2020年福建省南平市邵武市中考物理适应性试卷（附答案详解）

2020年福建省南平市邵武市中考物理适应性试卷

1.在科学探索的道路上，有众多的科学巨人披荆斩棘，铺路架桥，为后人留下了丰硕

的知识园地、科学的探究方法及不朽的科学精神。下列关于物理学家的说法正确的

是（）

A.亚里士多德提出力不是维持物体运动的原因

B.牛顿提出了相对论学说

C.卢瑟福提出了原子核式结构模型

D.奥斯特发现了电磁感应现象

2.2019年4月15日京雄高铁采用铺轨机正式铺轨，此铺轨机（

如图）首次应用了我国自主研发的“北斗”定位系统。铺轨

机与“北斗”定位系统间的信息传递靠的是（）

A.电磁波

B.超声波

C.次声波

D.红外线

3.与“立竿见影”现象原理相同的是（）

A.平静湖边，倒影可见B.山间小溪，清澈见底

C.林荫树下，光斑点点D.雨过天晴，彩虹出现

4.新冠肺炎治疗期间，“白衣战士”们穿着厚重的防护服，戴着防护面罩，无微不至

的照顾病人。防护服穿戴一段时间后，他们全身上下都湿透了，防护面罩也变模糊

了，但仍然坚持着自己的工作。“防护面罩变模糊”发生的物态变化是（）

A.蒸发B.熔化C.汽化D.液化

5.中国女排以骄人的成绩夺得2019年女排世界杯冠军并成功卫冕，体现了团结协作、

顽强拼搏的女排精神。如图所示是女排队员朱婷正在扣球，以下说法中正确的是

()

C.手对球的作用力和球对手的作用力是一对相互作用力

D.排球离开运动员后还能在空中飞行，表明排球受到了惯性

6.在抗击新冠状肺炎的战斗中，医务人员工作时所采用的措施或用到的器械，许多都

利用了物理知识，下列说法错误的是（）

A.打针时针筒抽取药液，利用连通器原理

B.喷洒消毒液后，能闻到消毒液气味，是分子的扩散现象

C.测量体温的水银体温计，利用了液体的热胀冷缩的性质

D.用电蒸锅蒸煮医疗器械，将电能转化为内能

7.如图所示的生活用具中，使用时属于费力杠杆的是（）

运动；把电源正负极对调后接入电路，发现导体ab向右运动。这个实验事实说明通

电导线在磁场中受力（）

A.方向与电流方向有关B.方向与磁感线方向有关

C.大小与电流大小有关D.大小与磁场强弱有关

9.下列与初中生有关的物理量中，最接近实际的是（）

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A.班班通多媒体正常工作的功率约为1500/

B.初中学生课桌的高度约为0.7dm

C.初中生游泳潜水时，受到的浮力约为500N

D.从家到学校步行的速度约为5m/s

10.如图甲是2022年北京冬奥会会徽，它以汉字“冬”为灵感来源，运用中国书法的

艺术形态，展现出滑冰、滑雪运动员的英姿，传递出实现“三亿人参与冰雪运动”

的目标。图乙是滑雪运动员起跳后下落的情景，在运动员下落过程中，下列说法中

正确的是（）

BEIJING20江

乙

A.运动员的速度减小B.运动员的运动状态不变

C.运动员的重力势能增加D.运动员的动能增加

11.“关爱生命，快乐成长”，下列关于安全用电的说法正确的是（）

A.电灯的开关可以接在零线和灯座之间

B.使用测电笔时，手指不能接触笔尾金属体

C.选用插座时，所有家用电器都使用两孔插座

D.一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救

12.如图所示，建筑工人利用滑轮组从竖直深井中提取泥土.某次工作中,

工人用400N的拉力F在lmin内将总重为900N的泥土匀速提升5m.在

这段时间内（）

A.拉力F做的有用功2000）

B.滑轮组的机械效率75%

C.动滑轮重700N

D.拉力F做功的功率约33W

13.如图所示，电源电压保持不变，先闭合开关工，电压表

示数为％；再闭合开关52，电压表示数为电阻8、

/?2的阻值之比为（）

A.%：U2

B.y2：%

C./：(/-/)

D.Ui：(%-%)

14.如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深

度相同、质量相等的不同液体。下列说法正确的是（）

①容器对桌面的压力：F甲）F乙

②液体的密度：P甲=P乙

③液体对容器底部的压强：P尹〉Pz

④容器对桌面的压强：P/=Pz

甲乙

A.只有①和③B.只有①和④C.只有②和③D.只有③和④

15.如图，关于信息、能源和材料，下列说法正确的是（）

我国海域深处蕴藏大量主要成分为甲烷的“可燃冰”，

属于可再生能源

B.“华龙一号”第三代核电站是利用核聚变释放出的能

量来发电的

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节能光源LED灯的核心元件是发光二极管，发光二极管

的主要材料是半导体

D.1网，通过手机微信的“摇一摇”，就可以参与抢红包，这一过程

是靠声波传递信息的

16.现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，4'rrT-fi

其中灯泡的u-/图象如图所示。将这些元件用导线连成电路后，：|：匚；二二步

十…-必：

闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压：牛哈

表的示数从5U开始减小，电流表的示数从0.34开始增大。下列结论正确的是（）

A.电源的电压为5PB.小灯泡的最大功率为0.3W

C.滑动变阻器的最大阻值为200D.整个电路的最小功率是1.8〃

17.今年春节，疫情发生后，滨海支援湖北医疗队迎难逆行。2月9日，10名医护人员

奔赴湖北开展医疗救治，他们在那里战斗了38天，圆满结束了全部医疗工作。凯旋

之刻，警车护卫匀速前行，现场人们听到车辆的鸣笛声是经传播而来，以编

队中某一辆警车为参照物，其他警车是（运动/静止）的，路旁的树木是

（运动/静止）的。

18.如图是某学校校门处放置的一台人脸识别测温一体机，能够在

测量体温的同时进行人脸识别，从而辨别学生身份。它的镜头

实际上是一个镜，当我们走近一体机时，它所成的像将

（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

19.如图所示是学校里面常用的一种移动指示牌，结构

示意图如图所示，其中4B为指示牌牌面，CD和BEX.

为支架（支架重力不计）。指示牌被风吹倒时可看做

杠杆，根据图示风向，则支点是点（填图中

字母），若增大BE的长度，则指示牌更（填

“容易”或“不容易”）被风吹倒。

20.2019年3月10日上午，“深海勇士”号载人潜水器靠港三亚，完成我国载人深潜器

首次覆盖西南印度洋和东印度洋的深潜科考航次。“深海勇士”号在某次入水过程

中，潜水器受到的浮力逐渐,当潜水器完全入水后，随着潜水深度的增大,

潜水器底部受到海水的压强将o（均选填“变大”或“变小”）

21.2019年12月27日20时45分，“胖五”发射成功瞬间，大厅一位小姐姐笑着笑着就

哭了,胖五是我国起飞规模最大、运载能力最大、技术跨度最大的一型运载火箭。

“胖五”用液氢作为燃料是因为,它在升空的过程中，机械能。

22.小明家安装的即热式热水器有高、低温两挡加热功能，低温挡功率为5500W,内

部等效电路如图所示。公和/?2是两个电热丝，心的电阻值是/?2的3倍。闭合开关Si，

断开开关S2,热水器处于（选填“高温”或"低温”）。%的阻值大小为

__0。

日

甲乙

23.如图所示，光源S发出的一束光经墙上的平面镜反射后,射入游泳池中。请画出它

经平面镜发生反射及进入水中发生折射的光路图。

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24.如图所示，在B端施加一个最小的力心,使杠杆平衡,

请画出此力，并画出外的力臂。

25.小明和姐姐一起去买电水壶，当他们选择某一品牌

的电水壶时,发现有800W和1200W两种功率可选,

如图是他们对买哪一款更省电的问题出现的不同

意见。请你在相同质量的水升高相同的温度的前提

下，帮他们分析：

⑴不考虑热散失，（选填“800W”、“1200W"、“一样”）省电。理由是

（2）考虑热散失，（选填“800W”、“1200W"、“一样”）省电。理由是

26.在“观察水的沸腾”的实验中:

甲乙丙T

(1)请你指出图甲中实验操作错误之处是;

(2)改正错误后，继续实验，当水温升高到90久时，每隔lmin记录一次水的温度,

直到水沸腾后再持续几分钟为止。数据记录如下表：第2瓶讥温度计示数如图乙所

示；

时间/min012345678

温度/℃9092—969898989898

(3)图是水在沸腾时的情况，分析数据可知：此时水的沸点为,水沸

腾后继续给水加热，水的温度(填“升高"、“降低”或“不变”)。如果温

度计测量无误，这说明当时水面上方的气压______一个标准大气压(填“大于”、

“等于”或“小于”);

(4)实验结束后，同学们相互交流时，有的小组觉得把水加热到沸腾的时间过长，

请你说出一条缩短加热时间的方法。

27.小红同学利用如图所示的实验装置来探究“平面镜成像的/摩板

特点“。|S

(1)实验中选取两只完全相同的蜡烛，是为了比较A

关系。实验中要用刻度尺是为了比较_____。^LJ

(2)若移开蜡烛B,把一个光屏放在蜡烛B的位置,(选填“能”或“不能”)在

光屏上直接看到蜡烛4的像。

(3)蜡烛4离玻璃板越远，玻璃板后的像大小怎么样变？(选填“变大”或

“变小”或“不变”)。

(4)如果玻璃板没有垂直于桌面，会出现______。

(5)小红正对玻璃板，为了让她右边的同学也能够看见蜡烛4的像，她只将玻璃板向

右平移，则蜡烛4的像的位置。(选填“向左移”“向右移”“不变”)

28.小李和小兰五一节假期游玩时捡到了一些鹅卵石，他们想知道这些鹅卵石的密度,

便各自选取了一块鹅卵石，分别进行了如下实验：

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(1)小李利用天平和量筒等实验器材进行了实验：

①将天平放在水平桌面上，发现指针偏向分度盘中线的右侧，此时应将平衡螺母

向______

(选填“左”或“右”)旋动，使天平横梁平衡；

②将鹅卵石放在天平左盘中，横梁恢复平衡时右盘中祛码质量和游码在标尺上的

位置如图甲所示，则鹅卵石的质量为_____g；

③用细线拴好鹅卵石，把它放入盛有30mL水的量筒中，水面到达的位置如图乙所

示，则鹅卵石的密度为kg/m\

(2)小兰利用杠杆制成了一根杆秤。她取来一块质量为60g的鹅卵石，将它挂在4处,

且浸没于水中，在B处挂上1个50g钩码，杠杆恰好处于水平平衡，如图丙所示。测

得04=50cm,OB=40cm,则鹅卵石的密度为_____g/cm\

29.图甲所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验。将质量相等的沙子和水分别装

入易拉罐中，并测出沙子和水的初温。然后用酒精灯加热并不断搅拌，每隔lmin记

录一次温度。实验记录如下表：

加热时间/m讥01234

沙子20252934

温度/C

水2021222324

(1)实验中，加热时间实质上反映了。使用易拉罐以及用玻璃棒搅拌，目的

是为了使物质。

(2)如图乙所示为沙子第4分钟的温度，其示数为℃,根据实验数据，在图丙

中画出沙子和水的温度随时间变化的图象。

(3)分析图象可知，对于质量相等的沙子和水，吸收相同的热量，升温较快的是

;若两者升高相同的温度，则吸收的热量较多。通过大量类似实验,

人们发现了物质的一种物理属性，物理学中将这种属性叫做»

30.小明做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有

电压为6U的电源，额定电压为2.5P的小灯泡，电表、

开关和导线。可选用的滑动变阻器有%(10000.34)、

R2(50fi0.54)。

(1)图甲是小明没有连接完的实物电路图，请你用笔T

画线代替导线，帮小明将实物电路连接完整。

(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到(4/B)端。

(3)连好电路闭合开关，移动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，但电压表无示数,

电流表有示数，则故障的原因可能是

(4)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，当电压表的示数为2V时，电流

表示数如图乙所示为_____4若要让灯泡正常发光，应向(4/B)端移动滑片。

整个实验过程中小明记录了许多组电压表、电流表对应的示数，并绘成了图丙所示

的U-/图象，根据图象提供的信息可得小灯泡的额定功率为勿。

(5)完成以上实验小明选用的滑动变阻器是(%//?2)。

(6)完成上面实验后，小明想测量另一个额定电压为U须的小灯泡的额定功率，设计

了如图丁所示的电路，已知电源电压恒为U,定值电阻的阻值为R。，请帮小明将实

验步骤补充完整：

①只闭合开关S、Si，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为，小灯泡正

常发光；

②只闭合开关S、S2,使滑动变阻器的滑片(向左移/保持不动/向右移)，读

出电流表的示数为/;

③小灯泡的额定电功率表达式为「愆=(用字母表示)。

31.为切实打好疫情防控战，充分发挥曲靖优质蔬菜供应基地和西南最大蔬菜链物流交

易中心的优势。2月5日，曲靖积极捐赠百余吨蔬菜，驰援武汉医院，向奋斗在一线

的医务人员送上曲靖人民的爱心。如图所示是满载蔬菜的卡车，满载时总重为1。5从

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行驶时受到的阻力是车重的0.01倍，当发动机以最大输出功率工作时，卡车能保持

20m/s的速度做匀速直线运动，求：

(1)发动机所提供的牵引力大小。

(2)行驶5min牵引力所做的功。

(3)发动机的功率.

32.我国第二艘航空母舰下水仪式在中国船舶重工集团公司大连船厂举行。该航母满载

时的排水量达6.4万吨，可搭教40架舰载机，每架舰载机的质量约为20吨。航母的

动力源是蒸汽轮机，投入使用后的最大功率可以达到30MW。(1MW=1O6W,海

水密度为1.0X103卜9/血3,g取lON/kg)

(1)该航母满载时，受到的浮力是多大？

(2)在某次训练中，40架舰载机全部起飞后，该航母浸在海水中的体积变化了多少

m3?

(3)若航母以某一速度匀速直线航行时，蒸汽轮机的功率为21M勿，蒸汽轮机的效

率为35%,航行30min,需要消耗燃油多少kg?(燃油的热值为4.0义lO,j/kg)

33.如图甲是在新冠肺炎疫情期间提供给老年人使用的充电式暖宝宝，其简化电路图如

图乙所示，该充电式暖宝宝可以通过Si、S2、53,三个开关的断开与闭合实现三个

挡位(高温、中温、低温)的变化，只闭合S2时，该挡对应功率为22W：只闭合S1时，

该挡对应功率为44W.[c次=4.2X1。3〃(kg-℃)]

(1)若用中温挡加热，需要多长时间可以使水温由28。(:升高到50t？(假设暖宝宝里

装有2kg水)[不计热量损失]

(2)电热丝/?2的阻值是多少？

(3)请说明暖宝宝高温挡时，各开关的断开与闭合情况，并计算高温挡对应的功率「3。

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4、亚里士多德最早提出力是维持物体运动的原因；伽种略最早提出力不

是维持物体运动的原因。故A错误；

8、相对论包括广义相对论和狭义相对论，是由爱因斯坦提出的。故B错误；

C、卢瑟福提出了原子核式结构学说。故C正确；

奥斯特最早发现电生磁现象，法拉第最早发现电磁感应现象。故。错误。

故选：C。

根据对物理学家及其成就的了解作答。

本题考查物理学史，要与科学家的成就、重要的发现等一起记忆，不能张冠李戴。

2.【答案】A

【解析】解：我国自主研发的“北斗”定位系统是利用电磁波进行定位的，所以铺轨机

与“北斗”定位系统间的信息传递靠的是电磁波，故A正确，BCD错误。

故选：Ao

卫星通信是以电磁波为载体传递信息的。

本题考查电磁波的相关知识，是一道基础题。

3.【答案】C

【解析】解：“立竿见影”是由于光的直线传播形成的。

4、平静的湖面相当于平面镜，倒影属于平面镜成像，是利用光的反射，故A不符合题

思、；

8、小溪底部反射的光线从水中斜射出后，发生了折射，然后进入人的眼睛，人看到的

小溪的底部是变浅的，故B不符合题意。

C、林荫树下，光斑点点，是由于光的直线传播形成的，与“小孔成像”形成原因相同。

故C符合题意。

。、雨过天晴，天空出现美丽的彩虹，是光的色散现象，即光的折射，故。不符合题意；

故选：c。

光在自然界中存在三种光现象：

(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形

成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影

等；

(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看

水里的鱼比实际位置浅等。

此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，

在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。

4.【答案】D

【解析】解：''防护面罩变模糊”是由于人呼出的高温水蒸气遇到温度较低的防护面罩

后液化为小水滴附着在防护面罩上形成的，属于液化现象，故。正确。

故选：D。

物质由气态变为液态叫液化。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

5.【答案】C

【解析】解：

A、以朱婷为参照物，看台上的观众与朱婷之间的位置发生了变化，所以观众是运动的，

故A错误；

8、用力扣球时，球的运动速度加快说明力是改变物体运动状态的原因，故B错误；

C、手对球的作用力和球对手的作用力作用在两个物体上，且大小相等、方向相反、作

用在一条直线上，所以是一对相互作用力，故C正确；

。、排球离开运动员后还能在空中飞行，表明排球具有惯性，惯性不是力，不能说受到

了惯性，故。错误。

故选：C。

(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生

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变化，则运动，不发生变化，则静止；

(2)力是改变物体运动状态的原因；

(3)相互作用力和平衡力的区别是：作用物体不一样；

(4)惯性是指一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力。

本题考查的知识点较多，有相互作用力的特点、惯性的理解、力与运动的关系以及相对

运动，都属于较基础的知识，难度不大

6.【答案】A

【解析】解：

A、打针时针筒抽取药液，将药液抽进针筒内，利用了大气压强原理，与连通器无关，

故A错误；

8、因为一切物质的分子都在不停地做无规则运动，所以喷洒消毒液后，能闻到消毒液

气味，属扩散现象，故8正确；

C、由于力可以改变物体的形状，所以戴口罩时用力按压条使之与鼻梁充分吻合，故C

正确；

。、用电蒸锅蒸煮医疗器械，将电能转化为内能，故。正确。

故选：Ao

(1)大气压强在生产、生活中有许多应用，例如注射器、喷雾器、抽水机等都是利用大

气压原理工作的；

(2)扩散现象是指不同物质相互接触时，其分子彼此进入对方的现象；

(3)力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；

(4)用电器工作时将电能转化为其他形成的能。

生活处处有物理，我们要能够从生活现象找出用到的物理知识，联系生活实际出题，这

是中考出题最常见的一种方式，需要引起注意。

7.【答案】A

【解析】解：

A.筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故A正确；

8、托盘天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B错误；

CD,核桃夹、酒瓶起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故8错误。

故选：4。

结合图片和生活经验，先判断它们在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断

它是属于哪种类型的杠杆。杠杆的分类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂

小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。

本题的解题关键是结合自己的生活经验，先判断各种杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系,

再判断它是属于哪种类型的杠杆。

8.【答案】A

【解析】解：接通电源，发现导体协向左运动，把电源正负极对调后接入电路，电流的

方向改变了，发现导体冲向右运动。说明通电导线在磁场中受力方向跟电流方向有关。

故选：4。

通电导体在磁场中受力而运动，运动方向跟电流方向和磁场方向有关。

通电导体在磁场中受力而运动，运动方向跟电流方向和磁场方向有关。只改变一者受力

方向改变，同时改变两者，受力方向不变。

9.【答案】C

【解析】解：4、班班通多媒体正常工作的功率在100W〜200勿之间，故A错误；

B、初中学生课桌的高度约为0.7m；故B错误；

C、漂浮的物体受到的浮力等于其重力。中学生的体重在500N左右，在水中游泳时接近

漂浮状态，所以受到的浮力在500N左右；故C正确；

D、从家到学校步行的速度约为lm/s,骑自行车的速度约为5m/s,故。错误。

故选:Co

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进

行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，

如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的

数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。

10.【答案】D

第16页，共34页

【解析】解：4、运动员下落过程中，重力的方向是竖直向下的，运动方向也是向下的，

重力做功，速度越来越快，故A错误；

8、运动员下落过程中，速度越大，所以运动状态改变，故B错误；

CD.运动员下落过程，高度减小，重力势能减小，速度增加，动能增加，故C错误、D

正确。

故选：D。

(1)运动员下落时，重力做功，速度会越来越快；

(2)运动状态的变化包括速度和方向的变化；

(3)重力势能的影响因素是质量和高度，据此判断；

(4)动能的影响因素是质量和速度，据此判断。

本题考查了运动状态的改变、重力势能和动能的变化等，属于基础知识。

11.【答案】D

【解析】解：

A、根据安全用电的原则，开关要连接在火线和用电器之间，故A错误；

8、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认

为带电体不带电是十分危险的，故B错误；

C、有金属外壳的家用电器应使用三孔插座，当用电器的金属外壳漏电时，电流会通过

地线流入大地，能防止触电事故的发生，所以，不是所有家用电器都使用两孔插座，故

C错误；

。、发生触电事故时，千万不能用手去拉触电者，首先要立即切断电源再采取措施抢救

触电者，故。正确。

故选：D。

(1)开关要连接在火线和用电器之间；

(2)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认

为带电体不带电是十分危险的。使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，

这样会造成人身触电事故：

(3)三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的；目的就是为了防止触电；

(4)一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电

源脱离，并进行现场抢救。

本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确

规范操作，就不会有危险发生。

12.【答案】B

【解析】解：

4、有用功：Gh=900/Vx5m=4500/,故4错误；

B、由图可知，承担物重的绳子股数n=3,

则绳端移动的距离s=3%=3x5m=15m,

总功：W=Fs=400Nx15m=6000/,

滑轮组的机械效率：〃=燮=鬻^*100%=75%,故B正确；

C、若不计摩擦和绳重，由F=；(G+G动)可得动滑轮重：6动=nF-G笏=3x400N-

900N=300N,题中没告诉“不计摩擦和绳重”,所以无法计算动滑轮重，故C错误：

D、拉力做功的功率：P=；=*=100W,故。错误.

t60s

故选B.

由图可知，承担物重的绳子股数n=3,则绳端移动的距离s=3日

(1)已知泥土的重和上升的高度，利用皿=G/i求有用功；

(2)先利用W=尸s求总功，再利用［=请求滑轮组的机械效率；

(3)若不计摩擦和绳重，知道物重和拉力，可根据F=；(G+G动)求动滑轮重；

(4)求出了总功，又知道做功的时间，根据P=苫求出拉力尸做功的功率.

本题综合考查了使用滑轮组时有用功、机械效率、功率的计算，关键是确定承担物重的

绳子股数n.

13.【答案】D

【解析】解：

闭合开关S】、S2时，只有电阻当连入电路，电压表测量电源电压，则电源电压为U=u2,

只闭合开关Si时，定值电阻治、/?2串联，电压表测量％的电压，则R1的电压为U'=U1；

因串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，

所以7?2的电压：U"=U-U'=U2-Uv

第18页，共34页

串联时通过&、/?2的电流相等，

根据欧姆定律可得R］、/?2的阻值之比：

U'

7?17UIUi

岳=可=于=U2-U\°

故选：Do

先闭合开关南时，定值电阻&、/?2串联，电压表测量&的电压，示数为Ui；再闭合开关

S2,只有电阻％连入电路，电压表测量电源电压，根据串联电路的特点可求7?2的电压；

根据欧姆定律可得收、/?2的阻值之比。

本题主要考查欧姆定律以及串并联电路的特点，有一定难度。

14.【答案】D

【解析】解：①水平桌面上，甲乙两个容器中两种液体质量相等，则重力相等，容器

底面积和质量相同，故对桌面的压力?尹=?乙，由p=g得，容器对桌面的压强：p/=

屋,故①错误，④正确；

②因为容器底面积相同，液体同高，乙中液体的体积大于甲中液体的体积，因为质量

相同，所以P甲〉P乙,故②错误；

③液体深度相同，甲的密度大，对容器底部压强大，由「=pgh故图中液体对杯底的压

强P/〉Pz；故③正确。

综上所述，①②错误，③④正确。

故选：Do

(1)甲容器形状上下一样，液体对容器底部的压力等于自身的重力；乙容器上宽下窄，

液体对容器底部的压力小于自身的重力。底面积相等，根据公式p=?可求液体对容器

底部的压强；

(2)容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，根据公式p=(可求容器对桌

面的压强。

本题主要考查形状不规则的容器中，液体对容器底部压力的计算，这是本题的难点，也

是重点，还要知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力。

15.【答案】C

【解析】解：

4、可燃冰不能在短期内从自然界得到补充，所以它属于不可再生能源，故A错误；

8、核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，故8错误；

C、节能光源LED灯的核心元件是发光二极管，制作二极管的材料是半导体材料，常用

的有硅、信等材料，故C正确；

。、手机既可以接收电磁波，也可以发射电磁波，是利用电磁波来传递信息的，因此手

机抢红包过程中用电磁波来传递信息的，故。错误。

故选:Co

(1)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能

源称之为不可再生能源；

(2)核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的，核电站的核心设备是核反应

堆，核反应堆是通过可控裂变(链式反应)释放能量的：

(3)二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性；

(4)手机是通过电磁波来传递信息的。

本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题。

16.【答案】D

【解析】解：

(1)根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电

(2)当电压表的示数为5U时，电路中的电流为0.34由图象得出此时灯泡两端的电压4=

W,

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：

U=U^+UL=5V+1V=6V,故4错误；

由/=?可得，滑动变阻器的最大阻值：

K

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/?阁=」=且*=16.70，故C错误；

潸I0.34

整个电路的最小功率：

Pmin=UI=6Vx0.34=1.8WZ,故D正确；

(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，

由图象可知通过灯泡的电流/'=0.54则小灯泡的最大功率：

PLmax=UI'=6Vx0.54=3W,故B错误。

故选：D。

(1)由题意可知，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，

电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同

时减小。

(2)当电压表的示数为5U时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，

电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.34时灯泡两端的电压，根据串联电

路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律

求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=U/求出整个电路的最小功率；

(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据

图象读出通过的电流，根据P=U/求出灯泡的最大功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据题意得出

电压表所测量的电路元件和从图象中得出需要的信息。

17.【答案】空气静止运动

【解析】解：声音的传播需要介质，人群听到车辆的鸣笛声是空气传播而来的；

以编队中某一辆警车为参照物，其他警车相对位置不变，所以是静止的，而路旁的相对

位置变化，所以树木是运动的。

故答案为：空气；静止；运动。

声音是靠周围的介质进行传播的；在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，

物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。

此题主要考查了两个方面的知识，一是运动与静止的相对性，这与参照物的选择有关；

二是声音传播的条件，必须要有介质才行。

18.【答案】凸透变大

【解析】解：

①该摄像镜头相当于凸透镜，所成的像是倒立、缩小的实像；

②当被识别人逐渐靠近人脸识别门禁一体机时，相当于物体离凸透镜越来越近，由凸

透镜成像规律可知，她所成的像会逐渐变大。

故答案为：凸透；变大。

①凸透镜成像时，u>2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。

②凸透镜成像时，焦点外，物近像远像变大。

本题考查了凸透镜成像特点和应用，属基础题，要熟记。

19.【答案】C容易

【解析】解：根据图示风向可知，当指示牌刚好把。端吹离地面时，支点为C点；

根据题意可知，指示牌的模型可以看作杠杆模型，当指示牌的。端被吹离地面时，支点

为C点，如下图：

把风力看成动力，那阻力是指示牌重力；

根据杠杆平衡条件可得：GCE=F-L,

因此若增大BE的长度，则力臂L增大，则它更容易被风吹倒。

故答案为：C；容易。

根据图示确定支点位置，然后利用杠杆平衡条件分析。

本题考查杠杆的五要素以及杠杆平衡条件的应用，会熟练应用杠杆平衡的条件进行分析

即可。

20.【答案】变大变大

第22页，共34页

【解析】解：当“深海勇士”号在某次入水过程中，潜水器排开液体的体积逐渐变大,

根据/浮=P水9，郁可知，潜水器受到的浮力逐渐变大；

因为液体压强随深度的增加而增大，所以当潜水器完全入水后，随着潜水深度的增大，

潜水器底部受到海水的压强将变大。

故答案为：变大；变大。

根据阿基米德原理可知，浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关。据此分析

“深海勇士”在某次入水过程中，潜水器受到的浮力变化。

液体压强随深度的增加而增大。

本题考查液体压强的特点和阿基米德原理的应用，关键是判断排开水的体积和深度变化

的判断。

21.【答案】热值大增大

【解析】解：

(1)“胖五”用采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧

相同质量的氢时，可以放出更多的热量。

(2)“胖五”从地面发射升空的过程中，高度增加，重力势能增大；速度增大，动能增

大，故它的机械能增大。

故答案为：热值大；增大。

(1)热值是燃料的一种特性，燃料的质量相同时，热值越大的燃料完全燃烧放出的热量

越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。

(2)动能的大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与物体的质量和高度有关，

且动能和势能统称为机械能。

此题以“胖五”运载火箭为载体，考查了机械能、热值等知识点，是一道基础题。

22.【答案】低温6.6

【解析】解：

(1)闭合开关工，断开开关S2,两电阻串联，电阻较大，根据P="知热水器处于低温挡；

根据尸=壬得电路的总电阻为：

"点=需='犯

因为R=6+/?2，且％=3&，

所以可得：3R2+R2=8.8/2,

R2=2.2。,

Ri=3/?2=3x2.20=6.60。

故答案为：低温；6.6。

(1)闭合开关工，断开开关S2,两电阻串联，电阻较大；闭合开关51和52，只有电阻治，

总电阻较小，根据p=9确定功率的大小判断高、低温挡位;

⑵根据「=磊,算出总电阻，根据％的电阻值等于/?2的3倍计算％的电阻。

本题考查了电功率公式的应用，关键是分析电路图得出高、低温挡的电路组成。

23.【答案】

【解析】解：

先过入射点垂直于镜面作出法线，根据反射角等于入射角作出其反射光线；再根据当光

从空气斜射入水中时.，折射角小于入射角，作出其折射光线，如图所示：

本题考查了光的反射定律和光的折射规律。要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容:

反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反

射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。

光的折射规律的内容：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线

第24页，共34页

分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角。

24.【答案】解：(1)反向延长片的力的作用线，然后过支点。做力论的作用线的垂线段，

即为其力臂〃；

(2)根据题意，动力FB的最大力臂为0B，最小的力出的作用点在B点，动力尸应与垂

直斜向下，如图:

【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；

(2)根据杠杆平衡条件：动力x动力臂=阻力x阻力臂，若阻力阻力臂乘积一定，则动力

臂最大时动力会最小，而且动力使杠杆转动的效果与阻力(物体重力的拉力)使杠杆转动

的效果相反。

本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越

长，动力越小的结论。

25.【答案】一样电能全部转化为内能被水吸收，水吸收的热量相同，所以省电情况一

样1200W水吸热相同，根据W=Pt,功率大的加热时间短，热散失少，所以省电

【解析】解：

(1)不考虑热损失，两只电热壶省电情况相同，因为电能全部转化为内能被水吸收，水

吸收的热量相同，所以省电情况一样；

(2)考虑热损失，1200W的电热壶省电，因为水吸热相同，根据W=Pt,功率大的加热

时间短，热散失少，所以省电。

故答案为：

(1)一样；电能全部转化为内能被水吸收，水吸收的热量相同，所以省电情况一样；

(2)1200MZ；水吸热相同，根据此=Pt,功率大的加热时间短，热散失少，所以省电。

电热壶在工作过程中将电能转化为水的内能。质量相同的水升高相同的温度，需要的热

量相同。

①如果不考虑热量的损失，电能全部转化为水的内能，使水温升高，已知水需要的热

量相同，所以消耗的电能相同，电热壶省电与否与功率没有关系；

②考虑热量的散失水在加热过程中，时间越长，热量损失越多，在水升温需要的热量

一定的前提下，电热壶功率越低，加热时间越长，热量的损失越多，也就是此电热壶要

费电。

此题考查的是电热器在工作过程中的省电问题，一般地，因为用电器工作过程中不可避

免地存在热损失，所以实际功率大的用电器更省电。

26.【答案】温度计的玻璃泡碰到了烧杯底94丙98℃不变小于适当减少水量(适

当提高水的初温、增大火力)

【解析】解；

(1)从图甲可以看出，温度计的液泡碰到烧杯的底部了，这样测量结果不准确；

(2)温度计的分度值为1。口所以示数为94冤：

(3)水沸腾时气泡由小变大上升，故沸腾时的图象为图丙；由图象可知水的沸点为98。a

低于标准大气压下的100汽，说明此时的大气压低于标准大气压；由图表可知水在沸腾

过程中，温度保持不变；

(4)为了减少加热所用时间，可以适当减少水量，适当提高水的初温或给烧杯加盖减少

热量散失。

故答案为：(1)温度计的玻璃泡碰到了烧杯底；(2)94；(3)丙；98℃；不变；小于；(4)适

当减少水量(适当提高水的初温、增大火力)。

(1)使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在被测液体中，但是同时要注意不能碰

到烧杯壁和烧杯底；

(2)对温度计读数时，要先观察温度计的分度值和0刻度线；

(3)掌握水沸腾时和沸腾前的现象区别：液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上

升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大；

液体在沸腾过程中，不断吸收热量，但是温度不变；

液体的沸点随大气压的增大而升高；

(4)减小加热时间的方法：适当减少水量；适当提高水的初温；给烧杯加盖。

此题是探究水的沸腾实验，在此实验中主要观察水的沸腾现象和探究水沸腾时的特点。

27.【答案】像与物大小物与像到镜面距离相等不能不变蜡烛4成的像不能与玻璃

板后面蜡烛B重合不变

第26页，共34页

【解析】解：

(1)两只蜡烛大小相同，B蜡烛和前面蜡烛4的像完全重合，这样就证明了像与物大小相

同，所以用两只相同的蜡烛是为了比较像与物大小关系用的；

用刻度尺量出像和物体各自到玻璃板的距离，是为了得出物与像到镜面距离相等；

(2)平面镜成像实验时，把光屏放在像的位置，不能在光屏上直接看到像，说明平面镜

成的像是虚像；

(3)根据平面镜成像的特点可知，蜡烛4远离平面镜时所成像的大小不变；

(4)平面镜所成的像和物体关于平面镜对称，如果玻璃板没有与桌面垂直，蜡烛4的像与

蜡烛4不在同一水平面上，发现蜡烛4成的像不能与玻璃板后面蜡烛B重合。

(5)为了让右边的同学也能够看清蜡烛4的像，小红只将玻璃板向右平移，在向右移动的

过程中，由于物像关于平面镜对称，所以蜡烛4的像的位置不变。

故答案为：(1)像与物大小；物与像到镜面距离相等；(2)不能；(3)不变；(4)蜡烛4成

的像不能与玻璃板后面蜡烛B重合；(5)不变。

(1)选用两只完全相同的蜡烛目的是比较物像的大小关系；用刻度尺测出两支蜡烛到玻

璃板的距离便可得出像和物体到平面镜的距离相等；

(2)用光屏是否能承接到像，是判断实像和虚像的最佳方法：

(3)平面镜成像时，像的大小始终不变；

(4)如果玻璃板没有垂直于桌面，所成的像不在水平面上，所以无论怎样移动另一支蜡

烛都不能与像重合；

(5)平面镜成的像与物体关于镜面对称。

本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年

来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。

28.【答案】左27.42.74x1033

【解析】解：

(1)①把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针指在分度

盘中央刻度线的右侧，应将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。

②天平平衡时，左盘物体的质量等于右盘祛码的质量和游码质量的和，即m=20g+

5g+2.4g=27.4g。

③鹅卵石的体积为:V=40ml—30ml=10ml=10cm3,

鹅卵石的密度为：P=£=益翳=214glemi=2.74x103fc^/m3；

(2)将鹅卵石挂在4处，且浸没于水中时，在8处挂上1个50g钩码，杠杆恰好处于水平平

衡，

由杠杆的平衡条件可得：m钩碘-OBUFA-OA,

则以=制%=翳x0.05kgx10N/kg=0.4N,

鹅卵石受到的浮力：F浮=0鹅卵石9-FA=0.06kgxION/kg-CAN=0.2N,

由尸浮=pgU排可得，鹅卵石的体积：

3

Y鹅卵石=V排鹅卵石=福=i.oxio^g^xioN/kg=2X10-5m3=20cm,

则鹅卵石的密度：P鹅卵石~广,"=2凿3=3g/cm3；

鹅卵石

故答案为：(1)①左；②27.4；③2.74x103；(2)3o

(1)①天平使用之前要调平，指针的偏转方向判断天平哪端下沉，调节过程中，平衡螺

母向下沉的反方向移动。

②天平在读数时应将祛码质量与游码示数相加。

③浸没在液体中的固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差。知道质量和体

积，根据密度公式计算鹅卵石的密度。

(2)将鹅卵石挂在4处，且浸没于水中时，杠杆恰好处于水平平衡，根据杠杆的平衡条件

求出4点受到的拉力，根据称重法求出鹅卵石受到的浮力，根据尸浮=。9^理求出鹅卵石

排开水的体积即为鹅卵石的体积，利用P=/求出鹅卵石的密度。

此题是测量固体的密度实验，考查了有关天平的使用和杠杆平衡条件、阿基米德原理、

密度公式的综合应用，涉及到的知识点较多，综合性强。

29.【答案】吸收热量的多少均匀受热39沙子水比热容

【解析】

【分析】

比热容表示不同物质吸热能力的不同。

本题探究不同物质吸热升温现象，考查控制变量法、转换法的应用、描点法作图及比热

容的物理意义。

初中物量测量工具只有刻度尺要估读，其它测量工具都没有必要

【解答】

第28页，共34页

(1)根据转换法，实验中，加热时间实质上反映了吸收热量的多少；

易拉罐是热的良导体，使用易拉罐以及用玻璃棒搅拌，目的是为了使物质均匀受热;

(3)分析图象可知，对于质量相等的沙子和水，吸收相同的热量，升温较快的是沙子；

据此推理，若两者升高相同的温度，水加热时间长，则水吸收的热量较多；

通过大量类似实验，人们发现了物质的一种物理属性，物理学中将这种属性叫做比热

容。

30.【答案】B灯泡短路0.18A0.5/?2?保持不动萼—/)

【解析】解：(1)变阻器按一上一下接入电路中与灯串联，额定电压为2.5人电压表选

用小量程与灯并联，如下所示：

(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处的B端；

(3)连好电路闭合开关，移动变阻器滑片，电流表有示数，电路为通路，根据小灯泡始

终不亮，电压表无示数，则故障的原因可能是灯泡短路；

(4)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，当电压表的示数为2V时，电流表示

数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.024,电流为0.184

灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，示数为2U小于灯的额定电压2.5叭

应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减

小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向4移动，直到电压表示数为额定电压；

根据绘成的图丙所示的U-/图象知，灯在额定电压的电流为0.24小灯泡的额定功率

为：

P=UI=2.5Vx0.24=0.5W-,

(5)根据图丙知，灯的电压为IP时电流为0.14由串联电路的规律及欧姆定律，此时变

阻器连入电路的电阻R潦=毕="三=500,故小明选用的滑动变阻器是/?2；

(6)①只闭合开关S、S],移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为空巴小灯泡正常

发光；

②只闭合开关s、S2,使滑动变阻器的滑片保持不动，读出电流表的示数为/；

③在①中，灯与变阻器串联后再与定值电阻串联，电流表则干路电流；

在②中，只闭合开关s、S2，电流表测灯与变阻器并联的电流，因电路的连接关系没有

改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律灯的

额定电流为：/---

即

③小灯泡的额定电功率表达式为=U威誉-/)。

故答案为：(1)如上所示；(2)8；(3)灯泡被短路；(4)0.18；405(4)R?；(5)①学；

R。

②保持不动；③u鼠一^^一/)。

(1)变阻器按一上一下接入电路中与灯串联，根