2020年山西百校联考中考物理模拟试卷（一）（附答案详解）

2020年山西百校联考中考物理模拟试卷（一）

一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）

1.（2020•山西省•模拟题）失传已久的“五弦琵琶”被我国著

名弦乐演奏家方锦龙复原。如图所示，是他演奏“五弦琵

琶”时的情景，有关说法正确的是（）

A.“五弦琵琶”发声不需要琴弦振动

B.“五弦琵琶”声与钢琴声的区别主要是音调不同

C.“五弦琵琶”声振动有规则，不可能是噪声

D.现场观众听到的“五弦琵琶”声是由空气传播到人耳的

2.（2020.山西省•模拟题）每年电路起火的事故都会造成重大的生命伤害和财产损失,

“安全用电，责任重大”，以下关于安全用电说法正确的是（）

A.电路起火都是由于短路引起的

B.发生电路起火时，需要先用水及时扑灭

C.用铜丝代替保险丝可以防止电路起火

D.防止电路起火要定期检修电路，更换老化的电线

3.（2021.全国•模拟题）如图所示，是刷脸支付的应用场景。

在支付时，用一小摄像头拍摄人像对用户进行人脸识别,

验证通过即可完成支付。下列关于摄像头所成像特点的

说法正确的是（）

A.倒立、缩小的实像B.倒立、放大的实像

C.正立、缩小的实像D.正立、放大的虚像

4.（2021•陕西省西安市♦月考试卷）仲国诗词大会少深受观众喜爱，下列诗词中涉及的

物态变化现象解释正确的是（）

A.风雨送春归，飞雪迎春到-雪是升华形成的

B.岚雾今朝重，江山此地深-雾是汽化形成的

C.露从今夜白，月是故乡明-露是液化形成的

D.不知明镜里，何处得秋霜-霜是凝固形成的

5.（2020•山西省•模拟题）如图所示，北京大兴国际机场航站楼设计精巧，拥有“五指指

廊”结构，寓意“凤凰展翅”。普通成年人以正常步行速度从中央大厅走到A登机

口，需要的时间大约为8min,请你根据图片信息估测AB两登机口之间的距离大约

为（）

A.50机B.100/MC.500〃？D.1000/n

6.（2020•山西省•模拟题）如图所示，是小亮为同学们演示按压圆

珠笔，松手后笔即刻弹起的实验情景，对于这一过程分析解释

正确的是（）

A.笔离开桌面的上升过程动能转化为重力势能

B.笔在离开桌面的上升过程中做匀速直线运动

C.笔离开桌面的上升过程受到弹力和重力

D.向下按压时，笔对桌面的压力和桌面对笔的支持力是一对平衡力

7.（2020•山西省•模拟题）小亮发现骑车上学的同学们，因为赶时间经常忘记收起自行车

支架便骑车或没有锁车就离开，因此他设计了提醒收支架和锁车的电路。当车的支

架支起（开关S］闭合时，蜂鸣器响起，提醒锁车；当车上好锁抽出钥匙（开关52断开

如下图所示的四个电路设计，其中符合要求的是（）

T蜂鸣器卜＜-

B.

I万

T蜂呜器卜［九

D.

8.（2020.山西省.模拟题）创新小组的同学们在综合实践活动

中，模拟设计了一种“波浪能量采集船”，如图所示，

在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”，“工作臂”

的底端装有紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时，工作臂就随之移动，产生

了电能，并把它们储存到船上的大容量电池中。关于能量采集的过程，下列说法正

确的是（）

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A.能量采集的过程将电能转化为机械能

B.能量采集的过程将化学能转化为电能

C.能量采集船的工作原理与发电机的原理相同

D.能量采集船的工作原理与电动机的原理相同

9.（2021•上海市・单元测试）密度知识与生活联系非常紧密,下列关于密度的一些说法正

确的是（）

A.1依冰与1依水的密度相等

B.乒乓球不慎被挤瘪但无破损，球内气体密度变大

C.为减轻质量，比赛用自行车采用强度高、密度大的材料制造

D.冬季湖面结冰，湖水按温度不同分层排列，4。（：水位于最下层，密度最小

10.（2020•山西省・模拟题）图1中所示的装置是水位监测仪，图甲是该水位监测装置的模

拟电路图。柱形绝缘容器A内部左右两面插有竖直薄金属板并与电路连接，底部有

一小孔与湖水相通，且容器底面与警戒水位相平。已知电源电压恒为6匕小灯泡

标有“2V2W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。两金属板间的湖水电阻R与x

的关系如图乙所示Q为容器内水柱高度h的倒数，即x=Ze1）。则下列说法中正确

甲乙

图1图2

A.容器内水柱越高，两金属板间的湖水电阻R越大

B.将电流表改为水位计，水位越高电流表示数越大

C.当湖水水位高于警戒水位5,”时，灯泡的实际功率大于2W

D.当湖水水位高于警戒水位0.4m时，电流表示数为0.64

二、填空题（本大题共1小题，共2.0分）

11.（2020•山西省•模拟题）如图所示为铺设在地板下的地热管

道，利用热水在管道内的循环向室内供暖，这是利用了水

具有较大的的特点，这种改变内能的方式叫做

三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）

12.（202。山西省.模拟题）用如图所示的夹子夹核桃,如果将核桃放在夹子里的同一位置

（C或D）,请你选择在A点或3点施加一个能够把核桃夹裂的最小力F,并画出这

个力的示意图。

四、实验探究题（本大题共5小题，共23.0分）

13.（202。山西省.模拟题）在“探究平面镜成像特点”的实验中：

（1）用玻璃板代替平面镜的目的是______;L.J

（2）将光屏放在玻璃板后像的位置，光屏上（选填“能”\/

或“不能”）承接到像；

（3）如图所示是从平面镜中看到对面墙上时钟的像，则该时钟此时显示的实际时间

是。

14.（2020•山西省・模拟题）小明同学用图甲所示实验器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡

L的额定电压为2.5匕额定功率不大于1W,电源电压恒为3%滑动变阻器R的规

格为“20014”，图甲所示是该实验没有连接完整的电路.

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(1)请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整；

(2)正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表

无示数，电压表示数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因可能是

(3)排除故障后，通过正确操作，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示,

则小灯泡的额定功率为W;

(4)小红也做了同样的实验，并将实验数据记录在下表中。分析表中数据，指出小

红在实验中存在的问题是

实验次数123

电压“0.51.52.5

电流"10.400.280.12

15.(2020.山西省.模拟题)如图甲所示是小明“探究物体所受浮力大小”的实验过程示

意图。

甲

(1)实验步骤A中弹簧测力计的读数为N；

(2)完成如图所示的A、B、C,。、E实验，可初步得出的结论是

(3)图乙是小明将物块缓慢浸入水中时，弹簧测力计示数尸随浸入深度h变化的关

系图像，分析图像，能够获得的物理规律是(写出一条即可)。

16.(2020•山西省•模拟题)电风扇是夏天必备的乘凉工具，小明想知道

风扇产生的空气流动强度大小与风扇的哪些因素有关。他猜想可

能与风扇的扇叶宽度和扇叶倾斜角度有关系。为此他制作了几个/

不同的小风扇，用转速为300转/分的电动机分别带动，去吹动同'

一位置的同一纸片(如图所示).下表为实验记录的数据。

扇叶倾斜纸片被吹起的

序号扇叶宽度扇叶长度

角度。角度a

13cm30°1cm30°

22cm30°1cm20°

33cm50°1cm40°

(1)实验中纸片被吹起的角度越大，则风扇产生的空气流动强度越。

(2)表格中的序号1和3的两次实验，小明想研究的问题是o

(3)分析表格中的序号1和2的两次实验数据,小明可以得出的被步结论为。

(4)为了使实验结论更可靠，除了每组实验重复多做几次外，请你再写出一点改进

建议：»

17.(2020.山西省.模拟题)小明有三块厚薄不同但口径相同的玻璃凸透镜,他想用会聚能

力最强的一块制作“太阳能火柴”会聚太阳光，点燃干木柴。请你选择适当的器材

设计实验帮他找出会聚能力最强的一块凸透镜.

(1)实验器材：:

(2)实验步骤：；

(3)实验结论：。

五、简答题(本大题共1小题，共4.0分)

18.(2021•四川省自贡市•模拟题)小明在实验室进行实验，把多个小灯泡串联在电路当中,

发现串联的小灯泡越多，小灯泡越暗，请你帮助他分析其中的原因。

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六、计算题（本大题共2小题，共11.0分）

19.（2020•山西省•模拟题）如图所示为一款智能恒温加热杯垫，它具有加热和保温两挡调

温功能，当它处于保温挡时，能够使水温长期保持在60久左右，主要参数如下表所

示。

品名：恒温加热底座

净重:235g

额定电压：220y

加热功率：16W

保温功率：8W

求：（1）用加热杯垫将500g水由20。（：加热到6（TC需要2儿则该杯垫的加热效率是多

少？[c次=4.2xl03〃（kg.℃）]

（2）1度电可以使该加热杯垫在保温状态下工作多少小时？

20.（2020•山西省・模拟题）跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在

某次跳伞训练过程中，一位体重为600N的运动员从空中悬停的直升机上由静止开

始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经15s下落210机后，再匀速直线下

落15s,求:

(1)若运动员站立在水平地面上时，对水平地面的压强为1.5x104「a则他双脚与

地面的接触面积是多少；

(2)运动员在这30s内下落的总高度和这30s内重力做的功;

(3)匀速下降时重力做功的功率。

七、综合题(本大题共2小题，共8.0分)

21.(2020.山西省.模拟题)2019年9月28日，中国女排夺得第十个

世界大赛冠军，为新中国成立70周年华诞送上了一份特殊的

生日礼物。如图所示是女排运动员在扣球时的场景，排球离开

手后，能够继续向前飞行是由于;向前飞行时，如果

所有外力突然全部消失，排球将会。

22.(202。山西省.模拟题)阅读短文，回答问题。

热机小史

生产的发展需要更为强大的动力，17世纪，人类发明了热机。最早的热机是蒸汽

机。英国人瓦特，在1782年发明了往复式蒸汽机，使蒸汽机成为可以广泛使用的

动力机。后来，交通运输的发展迫切需要比较轻便的热机。于是，内燃机应运而生。

1876年发明了汽油机，1892年发明了柴油机。

早期的飞机是由内燃机提供动力的。从上世纪40年代开始，飞机上日益普遍使用

喷气式发动机，它靠向后高速喷出气体而前进。在功率相同时，喷气式发动机比内

燃机更轻便，这就使生产高速的大型飞机成为可能。

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(1)发明了往复式蒸汽机，物理学中用他的名字命名了这个物理量

的单位；

(2)早期的飞机获得动力的过程是把能转化为能；

(3)喷气式发动机靠前进，其利用的物理原理是。

答案和解析

1.【答案】D

【知识点】声音的传播条件、声音的产生、音色、噪声的来源

【解析】解：A、“五弦琵琶”是因为琴弦振动而发声的；故A错误；

8、“五弦琵琶”声与钢琴声的区别主要是音色不同；故8错误；

C、“五弦琵琶”声振动有规则，如果影响到人们的工作，休息，睡眠就成了噪声：故

C错误；

现场观众听到的“五弦琵琶”声是由空气传播到人耳的；故。正确。

故选：。。

(1)声音是由物体的振动产生的；

(2)音调指声音的高低，响度指声音的强弱，音色指声音的特色；

(3)从日常生活的角度来分类，凡是影响人的正常生活和休息的声音都可以称之为噪声;

(4)声音的传播需要介质，气体、液体和固体都能够传播声音。

本题考查了声音的产生和传播、音调和音色的区分、噪声的定义等知识的理解和应用，

属于声学基础知识的考查。

2.【答案】D

【知识点】安全用电常识

【解析】解：A、电路起火，可能是由于短路引起，也可能是由于用电器总电功率过大

引起的，故A错误；

8、生活用水是导体，电器设备失火时，先泼水，易引起救火者发生触电事故，所以家

用电器或电线失火时，要先切断电源，再救火，故B错误；

C、当用铜丝代替后，铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，

起不到保护电路的作用，故C错误；

。、电线的绝缘皮老化、破损时.，容易造成短路，引起火灾，所以为防止电路起火要定

期检修电路，更换老化的电线，故。正确。

故选：Do

(1)电路起火是由于电流过大引起的，而家庭电路电流过大的原因：短路、用电器总电

功率过大；

(2)生活用水是导体，电器设备失火时，先泼水，易引起救火者发生触电事故；

(3)保险丝的作用是电路中电流过大时，自身熔断切断电路，从而起到保护电路的作用；

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保险丝是用电阻率大、熔点低的铅睇合金制成；

(4)电线的绝缘皮老化、破损时应及时更换，否则容易因漏电发生触电事故或造成短路。

本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确

规范操作，就不会有危险发生。

3.【答案】A

【知识点】凸透镜成像规律及应用

【解析】解：摄像头的镜头相当于凸透镜，是利用物体在凸透镜的2倍焦距以外时，成

倒立、缩小的实像的原理工作的，与照相机的成像原理相同。

故选:Ao

摄像头的镜头相当于凸透镜，是利用物体在凸透镜的2倍焦距以外时，成倒立、缩小的

实像的原理工作的，据此可判断摄像头所成像的特点。

本题考查了凸透镜成像及其应用，与实际生活联系密切，是一道基础题。

4.【答案】C

【知识点】液化现象

【解析】解：A、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故A错误；

8、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故8错误；

C、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故C正确；

D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故D错误；

故选：C。

物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫

液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

5.【答案】C

【知识点】速度的计算及应用

【解析】解：成年人正常步行的速度"=lm/s,行走的时间大约为t=8min=480s；

根据u=：可知，A8两登机口之间的距离大约为为：s=vt=lm/sX480s=480m,

故C最符合题意。

故选：Co

成年人正常步行的速度在lm/s左右，根据速度公式求出路程的大小。

本题考查了速度的估算、速度公式的应用，属于基础知识，要掌握。

6.【答案】A

【知识点】动能和势能的转化、匀速直线运动、平衡力和相互作用力的辨析

【解析】解：

A、笔弹起离开桌面上升过程中，笔的速度减小、高度增加，即动能转化为重力势能，

故A正确；

BC,笔在离开桌面的上升过程中，受到重力、空气阻力的作用，不再受到弹力的作用，

受力不平衡，做的是变速运动，故BC错误；

。、图中向下按压时，笔对桌面的压力和桌面对笔的支持力，二力的大小相等、方向相

反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力；故。错误。

故选：A。

(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；

(2)(3)笔在空中运动时，受力不平衡；

(3)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线

±;平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。

本题主要考查动能和势能的相互转化、平衡力和相互作用的区分，平衡力和相互作用力

容易混淆，注意区分：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上•不同点：

平衡力是一个受力物体，发生在两个物体之间；相互作用力是两个受力物体，发生在两

个物体之间。

7.【答案】D

【知识点】串、并联电路的设计

【解析】解：

由题知，当车支架支起(Si闭合时)蜂鸣器响起，当车上锁(S2断开)，蜂鸣器停止发声，

说明Si、S2闭合时蜂鸣器工作，只闭合其中一个开关时蜂鸣器不工作，则两开关串联共

同控制蜂鸣器。

4、由电路图可知，当车支架支起(S2闭合时)，会造成电源短路，蜂鸣器不工作，故A

错误；

B、由电路图可知，S2闭合，无论车支架是否支起(Si是否闭合时)，蜂鸣器都工作，故8

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错误；

C、由电路图可知，S2闭合，无论车支架是否支起（S1是否闭合时），都会造成电源短路，

故C错误；

。、由电路图可知，当车支架支起（S1闭合时），电路为通路，蜂鸣器响起，当车上锁（S2断

开），电路断路，蜂鸣器停止发声，故。正确。

故选：D。

由题意可知，当车的支架支起时蜂鸣器响起，说明52、S1、电源、蜂鸣器组成的电路通

路；当车上好锁抽出钥匙后蜂鸣器停止发声，说明S2、S1、电源、蜂鸣器组成的电路断

路，据此逐项分析选项。

本题考查了电路图的设计，根据题意得出两开关的连接方式和工作状态是关键。

8.【答案】C

【知识点】电磁感应

【解析】解：当波浪使浮标上下浮动时，工作臂就随之移动，产生了电能，这是电磁感

应现象，与发动机的原理相同，此过程中机械能转化为电能，故C正确。

故选：Co

机械能转化为电能，应该是消耗机械能产生电能的现象。

分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的

能量。

9.【答案】B

【知识点】密度、物质鉴别、影响密度的因素

【解析】解：A、水和冰属于同种物质，状态不同，所以密度不同。故A错误；

8、乒乓球不慎被挤瘪但无破损，球内气体质量不变，体积变小，故密度变大。故B正

确；

C、自行车的体积一定，由加=0，可知，材料的密度越小，自行车的质量越小，比赛用

自行车采用强度高、密度小的材料制造。故C错误；

。、水在4T时，密度最大，在最底层。故。错误。

故选：B。

①密度是物质的特性，它不随质量和体积而变化，与物质的种类、状态和温度有关；

②制作不同的物体选用密度不同的材料，主要是根据物体的用途来决定的；

③水在1C〜4国范围内有热缩冷胀的特点。

本题考查了密度知识在生活中的应用，我们要学会用我们学过的知识分析生活中的物理

现象。

10.【答案】B

【知识点】电路变化分析、电功率的计算、欧姆定律在串、并联电路中的应用

【解析】解：

由图甲知灯泡、电流表与金属块间湖水电阻串联，由图乙知，R与9成正比，所以/z越

大，R越小，

A、容器内水柱越高时，A内湖水电阻R变小，电路中的总电阻变小，由/=9可知，电

流表的示数变大，故A错误；

B、由。=火可得灯泡电阻：&=答=驾=20,

RP额2W

由图像可知，R=4。时，x=0.2m-1,R=80时，x=0.4m-1,

设R=kx+b,贝ij4O=kx0.2m~1+b,80=Zx0.4m-1+b,

解得：k—20/2-m,b=0,

所以与的关系式：

RxR=20n-mxx=h

串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以/与人的关系式：

/=而=汨画；由表达式可知，将电流表改为水位计时，/与//不成比例，电流表

h

的示数变化不均匀，即水位计的刻度不均匀，力越大，电流越大，故B正确；

C、当湖水水位高于警戒水位5机时，根据图像可知，x=0.2m-1,R=412；

此时电路中的电流为：/=七=小］=14

r\£TnZJZT4-JZ

r6V

电路中的电流为：/=五率匹=

h

P额2W

由「=叼可得，灯泡正常发光时的电流：IL=-^=—=lAf

通过灯泡的出流等于其额定电流，故灯泡正常发光，其功率为2W,故C错误;

6V3Vxh

D、由3知/与力的表达式，所以当h=0.4m时，/r=如।zoo•沅=10x1100•甲二

3VX0.4m

0.124故。错误。

inx0.4m+10nm

故选：及

(1)容器内水位上升时，根据湖水的电阻的变化利用欧姆定律得出电流表的示数变化；

(2)由P=?计算灯泡电阻，根据图像得出R与x的关系式，再根据电阻的串联和欧姆

第14页，共23页

定律得出/与h的关系式，分析关系式中/与/?的关系判断将电流表改为水位计时刻度

是否均匀；

(3)h=5m时，根据图像得出此时R的电阻，然后根据欧姆定律求出此时的电流，与灯

泡的额定电流相比较，判定灯泡的工作情况；

(4)由8中/马力表达式计算湖水水位高于警戒水位0.4m时电流表的示数。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，由图像判断水位的高

度，体现了物理在实际生活中的应用，本题难点在于分析电流表改为水位计时，水位计

的刻度是否均匀。

11.【答案】比热容热传递

【知识点】比热容解释简单的自然现象、改变物体内能的两种方式

【解析】解：

(1)“水地暖”以水为媒介，是因为水的比热容大，和质量相同的其它物质相比，降低

相同的温度，水放出的热量多，取暖效果好；

(2)“水地暖”取暖过程中，没有能量的转化，是通过热传递的方式改变物体内能的。

故答案为：比热容；热传递。

(1)水的比热容比较大，和质量相同的其它物质相比，降低相同的温度，水放出的热量

多；

(2)改变内能的方式有两种：做功和热传递。

本题考查了改变内能的方法、水的比热容大的应用，属于基础题目。

12.【答案】解：夹开核桃时核桃受到的力大小是一定的，根据力的作用是相互的，核

桃对夹子的阻力大小也是一定的，将核桃放在夹子里的同一位置(C或D),阻力臂是一

定的；

由杠杆平衡条件F"i=尸2”可知，F2L2一定时，刀越长，&越小；动力在8点时动力臂

较长，所以在8点比4点省力，过8点垂直于OB,沿向下的方向画出最小力的示意图，

如图所示：

4B

【知识点】杠杆中最小力的问题

【解析】(1)根据实际情况确定杠杆的五要素，找到变化的量和不变的量，根据杠杆的

平衡条件讨论。

(2)杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂(F"1=尸2乙2)，在阻力跟阻力臂的乘积

一定时，动力臂越长，动力越小。

本题考查杠杆中最小力的问题，以及应用杠杆的平衡条件解决实际问题，关键是找到变

化的量和不变的量分析讨论。

13.【答案】便于确定像的位置不能7：20

【知识点】实验：探究平面镜成像的特点

【解析】解：(1)实验中玻璃板不但能反射光成像，还能透光，能看到玻璃板后面的蜡

烛，所以用玻璃板代替平面镜的目的是便于确定像的位置；

(2)因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛8,并在其所在位置上放一

光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像；

(3)根据平面镜成像特点，即物像关于平面镜对称，作出平面镜中钟表指针的实际情况，

如下图，可以看到钟表的实际时间是7：20。

如下图所示：

故答案为：(1)便于确定像的位置；(2)不能；(3)7：20o

(1)根据平面镜不能透光，只能反射光，不能确定出像的位置，而玻璃板不但反射光成

像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛这一特点分析；

(2)虚像实际并不存在，所以不会出现在光屏上；

(3)根据镜面对称的性质，在平面镜中的钟面上的时针、分针的位置和实物应关于过12

时、6时的直线成轴对称。

探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。重在探索过程中遇到的困

难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循。

14.【答案】灯泡断路1电压表并联在滑动变阻器两端了

【知识点】实验：测量小灯泡的电功率

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【解析】解：(1)待测小灯泡L的额定电压为2.5U,电压表选用小量程与灯并联，额定

功率不大于1W,根据P=u/,灯的额定电流最大值：

/=今=券=044故电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一下一上连入电路中，

UL£.bv

如下所示：

(2)正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表无示

数，电路可能断路，电压表示数明显，则电压表与电源连通，仔细检查，连接无误，那

么出现该状况的原因可能是灯泡断路；

(3)排除故障后，通过正确操作，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流

表选用小量程，分度值为0.024电流为0.44则小灯泡的额定功率为：

p=uLlL=2.5Vx0.44=1W；

(4)本实验中，变阻器与灯串联，当电路的电流变小，根据欧姆定律U=/R,灯的电压

变小，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变大，根据实验数据，小红在实验中存在

的问题是：电压表并联在滑动变阻器两端了。

故答案为：(1)如上所示；(2)灯泡断路；(3)1；(4)电压表并联在滑动变阻器两端了。

(1)根据待测小灯泡L的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联，额定功率不

大于1W,由P=(7/得出灯的额定电流最大值，从而确定电流表选用小量程与灯串联，

变阻器按一下一上连入电路中；

(2)若电流表示数为。，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电

压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路

断路了；

(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=U/得出小灯泡的额定功率；

(4)本实验中，变阻器与灯串联，当电路的电流变小，根据U=/R确定灯的电压变化，

由串联电路电压的规律分析变阻器的电压变化，据此回答。

本题测量小灯泡电功率，考查电路连接、故障分析、电流表读数、功率计算和反常现象

的分析。

15.【答案】1浮力的大小等于物体排开的水所受的重力浸没在液体中的物体所受浮

力大小与它所处深度无关

【知识点】实验：探究浮力的大小与哪些因素有关

【解析】解：（1）图A中测力计分度值为0.2N,示数为1N；

（2）图A8CQE中测力计示数分别为：1N（空桶的重力）、3N（物体的重力）、2.4N（物体部

分浸入时测力计的示数）、1.8N（物体浸没时测力计的示数）、2.2N（空桶和溢出水的总重

）；

步骤B和。可以测出物块浸没在水中时受到的浮力：F浮口=G-F^D=3N-1.8/V=

1.2N；

步骤A和E可以测出物块排开的水所受重力：G郁=2.2N—1N=1.2N,

比较尸浮与G排，可以得到浮力的大小等于物体排开的水所受的重力；

（3）物体未浸入水中时（九=0）,从图乙可读出物体的重力G=3N；物块浸没前，弹簧测

力计的示数逐渐减小，则浮力逐渐增大；

故得出的结论是：物块浸没前，物体排开的液体体积越大，物块所受的浮力越大；

物体浸没后，弹簧测力计的示数随人的增大而不变，即浮力大小不变，故可得出：浸没

在液体中的物体所受浮力大小与它所处深度无关。

故答案为：（1）1；（2）浮力的大小等于物体排开的水所受的重力；（3）浸没在液体中的物

体所受浮力大小与它所处深度无关。

（1）根据弹簧测力计的分度值读出弹簧测力计的示数；

（2）要先测物块的重力和空桶的重力，然后再把物块没入水中，测出物块受到的浮力，

最后再测出桶和溢出水的重力，根据称量法算出浮力和排开液体的重力，从而得出结论;

（3）乙图中物体已全部浸入了水中，所以弹簧测力计的示数应读随/?的增大尸不变的一

段的示数，利用称重法可计算出此时物体所受的浮力；

由图可知弹簧测力计的示数有一段随h的增大而不变，可总结出物体所受浮力与深度的

关系。

本题用到的知识点有弹簧测力计的读数、称量法的应用以及图像的分析，考查学生结合

图像对所学知识进行综合分析的能力，难度较大。

16.【答案】大风扇产生的空气流动强度与扇叶倾斜角度的关系在扇叶倾斜角度和长

度一定的情况下，扇叶越宽，扇叶产生的空气流动强度越大多次改变扇叶宽度及扇叶

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倾斜角度进行实验

【知识点】控制变量法

【解析1解：(1)实验中纸片被吹起的角度越大，说明风扇产生的空气流动强度越大；

(2)序号1和3的数据，扇叶的宽度及长度相同，倾斜角度不同，纸片被吹起的角度也

不同，可知小明想探究风扇产生的空气流动强度与扇叶倾斜角度的关系；

(3)1和2的两次实验数据，扇叶倾斜角度和扇叶长度相同，扇叶宽度不同，纸片被吹起

的角度不同，且扇叶越宽，纸片被吹起的角度越大，可得在扇叶倾斜角度和长度一定的

情况下，扇叶越宽，扇叶产生的空气流动强度越大；

(4)为了使实验结论更可靠，除了每组实验重复多做几次外，可多次改变扇叶宽度及扇

叶倾斜角度进行实验。

故答案为：(1)大；(2)风扇产生的空气流动强度与扇叶倾斜角度的关系：

(3)在扇叶倾斜角度和长度一定的情况下，扇叶越宽，扇叶产生的空气流动强度越大；

(4)多次改变扇叶宽度及扇叶倾斜角度进行实验。

(1)实验中通过纸片被吹起的角度来反映空气流动强度的大小；

(2)分析序号1和3的数据，扇叶的宽度及长度相同，倾斜角度不同，根据纸片被吹起

的角度可得产生的空气流动强度与扇叶倾斜角度的关系；

(3)1和2的两次实验数据，扇叶倾斜角度和扇叶长度相同，扇叶宽度不同，根据纸片被

吹起的角度可得空气流动强度与扇叶宽度的关系；

(4)多次改变扇叶宽度及扇叶倾斜角度进行实验，可使结论更加可靠。

此题结合影响扇子风速的实验考查对控制变量法的理解与掌握情况，会根据控制变量法

分析与设计实验。

17.【答案】凸透镜、白纸、刻度尺；①凸透镜正对着太阳光，调整凸透镜和白纸间

的距离，直到太阳光在白纸上会聚成一个最小、最亮的光斑；

②用刻度尺测量此光斑到凸透镜光心的距离，记作〃；

③换用另外两个凸透镜分别重复上述步骤，测出光斑到凸透镜光心的距离分别记作L、

L3；最厚的凸透镜与白纸之间的距离最近，会聚能力最强。

【知识点】光心、主光轴、焦点和焦距

【解析】解：(1)需要用刻度尺测量焦距，故需要刻度尺；要利用凸透镜和太阳光在白

纸上找到焦点，故需要凸透镜和白纸；

(2)让凸透镜正对着太阳光，要注意必须是正对，保证太阳光与凸透镜的主光轴平行，

调整凸透镜和白纸之间的距离，直到太阳光在白纸上会聚成一个最小、最亮的光斑，利

用刻度尺测出这个光斑到凸透镜光心的距离，就是凸透镜的焦距。

(3)越厚的凸透镜，其焦距越小，会聚能力越强。

故答案为：(1)凸透镜、白纸、刻度尺；

(2)①凸透镜正对着太阳光，调整凸透镜和白纸间的距离，直到太阳光在白纸上会聚成

一个最小、最亮的光斑；

②用刻度尺测量此光斑到凸透镜光心的距离，记作A1;

③换用另外两个凸透镜分别重复上述步骤，测出光斑到凸透镜光心的距离分别记作L2,

L3；

(3)最厚的凸透镜与白纸之间的距离最近，会聚能力最强。

太阳光可以看作平行光，根据凸透镜对光的折射规律可知，与主光轴平行的光交于主光

轴上一点，该点就是凸透镜的焦点，焦点与凸透镜光心的距离就是焦距。而焦距越大，

说明凸透镜对光的会聚能力越弱，焦距越小，说明凸透镜对光的会聚能力越强。因此只

要借助刻度尺、白纸测出三个凸透镜的焦距，通过比较焦距的大小即可比较出三个凸透

镜的会聚能力强弱了。

这道题对学生进行了三个方面的考查：一是焦距的测量方法，二是凸透镜的焦距与会聚

能力、凸透镜的厚薄之间有什么关系，三是考查了学生组织语言对实验步骤进行科学描

述的能力。因此这道题对于初学透镜的学生来说是一次比较好的训练。

18.【答案】答:串联的小灯泡越多，由%=%+&+•••%可知,电路的总电阻越大,

在电源电压一定时，根据/=9可知电路中的电流越小；由串联电路的分压特点可知，

每个小灯泡所分得的电压越小，根据电功率公式。=U/可知，每个小灯泡的实际功率也

就越小，所以小灯泡的亮度越暗。

【知识点】额定功率和实际功率

【解析】在电源电压不变的情况下，串联的小灯泡越多，电路的总电阻越大，由欧姆定

律分析电流的变化；由串联电路的分压特点分析每个小灯泡分得的电压如何变化，再根

据「=U/分析其实际功率的变化；灯泡的亮度由实际功率决定，据此可知小灯泡亮度的

变化。

此题考查了串联电路的电阻、电压规律以及欧姆定律和电功率公式的应用，明确灯泡的

亮暗取决于其实际功率的大小是关键。

19.【答案】解：

第20页，共23页

(l)500g水由20n加热到60冤吸收热量:

(2破=cm△t=4.2x103J/(kg■℃)x0.5kgx(60℃-20℃)=8.4xIO4/；

由P=?可得，消耗电能：

W=P加热t=16UZx2X3600s=1.152x105