已知二次函数（h为常数），当时，函数y的最大值为，则h的值为（）A．1或3 B．4或6 C．3或6 D．1或6【答案】D【分析】由题意，二次函数的对称轴为，且开口向下，则可分为三种情况进行分析，分别求出h的值，即可得到答案．【详解】解：∵，∴抛物线开口向下，对称轴为直线，顶点坐标为，将代入得，解得或1，当时，，函数最大值为0，不符合题意，当时，时，y随x增大而减小，时，函数取最大值，符合题意，当时，，解得或，当时，，不符合题意，当时，时，y随x增大而减小，时，函数取最大值，符合题意，∴或6，故选：D．【点睛】本题考查了二次函数的性质，以及二次函数的最值，解题的关键是掌握二次函数的性质，确定对称轴的位置，进行分类讨论．45．（2023秋·全国·九年级专题练习）已知二次函数（h为常数），当自变量x的值满足时，与其对应的函数值y的最大值为，则h的值为（）A．3或4 B．1或6 C．1或3 D．4或6【答案】B【分析】分，和三种情况，结合二次函数的性质，进行求解即可．【详解】解：∵，，对称轴为直线，∴抛物线的开口向下，抛物线上的点离对称轴越远，函数值越小；当时，则时，函数值y有最大值，故，解得：（舍去）；当时，的最大值为0，不符合题意；当时，则时，函数值y有最大值，故，解得：（舍去），．综上所述：h的值为1或6．故选：B．【点睛】本题考查二次函数的性质．熟练掌握二次函数的增减性，是解题的关键．46．（2023·广东广州·校考模拟预测）已知二次函数在时有最小值，则．【答案】3或【分析】将一般式化为顶点式，求出对称轴，分和，两种情况讨论求解即可．【详解】解：∵二次函数，∴对称轴为直线，①，抛物线开口向上，时有最小值，∴时，有最小值，解得：；②，抛物线开口向下，∵对称轴为直线，抛物线上的点离对称轴越远，函数值越小，又时有最小值，∴时，有最小值，解得：；故答案为：3或．【点睛】本题考查二次函数的性质，熟练掌握二次函数的性质，是解题的关键．47．（2023春·江苏扬州·八年级统考期末）如图，已知线段，点P是上一动点（不与A、B重合），分别以、为边在的同侧作正方形和，且两正方形对角线的交点分别为M、N，则长度的最小值为．

【答案】5【分析】设，则，根据正方形的性质和勾股定理，分别求得、，，再利用二次函数的性质，得出的最小值为25，即可求出长度的最小值．【详解】解：设，则，正方形和，，，，，，，在中，，，在中，，，在中，，当时，有最小值，最小值为25，长度的最小值为5，故答案为：5．【点睛】本题考查了正方形的性质，勾股定理，二次函数的性质，熟练掌握勾股定理是解题关键．48．（2023·黑龙江绥化·模拟预测）如图，在平面直角坐标系中，二次函数的图象与轴交于、两点，与轴交于，点在原点的左侧，点的坐标为，点是抛物线上一个动点，且在直线的上方．

(1)求这个二次函数的表达式．(2)连接、，并把沿翻折，得到四边形，那么是否存在点，使四边形为菱形？若存在，请求出此时点的坐标；若不存在，请说明理由．(3)当点运动到什么位置时，使的面积最大，求出点的坐标和的面积最大值．【答案】(1)(2)存在，点的坐标为(3)点的坐标为，的面积的最大值为【分析】（1）利用待定系数法可直接求出二次函数的解析式；（2）先设出点的坐标，再求出的坐标，利用菱形的对角线互相垂直且邻边相等即可求出点的坐标；（3）先设出点的坐标，然后作平行轴交与点，将三角形和三角形的面积表示出来，再求出最大值的条件和最大值．【详解】（1）解：把点，点的坐标代入，得，解得，二次函数得表达式为；（2）解：存在点，使四边形为菱形，设，交于点，若四边形是菱形，则，连接，则，，，解得，不合题意，舍去，点的坐标为；

（3）解：如图，过点作轴的平行线与交于点，

设，设直线的解析式为，则有，解得：，∴直线的解析式为，则，，当时，的面积最大，将代入，得，点的坐标为，的面积的最大值为．【点睛】本题主要考查二次函数的综合应用，关键是要会用待定系数法求抛物线的解析式，还要牢记菱形的性质：菱形的对角线互相垂直，菱形的四条边都相等，对于求三角形面积最大值的问题，一般是将三角形分割成两个三角形，即作轴的平行线或轴的平行线，然后再利用面积公式得出一个二次函数，求出顶点的纵坐标即是最大值．易错必考题十、二次函数的销售问题49．（2023秋·云南临沧·九年级统考期末）为庆祝第五个中国农民丰收节，宣传玉龙县特色农产品，“迎盛会·庆丰收·促振兴”农特产品展销推荐会在白华生态农贸市场举行．某农户销售一种商品，成本价为每千克40元，按规定，该商品每千克的售价不低于成本价，且不高于60元．经调查每天的销售量（千克）与每千克售价（元）满足一次函数关系，部分数据如下表：售价（元/千克）405060销售量（千克）12010080设销售该商品每天的利润为（元），则的最大值为（

）A．1800 B．1600 C．1400 D．1200【答案】B【分析】设出与的函数关系式，把，代入求出关系式，再根据题意列出利润的二次函数关系式，根据二次函数的性质和实际情况求解最大值即可．【详解】提示：设与的函数关系式，把，代入，得，解得，∴，由题意得，∵，开口方向向下，∴当时，随的增大而增大，又∵，∴时，（元）．故选：B．【点睛】本题考查了一次函数和二次函数的应用，根据题意列出相关函数关系式是解题的关键．50．（2023秋·全国·九年级专题练习）某商场经营一种小商品，已知进购时单价是20元．调查发现：当销售单价是30元时，月销售量为240件，而销售单价每上涨1元，月销售量就减少10件，但每件商品的售价不能高于40元．当月销售利润最大时，销售单价为（

）A．35元 B．36元 C．37元 D．36或37元【答案】C【分析】根据利润=数量×每件的利润就可以求出关系式，根据（1）的解析式，将其转化为顶点式，根据二次函数的顶点式的性质就可以求出结论．【详解】解：依题意得：y=（30-20+x）（240-10x）y=-10x2+140x+2400．∵每件首饰售价不能高于40元．∴0≤x≤10．∴求y与x的函数关系式为：y=-10x2+140x+2400，x的取值范围为0≤x≤10；∴y=-10（x-7）2+2890．∴a=-10＜0．∴当x=7时，y最大=2890．∴每件首饰的售价定为：30+7=37元．∴每件首饰的售价定为37元时，可使月销售利润最大，最大的月利润是2890元．故选C．【点睛】本题考查了二次函数的解析式的运用，根据解析式的函数值求自变量的值的运用，二次函数的顶点式的性质的运用，解答时求出二次函数的解析式是关键．51．（2023秋·九年级课时练习）某超市销售一种饮料，每瓶进价为9元．经市场调查表明，当售价在10元到14元之间（含10元，14元）浮动时，日均销售量（瓶）与每瓶销售价（元）之间满足函数关系式．当销售价格定为每瓶元时，所得日均毛利润最大（每瓶毛利润=每瓶售价-每瓶进价）．【答案】13【分析】设总利润为元，每瓶销售价为元，则每瓶利润为元，根据“总利润=每瓶利润销售量”表示出与的关系式，利用二次函数的性质求解即可．【详解】解：设总利润为元，每瓶销售价为元，则每瓶利润为元，根据题意，可得，∵，∴当时，可有元．即当销售价格定为每瓶13元时，所得日均毛利润最大．故答案为：13．【点睛】本题主要考查了利用二次函数解决销售问题，理解题意，正确列出函数解析式是解题关键．52．（2023春·九年级单元测试）某市政府加大各部门和单位对口扶贫力度．某单位的帮扶对象种植的农产品在某月，（按天计）的第天（为正整数）的销售价格（元/千克）关于的函数关系式为，销售量y（千克）与之间的关系如图所示．（1）求与之间的函数关系式为；（2）若该农产品当月的销售额最大，最大销售额是．（销售额=销售量×销售价格）【答案】【分析】（1）根据函数图象中的数据，可以得到与之间的函数关系式，并写出的取值范围；（2）根据题意和（1）中的结果，可以得到销售额与之间的函数关系，然后根据二次函数的性质，即可得到当月第几天，该农产品的销售额最大，最大销售额是多少．【详解】（1）解：当时，设与的函数关系式为，将点，代入，得：，解得：，∴此时与的函数关系式为；当时，设与的函数关系式为，将点，代入，得：，解得：，∴此时与的函数关系式为，综上可知，与的函数关系式为．故答案为：；（2）设当月第天的销售额为元，当时，，当时，取得最大值，此时；当时，，当时，取得最大值，此时．综上可知，当时，取得最大值，此时．故答案为：．【点睛】本题考查一次函数的应用，二次函数的应用，解答本题的关键是明确题意，正确列出函数关系式．53．（2023春·江苏南京·九年级校考阶段练习）商社电器销售部门从厂家购进了、两种型号的空气净化器．已知一台型空气净化器的进价比一台型空气净化器的进价多300元，用7500元购进型空气净化器和用6000元购进型空气净化器的台数相同．(1)一台型空气净化器和一台型空气净化器的进价各为多少元？(2)在销售过程中，型空气净化器因为净化能力强、噪音小而更受消费者的欢迎．为了增大型空气净化器的销量，商社电器决定对型空气净化器进行降价销售，经市场调查，当每台型空气净化器的售价为1800元时，每天可卖出4台，在此基础上，每台售价每降低50元，每天将多售出1台．请问当商社电器将每台型空气净化器的售价定为多少元时，每天销售型空气净化器的利润最大，最大值为多少？【答案】(1)每B型空气净化器、每台A型空气净化器的进价分别为1200元，1500元；(2)当商社电器将每台型空气净化器的售价定为元时，每天销售型空气净化器的利润最大，最大值为3200．【分析】（1）设每台B种空气净化器为x元，A种净化器为元，根据用6000元购进B种空气净化器的数量与用7500元购进A种空气净化器的数量相同，列方程求解；（2）设B型空气净化器的售价为a元，每天销售的B型空气净化器的利润为w元，则可得w关于x的二次函数，即可求得结果．【详解】（1）解：设每台B型空气净化器为x元，A型净化器为元，由题意得，＝，解得：，经检验是原方程的根，则，答：每B型空气净化器、每台A型空气净化器的进价分别为1200元，1500元；（2）解：设B型空气净化器的售价为a元，每天销售的B型空气净化器的利润为w元，则每天的销售量为个，由题意得：，整理得：，∵，∴当时，w最大，且最大值为3200．即当商社电器将每台型空气净化器的售价定为元时，每天销售型空气净化器的利润最大，最大值为3200．【点睛】本题考查了分式方程的应用及二次函数的实际应用，正确理解题意，找到等量关系列出方程及函数关系式是解题的关键．易错必考题十一、二次函数在实际生活中的应用54．（2023·陕西西安·西安市铁一中学校考三模）西安大雁塔音乐喷泉是西安的一张名片，许多人慕名前往．若其中一组喷泉水型可近似看成抛物线族，如图出立坐标系后，可由函数确定，其中1为实数．若其中某个喷泉水柱的最大高度是4，则此时对应的t值为（）A．2 B．4 C．2或 D．4成【答案】C【分析】由可得其对称轴为：，当时，，即有，解方程即可求解．【详解】由可得其对称轴为：，根据，可知：当时，，即有：，解得：，故选：C．【点睛】本题考查了二次函数的图象与性质以及二次函数的应用等知识，明确题意，得出当时，，是解答本题的关键．55．（2023·全国·九年级专题练习）如图所示的是卡塔尔世界杯足球比赛中某一时刻的鹰眼系统预测画面（图1）和截面示意图（图2），足球的飞行轨迹可看成抛物线，足球离地面的高度与足球被踢出后经过的时间之间的关系的部分数据如下表：

01230则该运动员踢出的足球在第落地．【答案】【分析】设抛物线解析式为，将对应值代入解析式得方程组，求解确定函数解析式，进而确定时，t的值．【详解】设抛物线解析式为根据题意，得，解得∴，时，，解得，故答案为：8．【点睛】本题考查待定系数法确定二次函数解析式，根据题意确定方程组是解题的关键．56．（2023·陕西西安·陕西师大附中校考模拟预测）某公司生产A型活动板房的成本是每个3500元．图1表示A型活动板房的一面墙，它由长方形和抛物线构成，长方形的长，宽，抛物线的最高点E到的距离为．

(1)按图1中所示的平面直角坐标系，求该抛物线的函数表达式；(2)现将A型活动板房改造成为B型活动板房．如图2，在抛物线与之间的区域内加装一扇长方形窗户，点G、M在上，点F、N在抛物线上，窗户的成本为150元/．已知，求每个B型活动板房的成本．（每个B型活动板房的成本＝每个A型活动板房的成本＋一扇窗户的成本）【答案】(1)(2)每个B型活动板房的成本为3725元【分析】（1）根据题意得出，设该抛物线的函数表达式为，利用待定系数法求解即可；（2）根据题意得出，继而求出矩形的面积，列式求解即可．【详解】（1）∵长方形的长，宽，抛物线的最高点E到的距离为，∴，∴，∴，设该抛物线的函数表达式为，把代入，得，解得，∴该抛物线的函数表达式为；（2）∵，∴，当时，，∴，，∴，∴（元），所以，每个B型活动板房的成本为3725元．【点睛】本题考查了二次函数的实际应用，准确理解题意，熟练掌握二次函数的图象和性质是解题的关键．易错必考题十二、二次函数中的存在性问题57．（2023秋·云南临沧·九年级统考期末）如图，抛物线与x轴交于、两点，与y轴交于点C．

(1)求抛物线的解析式；(2)若点D是抛物线上的一点，当的面积为10时，求点D的坐标；(3)点P是抛物线对称轴上的一点，在抛物线上是否存在一点Q，使得以B、C、P、Q为顶点的四边形是平行四边形？若存在，求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)抛物线的解析式为：(2)点D的坐标为或(3)存在满足条件的Q点的坐标为或或【分析】（1）利用待定系数法求解析式即可；（2）设点D的坐标为，利用的面积为10，列出等式求解即可；（3）分情况讨论，当为四边形的对角线时或当为边时，分别求解即可．【详解】（1）将、代入得，，解得：，∴抛物线的解析式为：；（2）设点D的坐标为，、，，∴，即，∴或（无解舍去），解得：，，∴点D的坐标为或；（3）抛物线的对称轴为：，假设存在，设，，，分两种情况讨论：当为四边形的对角线时，，，∴，即，此时点Q的坐标为；②当为边时，，，∴，即，解得：或，此时点Q的坐标为或．综上所述，存在满足条件的Q点的坐标为或或．【点睛】本题是二次函数的综合题，考查待定系数法求解析式，三角形面积问题，以及二次函数中平行四边形存在问题，熟练掌握二次函数的图象与性质是解题的关键．58．（2023春·广东河源·九年级校考开学考试）如图，在平面直角坐标系中，二次函数的图象与x轴交于A、B两点，A点在原点的左侧，B点的坐标为，与y轴交于点，点P是直线下方的抛物线上一动点．

(1)求这个二次函数的表达式．(2)连接，并把沿翻折，得到四边形，那么是否存在点P，使四边形为菱形？若存在，请求出此时点P的坐标；若不存在，请说明理由．(3)当点P运动到什么位置时，四边形的面积最大？求出此时P点的坐标和四边形的最大面积．【答案】(1)(2)存在，P点的坐标为；(3)当时，四边形的面积最大，P点的坐标为，最大值为．【分析】（1）将B、C的坐标代入抛物线的解析式中即可求得待定系数的值；（2）由于菱形的对角线互相垂直平分，若四边形为菱形，那么P点必在的垂直平分线上，据此可求出P点的纵坐标，代入抛物线的解析式中即可求出P点的坐标；（3）由于的面积为定值，当四边形的面积最大时，的面积最大；过P作y轴的平行线，交直线于Q，交x轴于F，易求得直线的解析式，可设出P点的横坐标，然后根据抛物线和直线的解析式求出Q、P的纵坐标，即可得到的长，以为底，B点横坐标的绝对值为高即可求得的面积，由此可得到关于四边形的面积与P点横坐标的函数关系式，根据函数的性质即可求出四边形的最大面积及对应的P点坐标．【详解】（1）解：将B、C两点的坐标代入得，解得：；所以二次函数的表达式为：；（2）解：存在点P，使四边形为菱形；设P点坐标为，交于E若四边形是菱形，则有；连接，则于E，

∵，∴，又∵，∴∴；∴解得，（不合题意，舍去），∴P点的坐标为；（3）解：过点P作y轴的平行线与交于点Q，与交于点F，

设，设直线的解析式为：，则，解得：，∴直线的解析式为，则Q点的坐标为；当，解得：，∴，当时，四边形的面积最大此时P点的坐标为，四边形ABPC的面积的最大值为．【点睛】此题考查了二次函数解析式的确定、菱形的判定和性质以及图形面积的求法等知识，当所求图形不规则时通常要将其转换为其他规则图形面积的和差关系来求解．59．（2023秋·全国·九年级专题练习）定义：由两条与x轴有着相同的交点，并且开口方向相同的抛物线所围成的封闭曲线称为“月牙线”．如图①，抛物线与抛物线组成一个开口向下的“月牙线”，抛物线与抛物线与x轴有相同的交点M，N（点M在点N左侧），与y轴的交点分别为点，．

(1)求出点M，N的坐标和抛物线的解析式；(2)点P是x轴上方抛物线上的点，过点P作轴于点E，交抛物线于点Q，试证明：的值为定值，并求出该定值；(3)如图②，点D是点B关于抛物线对称轴的对称点，连接，在x轴上是否存在点F，使得是以为腰的等腰三角形？若存在，请求出点F的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)，；(2)证明见解析，该定值为2(3)在x轴上存在点F，使得是以为腰的等腰三角形，点F的坐标为或【分析】（1）先由求得，，可得点M，N的坐标，将点，代入抛物线，利用待定系数法即可求抛物线的解析式；（2）设，则，可得，，进而可得，即可证得结论；（3）由抛物线：可得点，两条抛物线的对称轴均为直线，进而求得，连接，由于等腰直角三角形可知，分两种情况讨论：当时，，当时，，分别进行讨论即可求解．【详解】（1）解：∵抛物线与x轴交于点M、N，且当时，解得，，∴，；将点，代入抛物线，得，解得∴抛物线的解析式为；

3分（2）证明：设，则，∴，，∴，∴的值为定值，该定值为2；（3）存在．由抛物线：可得点，两条抛物线的对称轴均为直线，∵点D是点B关于抛物线对称轴的对称点，，∴，如解图，连接，∵，∴为等腰直角三角形，∴，假设存在，设点，分两种情况讨论：①当时，，如解图①，过点D作轴于点C，连接，，则，，由勾股定理可知，∴，解得：，，∴，；

②当时，，如解图②，由勾股定理可得，∴，此方程无解，∴此种情况不存在．综上所述，在x轴上存在点F，使得是以为腰的等腰三角形，点F的坐标为或．【点睛】本题考查二次函数的综合应用，涉及待定系数法，对称变换等知识，解题的关键是用含字母的式子表示相关点坐标和相关线段的长度．60．（2023·浙江·九年级假期作业）如图，在平面直角坐标系中，已知抛物线交轴于、两点，交轴于点．(1)求点、、的坐标；(2)将抛物线向右平移1个单位，得到新抛物线，点在坐标平面内，在新抛物线的对称轴上是否存在点，使得以、、、为顶点的四边形是矩形？若存在，请求出点的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)，，(2)存在，点的坐标为或【分析】（1）分别令和，求解即可；（2）先求得平移后的抛物线的解析式，再分情况讨论：当为对角线时，当为对角线时，根据矩形的性质求解即可．【详解】（1）解：令，则，解得，，，令，则，．（2），，对称轴为．当为边时，分两种情况：当为对角线时，连接，