新疆阿克苏地区库车县乌尊镇乌尊中学2024届物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

新疆阿克苏地区库车县乌尊镇乌尊中学2024届物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一列简谐横波某时刻的波形如图所示，比较介质中的三个质点a、b、c，则A．此刻a的加速度最小B．此刻b的速度最小C．若波沿x轴正方向传播，此刻b向y轴正方向运动D．若波沿x轴负方向传播，a比c先回到平衡位置2、关于牛顿第二定律F＝ma，下列说法正确的是()A．a的方向与F的方向相同B．a的方向与F的方向相反C．a的方向与F的方向无关D．a的方向与F的方向垂直3、如图，PQS是固定于竖直平面内的光滑的四分之一圆周轨道，圆心O在S的正上方，在O和P两点各有一质量为m的小物块a和b，从同一时刻开始，a自由下落，b沿圆弧下滑。下列说法正确的是（）A．a与b同时到达S，它们在S点的动量相同B．a比b先到达S，它们在S点的动量不同C．b比a先到达S，它们在S点的动量不同D．a比b先到达S，它们从各自起点到S点的动量的变化相同4、如图所示，光滑绝缘的水平面上有带异种电荷的小球A、B，它们在水平向右的匀强电场中保持相对静止并共同向右做匀加速直线运动．设A、B的电荷量绝对值依次为QA、QB，则下列判断正确的是()A．小球A带负电，小球B带正电，且QA＞QBB．小球A带负电，小球B带正电，且QA＜QBC．小球A带正电，小球B带负电，且QA＞QBD．小球A带正电，小球B带负电，且QA＜QB5、如图所示，a、b、c为电场中同一电场线上的三点，且b为ac的中点，a、c电势分别为，下列叙述正确的是A．电场中b点的电势一定是7VB．a点的场强一定大于c点的场强C．一正电荷从b点运动到c点，电势能一定减少D．一正电荷运动到b点时，受到的电场力方向一定由b指向a6、一个电流表的满偏电流Ig=1mA．内阻为300Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10000Ω的电阻 B．并联一个10000Ω的电阻C．串联一个9700Ω的电阻 D．并联一个9700Ω的电阻二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、家用电热灭蚊器中电热部分的主要部件是PTC元件。PTC元件是由钛酸钡等半导体材料制成的电阻器，其电阻率与温度T的关系如图所示，T0为室温。由于这种特性，PTC元件通电后，能够达到稳定状态，它的温度保持不变。对此，以下说法正确的是（）A．通电后其消耗的功率先增大，后减小B．通电后其消耗的功率先减小，后增大C．稳定状态时，温度保持在T1～T2的某一值不变D．稳定状态时，温度保持在T1值不变8、如图所示，竖直平面内有一个半径为R的半圆形轨道OQP，其中Q是半圆形轨道的中点，半圆形轨道与水平轨道OE在O点相切，质量为m的小球沿水平轨道运动，通过O点进入半圆形轨道，恰好能够通过最高点P，然后落到水平轨道上，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是A．小球落地时的动能为2.5mgRB．小球落地点离O点的距离为2RC．小球运动到半圆形轨道最高点P时，向心力恰好为零D．小球到达Q点的速度大小为3gR9、如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导体球开始时互相接触且对地绝缘，下述几种方法中能使两球都带电的是()A．先把两球分开，再移走棒B．先移走棒，再把两球分开C．先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开D．棒的带电荷量不变，两导体球不能带电10、下列说法中正确的是（）A．摩擦起电是通过外力做功凭空产生了电荷B．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置C．导体中通过某一横截面一定的电荷量所用的时间越短，电流越大D．由可知，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）下列器材组装一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1（量程6V，内阻很大）B．电压表V2（量程4V，内阻很大）C．电流表A（量程3A，内阻很小）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω，额定电流4A）E．小灯泡（2A,7W）F．电池组（电动势E，内阻r）G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小．（1）请将设计的实验电路图在图甲中补充完整．（_____）（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V，和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I，U1）、（I，U2），标到U－I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E＝___V、内阻r＝___Ω.（结果保留两位有效数字）（3）在U－I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为___Ω,小灯泡的阻值应为____Ω.12．（12分）某实验小组想通过实验测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供的实验器材如下：待测干电池E（电动势约为1.5V，内阻约为3Ω）直流电流表A1（量程0~0.6A，内阻约0.5Ω）直流电流表A2（量程0~3A，内阻约0.1Ω）电压表V1（量程0~2V，内阻约为2000Ω）电压表V2（量程0~6V，内阻约为6000Ω）滑动变阻器R1（最大电阻20Ω，额定电流2A）滑动变阻器R2（最大电阻200Ω，额定电流1A）电阻箱R3（最大电阻99.9Ω，额定电流1A）开关、导线若干（1）若用伏安法测电源的电动势和内阻，要求测量有尽可能高的精确度且便于调节，应选择的电流表是________，电压表是________，滑动变阻器是________．（2）请将图甲中实物连接成实验电路________________．（3）若用伏安法测电源电动势和内阻时，电流表现了故障，不能使用，实验小组如想方便且能较准确地进行测量，需将实验进行改进，只需去掉电流表，将上述器材中的________换成________即可．（4）请在图甲所示的方框中画出改进后的实验电路图___________．甲乙（5）实验小组在改进后的实验中得到了多组路端电压和外电阻的数据，对所得数据进行处理后，在坐标纸上作出了如图乙所示图线．由图线得出：干电池的电动势E=________V，内阻r=________Ω．（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，通电导体棒ab质量为m、长为L，水平地放置在倾角为θ的光滑斜面上，通以图示方向的电流，电流强度为I，要求导体棒ab静止在斜面上．求：（1）若磁场方向竖直向上，则磁感应强度B为多大？（2）若要求磁感应强度最小，则磁感应强度的大小方向如何？14．（16分）如图所示，粗糙弧形轨道和两个光滑半圆轨道组成翘尾巴的S形轨道．光滑半圆轨道半径为R=0.2m，两个光滑半圆轨道连接处C、D之间留有很小的空隙，刚好能够使小球通过，C、D之间距离可忽略．粗糙弧形轨道最高点A与水平面上B点之间的高度为h=1.5m．从A点静止释放一个可视为质点的小球，小球沿翘尾巴的S形轨道运动后从E点水平飞出，落到水平地面上，落点到与E点在同一竖直线上B点的距离为s=1m．已知小球质量为m=0.8kg，不计空气阻力，g=10m/s2，求：（1）小球从E点水平飞出时的速度大小；（2）小球运动到半圆轨道的B点时对轨道的压力；（3）小球沿翘尾巴S形轨道运动时克服摩擦力做的功．15．（12分）如图所示，为一除尘装置的截面图，其原理是通过板间的电场或磁场使带电尘埃偏转并吸附到极板上，达到除尘的目的。已知金属极板MN长为d，间距也为d。大量均匀分布的尘埃以相同的水平速度v0进入除尘装置，设每个尘埃颗粒质量为m、电量为―q。当板间区域同时加入匀强电场和垂直于纸面向外的匀强磁场并逐步增强至合适大小时，尘埃恰好沿直线通过该区域;且只撤去电场时，恰好无尘埃从极板MN间射出，收集效率（打在极板上的尘埃占尘埃总数的百分比）为100%，不计尘埃的重力、尘埃之间的相互作用及尘埃对板间电场、磁场的影响。(1)判断M板所带电荷的电性；(2)求极板区域磁感应强度B的大小；(3)若撤去极板区域磁场，只保留原来的电场，则除尘装置的收集效率是多少？(4)把极板区域的磁场和电场均撤去后，在y轴右侧设计一个垂直于坐标平面的圆形匀强磁场区域，就可把全部尘埃收集到位于Q点的收集箱内。若直角坐标系原点O紧贴金属极板MN右侧中点，Q点坐标为（2d，―1.5d），求此磁场的方向及磁感应强度B′的大小范围。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

由机械振动特点确定质点的加速度和速度大小，由“上下坡法”确定振动方向．由波动图象可知，此时质点a位于波峰处，根据质点振动特点可知，质点a的加速度最大，故A错误，此时质点b位于平衡位置，所以速度为最大，故B错误，若波沿x轴正方向传播，由“上下坡法”可知，质点b向y轴正方向运动，故C正确，若波沿x轴负方向传播，由“上下坡法”可知，a质点沿y轴负方向运动，c质点沿y轴正方向运动，所以质点c比质点a先回到平衡位置，故D错误．2、A【解题分析】

根据牛顿第二定律F=ma得：a=F/m，质量是标量，力和加速度都是矢量，所以加速度方向与合外力方向相同，故选A．3、B【解题分析】

在物体下落的过程中，只有重力对物体做功，故机械能守恒，有解得所以在相同的高度，两物体的速度大小相同，即速率相同。由于a的路程小于b的路程。故ta＜tb，即a比b先到达s。又到达s点时a的速度竖直向下，而b的速度水平向左。故两物体的动量大小相等，方向不相同，初动量相同，末动量不同，动量的变化不同，故B正确，ACD错误。故选B。4、B【解题分析】

CD.假设小球A带正电，小球B带负电，对小球各自受力分析，小球B受向左的电场力和A对B向左的库仑力，所以小球B的合力向左。由于小球A、B向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向水平向右，则假设不成立，故CD错误。AB.小球A带负电，小球B带正电，对小球各自受力分析，由牛顿第二定律得：

对小球B：①对小球A：②两式相加得：EQB-EQA=mBaB+mAaA所以必有QA＜QB。则选项B正确，A错误。5、C【解题分析】

A、若是匀强电场，电场中b点的电势一定是7V，若是非匀强电场，电场中b点的电势不一定是故A错误．B、电场线的疏密表示电场的强弱，而一条电场线不能反映电场线的疏密，无法判断场强的大小．故B错误．C、正电荷从b点运动到c点，电场力做正功，电势能一定减少．故C正确．D、从a点到b点，电势降低，但正电荷运动到b点时，受到的电场力方向不是由b指向a．故D错误．故选C．6、C【解题分析】试题分析：改装电压表需要串联一个电阻进行分压，所以BD错误，根据欧姆定律可得：，即，解得故选C，考点：考查了电压表的改装原理点评：电流表串联电阻起分压作用为电压表，电压表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】

（1）由图象找出电阻率随温度变化的关系，然后由电阻定律判断电阻如何变化，最后由电功率公式判断功率如何变化．（2）由于家庭电路中的电源电压保持恒定不变，根据P=U2R可知当电阻变小时，热功率变大，电蚊器温度上升加快；反之，当电阻变大时，热功率变小，电蚊器温度上升较慢．所以电热驱蚊器通电后，在T0～T1阶段，随着温度上升，电阻变小，电热变大，温度上升较快；到T1～T【题目详解】AB、通电后半导体材料的温度逐渐升高，由图象可知，半导体的电阻率先变小，后变大，由电阻定律R=ρLS可知，半导体材料的电阻R先变小后变大，电源电压U不变，由P=C、由图象可知，在0～T1区间里电阻R随温度升高而减小，在T1～T2这区间里电阻R随温度的升高而增大；在家庭电路中电压不变，电热器的电功率P=U2R，可知电阻器的发热功率与电阻成反比．在温度升到T1前，电阻R随温度的升高而减小，功率增大，温度升高更快；温度一旦超过T1，电阻R随温度的升高而增大，功率减小，放出热量减小，温度升高变慢，当其产生的热量与散发的热量相等时，温度保持在T1至T故选：AC8、AB【解题分析】试题分析：小球恰好通过最高点P，根据重力提供向心力，有mg=mvP2R，解得：vP＝gR；以水平轨道平面为零势能面，根据机械能守恒定律得：12mv1则水平位移为：x=vPt＝gR⋅2Rg＝2R，故B正确；小球从Q点运动到P点的过程中，根据动能定理得：12mvP考点：牛顿定律及动能定理的应用【名师点睛】本题关键是明确小球的运动情况，然后分过程运用机械能守恒定律、平抛运动的分位移公式和向心力公式列式求解；小球恰好通过P点，重力恰好等于向心力。9、AC【解题分析】带电导体球与两个球不接触，本身电量不会转移到甲乙上，所以根据静电平衡，甲的左侧和乙的右侧带有等量的异种电荷，分开两球再移走棒，两球带有等量的异种电荷，A对；若先移走棒则感应出来的电荷又会回到各自的导体上，两个小球不会带电，B错；若接触其中的一个小球则电荷会发生转移，再分开两个小球，都会带上电量，所以C对，第一种情况下棒的电量没有发生变化，但是两个小球会带上电，所以D错．思路分析：根据使物体带电的方式进行解析．试题点评：考查是物体带电的方式10、BC【解题分析】

A．电荷既不能被创生，也不能被消灭，摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体，故A错误；B．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置，故B正确；C．根据电流定义式可知导体中通过某一横截面一定的电荷量所用的时间越短，电流越大，故C正确；D．导体的电阻由导体本身决定，跟它两端的电压无关，跟通过它的电流也无关，故D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.51.001.75【解题分析】

(1)[1]伏安法测电源电动势与内阻实验中电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小；调节滑动变阻器时电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小，则V1测路端电压，V2测灯泡两端电压，电路图如图所示.(2)[2][3]电源的图象是一条倾斜的直线，由图象可以知道电源电动势，电源内阻：(3)[4][5]由图乙所示图象可知两图象的交点坐标，即灯泡电压，此时电路电流，则灯泡此时的电阻为：而电源电动势：带入数据解得.12、A1V1R1R1R31.72.5【解题分析】

（1）由于电源电动势为1.5V，因此电压表选V1即可；而回路的电流不会太大，因此电流表选A1，根据电压表和电流表可选出滑动变阻器为R1；（2）测电源电动势和内电阻的测量电路见答案图1；（3）将滑动变阻器改为电阻箱，即用“安阻法”测电源电动势和内电阻；（4）电路如见答案图2；（5）根据闭合电路欧姆定律，整理得，图象与纵轴的截距为电动势的倒数，而与横轴的截距的绝对值等于内电阻倒数即可求得电动势和内电阻，代入数据解得E=1.7V，r=2.5Ω．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2），方向垂直于斜面向上【解题分析】

(1)若磁场方向竖直向上，从a向b观察，导线受力情况如图甲所示．由平衡条件得：在水平方向上：在竖直方向上：其中，联立以上各式可解得：；（2）若要求磁感应强度最小，则一方面应使磁场方向与通电导线垂直，另一方面应调整磁场方向使与重力、支持力合力相平衡的安培力最小。如图乙所示，由力的矢量三角形讨论可知，当安培力方向与支持力垂直时，安培力最小，对应磁感应强度最小，设其值为Bmin，则：，得：，根据左手定则判定知，该磁场方向垂直于斜面向上．答：(1)若磁场方向竖直向上，则磁感应强度(2)若要求磁感应强度最小，磁感应强度的最小值为，方向垂直于斜面向上。14、（1）(2)F=97N，方向竖直向下（3）W=3.1J【解题分析】

(1)小球从E点飞出做平抛运动，根据高度求出运动的时间，再根据水平位移和时间求出平抛运动的初速度；(2)小球从B点运动到E点的过程，机械能守恒，根据机械能守恒定律得求出B点速度，在B点，沿半径方向上的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出轨道对球的弹力，从而根据牛顿第三定律求出小球对轨道的压力；(3)根据动能定理求出小球沿轨道运动过程中克服摩擦力所做的功．【题目详解】(1)小球从E点水平飞出做平抛运动，设