福建省福州第八中学2024届高二物理第一学期期中考试试题含解析

福建省福州第八中学2024届高二物理第一学期期中考试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法不正确的是()A．电源1与电源2的内阻之比是11∶7B．电源1与电源2的电动势之比是1∶1C．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2D．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1∶22、下列说法正确的是（）A．半导体材料导电性能不受外界条件的影响B．超导现象是指在温度降到某一临界值时电阻率突然降为零的现象C．由R=可知，R与导体两端电压U成正比，与通过导体的电流I成反比D．由可知，ρ与S成正比，与L成反比3、如图是某种电磁泵模型，泵体是一个长方体，ab边长为L1，左右两侧面是边长为L2的正方形，泵体处在垂直向外、磁感应强度为B的匀强磁场中，泵体上下表面接电动势为U的电源(内阻不计)．若泵工作时理想电流表示数为I，泵和水面高度差为h，液体的电阻率为ρ，t时间内抽取液体的质量为m，不计液体在流动中和管壁之间的阻力，重力加速度为g.则()A．泵体上表面应接电源负极B．电源提供的电功率为C．电磁泵对液体产生的推力大小为BIL1D．质量为m的水离开泵时的动能为UIt－mgh－I2t4、有一家用电风扇，电风扇两端电压为220V，工作电流为0.5A，则下列说法中正确的是（）A．电扇线圈电阻为440Ω B．电扇线圈电阻大于440ΩC．电扇线圈电阻小于440Ω D．电扇线圈的电阻可用欧姆定律计算5、某同学在篮球场上锻炼身体，一次投篮时篮球恰好垂直打在篮板上，设篮球撞击篮板处与抛出点的竖直距离为x，水平距离为2x，篮球抛出时速度与地面的夹角为θ，大小为v，则下列判断正确的是()A．θ=30° B．θ=60°C．v= D．v=26、周期为2.0s的简谐横波沿x轴传播，该波在某时刻的图象如图所示，此时质点P沿y轴负方向运动，则该波（

）A．沿x轴正方向传播，波速v=20m/s B．沿x轴正方向传播，波速v=10m/sC．沿x轴负方向传播，波速v=20m/s D．沿x轴负方向传播，波速v=10m/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两个相同的平行板电容器C1、C2用导线相连，开始时都不带电．现将开关S闭合给两个电容器充电，充电完毕后，电容器C1两板间有一带电微粒恰好处于平衡状态．再将开关S断开，把电容器C2两板稍错开一些（两板间距离保持不变），重新平衡后，下列判断正确的是（）A．电容器C1两板间电压减小B．电容器C2两板间电压增大C．带电微粒将加速上升D．电容器C1所带电荷量增大8、在如图所示的电路中，电流表的内阻很小可忽略不计．则利用此电路（）A．若已知R1、R2的阻值，且R1≠R2，可以测定电源电动势和内电阻B．若已知R1、R2的阻值，且R1≠R2，只能测定电源电动势不能测电源内电阻C．若已知R1、R2的阻值，且R1=R2，可以测定电源电动势和内电阻D．若已知电源电动势E及R1的阻值，可以测量电阻R2的阻值和电源内电阻9、加速直线运动的质点，在第1s末的速度为2m/s．下面判断正确的是（）A．质点在第2s末的速度可能是4m/sB．质点的加速度一定是2m/s2C．质点的加速度可能是1m/s2D．质点的加速度可能是3m/s210、如图所示的电路中，电源的电动势恒定．要想使灯泡变暗，可以()A．增大R1B．减小R1C．增大R2D．减小R2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材：A．直流电源（6V，内阻不计）B．电流表G（满偏电流3mA，内阻）C．电流表A（，内阻未知）D．滑动变阻器R（，5A）E．滑动变阻器Rˊ（，）F．定值电阻R0（阻值）G．开关与导线若干（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．（画在方框内）_____（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用_____．（填写器材序号）（3）将上述电子元件R1和另一电子元件R2接入如图所示的电路甲中，它们的伏安特性曲线分别如图乙中oa、ob所示．电源的电动势E=6.0V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电子元件R1的阻值为_____，R3接入电路的阻值为_____（结果保留两位有效数字）．12．（12分）在实验室测量一个直流电源的电动势和内电阻（电动势大约为1.5V，内阻大约为1.5Ω），由于实验室条件有限，除了导线、开关外，实验室还能提供如下器材：A．量程为3V的电压表VB．量程为0.6A的电流表A1C．量程为3A的电流表A2D．阻值为1.0Ω的定值电阻R1E.阻值为100Ω的定值电阻R2F.最大阻值为10Ω的滑动变阻器R3G.最大阻值为100Ω的滑动变阻器R1（1）选择电压表、电流表、定值电阻、滑动变阻器等器材，采用图1所示电路测量电源的电动势和内电阻．定值电阻应该选择______（填“D”或者“E”）；电流表应该选择______（填“B”或者“C”）；滑动变阻器应该选择______（填“F”或者“G”）．（2）分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，计算机拟合其U—I图象（U和I的单位分别为V和A）拟合公式为U=-5.6I+1.1．则电源甲的电动势E=________V；内阻r=_________Ω（保留两位有效数字）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，当S闭合时，电压表和电流表（均为理想电表）的示数各为1.6V和0.4A；当S断开时，它们的示数变为1.7V和0.3A，求电源的电动势和内阻．14．（16分）如图所示，电源电动势、内电阻、、均未知，当a、b间接入电阻＝10时，电流表示数为；当接入电阻时，电流表示数为．当a、b间接入电阻＝118时，电流表示数为多少？15．（12分）如图所示，在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中有一粒子源，粒子源从O点在纸面内均匀地向各个方向同时发射速率为v的带电粒子（质量为m，电荷量为＋q）、PQ是在纸面内垂直磁场放置的挡板（厚度不计，长度足够），挡板的P端与O点的连线与挡板垂直，距离为，且粒子打在挡板两侧都会被吸收，不计带电粒子的重力与粒子间的相互作用，磁场分布足够大，求：（1）水平向右出射的粒子所打挡板位置和P点的距离L；（2）打在挡板右侧的粒子在磁场中运动时间的最大差值Δt；（3）能打在挡板上的粒子占所有粒子的比率η．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

A．根据电源U-I图线，，，则r1：r2=11：7故A正确，不符合题意。B．由图可知E1=E2=10V，故B正确，不符合题意；CD．灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态则I1=5A，U1=3V则P1=I1U1=15WI2=6A，U2=5V则P2=I2U2=30W则在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2，选项C正确，不符合题意；在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是18∶25，选项D错误，符合题意。2、B【解题分析】半导体材料导电性能与外界条件有关，例如温度、光照等，A错。B对。为定义式，R与U，I无关，C错。电阻率由材料决定，与L,S无关，D错。3、D【解题分析】

当泵体中电流向下时，安培力向左，故液体被抽出；根据电阻定律和欧姆定律列式求解电流表达式分析，根据安培力公式分析安培力大小情况．【题目详解】A项：当泵体上表面接电源的负极时，电流从下向上流过泵体，这时受到的磁场力水平向右，不会拉动液体，故A错误；B项：为非纯电阻电路，电源提供的电功率为UI，故B错误；C项：根据安培力公式F=BIL2，故C错误；D项：若t时间内抽取水的质量为m，根据能量守恒定律，则这部分水离开泵时的动能为EK=UIt-mgh-，故D正确．故应选：D．【题目点拨】本题关键是明确电磁泵的工作原理，要能够结合欧姆定律、电阻定律、安培力公式分析抽液高度的影响因素．4、C【解题分析】

AD.电动机为非纯电阻电路，不能使用欧姆定律计算电阻；故AD错误；BC.电风扇主要用于机械能的输出，，即，其电阻一定小于由欧姆定律求出的电阻；故电风扇的电阻一定小于440Ω；故C正确B错误；5、D【解题分析】

CD．采用逆向思维，篮球做平抛运动，根据得则篮球撞在篮板上的速度可知抛出时竖直分速度根据平行四边形定则知，篮球抛出时的速度C错误D正确；AB．抛出时速度与地面夹角的正切值解得AB错误．故选D.6、B【解题分析】横波的振动方向与传播方向垂直，已知P点的振动方向向下，由同侧法可知传播方向右，而读图得波长，，则波速，故选项B正确．【考点定位】横波的性质、机械振动与机械波的关系．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解题分析】

当断开开关S时，则电容器两极板间的电量不变．若把电容器两板稍错开一些，则导致平行板电容器的电容减小，从而导致电容器两端电压增大，故B正确；断开开关S后，电容器C1两端电压与电容器两端电压相同，则电容器两板间电压也增大，故A错误；电容器两的电容不变，根据可知，其两极板上的电荷量增大，故D正确；由于电容器C1两极板间的间距不变，根据可知，两板间的电场强度增加，所以电场力大于重力，出现液滴向上加速运动，故C正确；故选BCD．【题目点拨】本题关键是电容器两端电压发生变化导致电容器电量和电场强度的变化，从而引起电场力变化．8、AD【解题分析】

开关接1时，由闭合电路欧姆定律可得：

开关接2时，由闭合电路欧姆定律可得：

AB．若已知的阻值，且，因电流值可以测出，故可以测定电源电动势和内电阻，故A正确，B错误；

C．若，则两方程相同，故无法测定电源的电动势和内电阻，故C错误；

D．若已知电源电动势E及的阻值，根据方程可以测量电阻的阻值和电源内电阻，故D正确．9、AC【解题分析】

根据匀变速直线运动的速度时间公式，求出质点的加速度以及质点的速度大小．【题目详解】A、B、若质点的初速度为零，则加速度，第2s末的速度v2=at2=2×2m/s=4m/s，若初速度不为零，则加速度不等于2m/s2，2s末速度不为零，故A正确，B错误.C、若质点的初速度为1m/s，质点的加速度，故C正确.D、初速度为零时加速度大小为2m/s2，因为初速度不一定为零，故加速度不一定为是2m/s2，但加速度最大为2m/s2，故D错误.故选AC.【题目点拨】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用，注意在本题中初速度可能为零，可能不为零.10、AD【解题分析】

如图所示，灯泡与电阻R2并联，然后R1串联．要使灯泡变暗，应使流过灯泡的电流变小．【题目详解】A.增大R1，电路总电阻增大，干路总电流减小，灯泡和R2并联的电压就减小，所以灯泡的电流减小，灯泡变暗，A正确B.减小R1，电路总电阻减小，干路总电流增大，灯泡和R2并联的电压就增大，所以灯泡的电流增大，灯泡变亮，B错误C.增大R2，电路总电阻增大，干路总电流减小，则电压内阻r和R1的电压都减小，并联部分的电压增大，加在灯泡两端的电压变大，流过电灯泡的电流增大，灯泡变亮，C错误D.减小R2，电路总电阻减小，干路总电流增大，则电压内阻r和R1的电压都增大，并联部分的电压减小，加在灯泡两端的电压减小，流过电灯泡的电流减小，灯泡变暗，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D

104【解题分析】

（1）描绘灯泡的伏安特性曲线，电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；由题意可知，没有电压表，需要用已知内阻的电流表G与定值电阻R0串联测电压，灯泡电阻R=U2/P=14.4Ω，电压表内阻为10+1990=2000Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示：（2）为方便实验操作，同时分压接法时，要求用小电阻，故滑动变阻器应选D．（3）两元件串联，流过它们的电流始图相等，电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，说明它们的电压和电流相等，由图乙可知，此时电阻两端的电压为U=2.5V，I=0.25A，根据欧姆定律得：R1＝U/I=2.5V/0.25A＝10Ω．根据串并联电路特点，可知，此时流过R3的电流为：I′=2I=0.5A，两端的电压为：U′=E-U=6V-2.5V=3.5V；R3接入电阻的阻值为：R3=(E-2U)/I=(6-2×2.5)/0.25=4.0Ω；12、(1)DBF(2)1.1V1.6Ω【解题分析】（1）测电动势是1.5V，内阻为1Ω的电源电动势与内阻实验时，短路电流为1.5A，如果用量程为3A电流表，则读数误差太大，因此电流表应选B；测电动势为1.5V电源电动势与内阻实验时，电路最小电阻为R==7.5Ω，考虑电源内阻、滑动变阻器电阻，因此定值电阻应选D；为方便实验操作，滑动变阻器应选F．

（2）根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（r+R）

由表达式U=-5.6I+1.1可知，电源电动势为：E=1.1V，r+R=5.6Ω，所以内阻r=5.6-1.0=1.6Ω点睛：本题考查了实验器材的选择，实验数据处理，要正确实验器材的选取原则，理解实验原理是正确解题的关键，同时要结合数学知识理解图象斜率和截距的含义．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、电源的电动势为2.0V，内阻为1Ω．【解题分析】S闭合时，根据闭合电路欧姆定律得：

即①

S断开时，根据闭合电路欧姆定律得：

即②

联立①②式得：，．点睛：分析电路结构，电压表测量路端电压，电流表测量干路电流，根据闭合电路欧姆定律列出含E和r的方程；求解电源的电动势和内阻，常常根据