2024届西宁市第四中学高二物理第一学期期中复习检测模拟试题含解析

2024届西宁市第四中学高二物理第一学期期中复习检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两球均可视为质点，它们之间的万有引力大小为F，若两球间的距离增加到原来的3倍，则它们之间的万有引力大小为（）A．F B．F C．F D．F2、A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示．设A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为φA、φB，则A．EA＝EBB．EA＜EBC．φA＝φBD．φA＞φB3、R1和R2是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体,但R2的尺寸比R1的尺寸小．将两导体分别串联（如图1）和并联（如图2）接入电路,通过两导体的电流方向如图中箭头所示,则()A．图1中R1两端的电压大于R2两端的电压B．图2中通过R1的电流小于通过R2的电流C．图1中R1内自由电荷定向移动的速率小于R2内自由电荷定向移动的速率D．图2中R1内自由电荷定向移动的速率大于R2内自由电荷定向移动的速率4、磁电式电流表(表头)最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程．已知某一表头G，内阻Rg＝30Ω，满偏电流Ig＝5mA，要将它改装为量程为0～3A的电流表，所做的操作是()A．串联一个570Ω的电阻B．并联一个570Ω的电阻C．串联一个0.05Ω的电阻D．并联一个0.05Ω的电阻5、在如图各种电场中，A、B两点电场强度相等的是（）A． B．C． D．6、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)和灵敏电流计连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则()A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴在P点的电势能将减小D．此过程中灵敏电流计中的电流方向是由b流向a二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电流表和电压表均可看成是理想电表，当滑动变阻器的滑动头向上移动时，下列结论正确的是（）A．电压表和电流表和的示数都减小B．电压表的示数增大，电流表的示数减小C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表和电流表和的示数都增大8、示波器是一种电子仪器，可以用它观察电信号随时间变化的情况示波器的核心部件示波管，由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，其原理图如图甲所示图乙是从右向左看到的荧光屏的平面图在偏转电极XX'、YY'上都不加电压时，电子束将打在荧光屏的中心点；若亮点很快移动，由于视觉暂留关系，能在荧光屏上看到一条亮线若在XX'上加如图丙所示的扫描电压，在YY'上加如图丁所示的信号电压，则在示波管荧光屏上看到的图形不是下图中的A． B．C． D．9、磁力玻璃擦是目前很时尚的玻璃清洁器，其原理是利用异性磁极的吸引作用可使外面的一片跟着里面的一片运动，旧式磁力玻璃擦在使用时由于相对移动会导致前后两面的同性磁极间距较小，由于同性磁极相互斥力作用很容易脱落，其内部N、S磁极分布如图甲所示．经过改进后，新式磁力玻璃擦其内部的N、S磁极分布如图乙所示，使用时两片不易脱落，关于两种磁力玻璃擦脱落的主要原因，下列说法中正确的是（）A．甲图中前后面的同性磁极间距较小，同性磁极相互斥力大，容易脱落B．甲图中前后面的异性磁极间距较小，异性磁极相互引力大，不容易脱落C．乙图中前后面的同性磁极间距较大，同性磁极相互斥力小，不容易脱落D．乙图中前后面的异性磁极间距较大，异性磁极相互引力小，容易脱落10、如图所示电路中，R1＝5Ω，R2＝7Ω，R3＝8Ω，R4＝10Ω，C＝20μF，电源电动势E＝18.6V，内阻r＝1Ω，电表为理想电表．开始电键K是闭合的，则下列判断正确的是（）A．电流表的示数为lAB．电压表的示数为6VC．电容器所带的电荷量为1．8×10－4CD．当电键K断开后，通过电阻R1的电荷量为1．8×10－4C三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）双流中学一研究性学习小组欲通过测定工业污水（含多种重金属离子）的电阻率来判断某工厂废水是否达到排放标准（一般工业废水电阻率的达标值为ρ≥200Ω•m，如图1所示为该组同学所用盛水容器，其左、右两侧面为金属薄板（电阻极小），其余四面由绝缘材料制成，左右两侧带有接线柱．容器内表面长a=40cm，宽b=20cm，高c=10cm，将水样注满容器后，进行以下操作：(1)分别用多用电表欧姆挡的“×l00”、“×1K”两档粗测水样的电阻值时，表盘上指针如图2所示，则所测水样的电阻约为_________Ω．(2)为更精确地测量所取水样的电阻，该小组从实验室中找到如下实验器材；A．电流表（量程6mA，电阻RA为20Ω）B．电压表（量程15V电阻Rv约为10kΩ）C．滑动变阻器（0-20Ω，额定电流1A）D．电源（12V内阻约10Ω）E．开关一只、导线若干请在图3的实物图中完成电路连接．(3)正确连接电路后，闭合开关，测得一组U、I数据；再调节滑动变阻器，重复上述测量步骤，得出一系列数据如表所示，请在图4的坐标纸中作出U-I关系图线.(4)由以上测量数据可以求出待测水样的电阻率为_________Ω•m,据此可知，所测水样在电阻率这一指标上__________（选填“达标”或“不达标”）．12．（12分）某同学在研究性学习过程中通过一个电压表来测量一个欧姆表内部电源的电动势电压表的内阻未知约)，且测量准确，欧姆表刻度盘上的中间刻度值为1．①该向学在实验过程中，红表笔与电压表的______填“+”或“一”接线柱连接，欧姆表的选择开关应拨至倍率“______”填“1”、“10”、“100”或“1k”的位置．②在实验中，该同学读出电压表的读数为以欧姆表的指针所指的刻度值为m并且在实验过程中，一切操作都是正确的则欧姆表电池的电动势表达式______．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，定值电阻R1=4Ω、R2=16Ω、R3=4Ω、R4=6Ω、R5=10Ω，电源电动势E=10V，内阻不计，平行板电容器的电容C=2μF、a、b、c、d为电路中的四个结点，令结点d电势为零．则电容器所带的电荷量为多少？并说明电容器上、下极板的正负．14．（16分）相距40km的A、B两地架设两条输电线，电阻共为800Ω。如果在A、B间的某处发生短路，如图所示。这时接在A处的电压表示数为10V，电流表示数为40mA。求发生短路点相距A有多远。15．（12分）匀强电场中，将一电荷量为2×10-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60°角，如图所示，问：（1）在电荷由A移到B的过程中，电场力做了多少功？（2）该匀强电场的电场强度为多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

根据万有引力定律的公式得万有引力与质量乘积成正比，与距离的平方成反比；因此可知，两球间的距离增加到原来的3倍，则万有引力变为原来的，故为F；故C正确，ABD错误。

故选C。2、A【解题分析】

因为电子做匀加速直线运动，则加速度不变，即所受的电场力不变，可知电场强度不变，所以EA=EB．故A正确，B错误。因为电子从A到B做加速运动，所以电场线方向由B指向A，沿电场线方向电势逐渐降低，则φA＜φB．故CD错误。故选A。【题目点拨】解决本题的关键知道沿电场线方向电势逐渐降低，电场线的疏密代表电场的强弱．本题通过电场力的变化判断电场强度的变化．3、C【解题分析】设导体厚度为d，R边长为L，电阻率为ρ，根据电阻定律得导体的电阻为：，由此可知导体R1、R2的阻值相等，图1中R1、R2串联，根据串联分压的特点可知R1两端的电压等于R2两端的电压，故A错误；根据电流的微观表达式：I=nevS=nevLd，由于I、n、e、d相同，则L越大，v越小，则R1中自由电荷定向移动的速率小于R2中自由电荷定向移动的速率，故C正确；图2中R1、R2并联，电压相等，导体R1、R2的阻值相等，所以通过R1的电流等于通过R2的电流，故B错误；根据电流的微观表达式：I=nevS=nevLd，由于I、n、e、d相同，则L越大，v越小，则R1中自由电荷定向移动的速率小于R2中自由电荷定向移动的速率，故D错误．所以C正确，ABD错误．4、D【解题分析】

改装成电流表是要扩大电流的量程，使用并联电路的分流原理；要并联的阻值为：；故选D．【题目点拨】改装成电流表要并联电阻分流，电阻值等于满偏电压除以所分最大电流，改装成电压表要串联电阻分压，电阻值等于量程除以满偏电流减去原内阻．5、C【解题分析】

A．该图中A、B两点场强大小相同，方向不同，选项A错误；B．该图中A、B两点场强大小不相同，方向相同，选项B错误；C．该图中A、B两点场强大小相同，方向相同，选项C正确；D．该图中A、B两点场强大小不相同，方向也不同，选项D错误；故选C。6、B【解题分析】试题分析：电容器和两极板相连，即两极板间的电势差恒定不变，当将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则两极板间的距离增大，根据公式可得两极板间的电场强度减小，所以电场力减小，故油滴将向下运动，A错误；由于电场强度减小，而P到下极板间的距离不变，所以根据公式可得P点到下极板间的电势差减小，而下极板电势为零，恒定不变，所以P点的电势减小，B正确；因为油滴带负电，所以根据公式可得带电油滴在P点的电势能将增大，C错误；根据公式可得电容减小，根据公式可得电容的电荷量减小，故电容器放电，电流由a到b，故D错误；考点：考查了电容器的动态变化【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解题分析】当滑动变阻器的滑动头向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流减小，即的示数减小，路端电压增大，即电压表的示数增大．电路中并联部分的电压增大，所以电阻的电流增大，而总电流是减小的，所以示数减小，BC正确．8、BCD【解题分析】

因偏转电极接入的是锯齿形电压，即扫描电压，且周期与偏转电压上加的是待显示的信号电压相同，所以在荧光屏上得到的信号是在一个周期内的稳定图像，则显示的图像与所载入的图像形状是一样的，如A所示，根据题意可知应选BCD。9、AC【解题分析】

A．由图示可知，甲图中前后面的同性磁极间距较小，同性磁极相互斥力大，容易脱落，故A正确；B．异性磁极间距较小，异性磁极相互引力大，越不容易脱落，故B错误；C．由图示可知，乙图中前后面的同性磁极间距较大，同性磁极相互斥力小，不容易脱落，故C正确；D．前后面的异性磁极间距等于玻璃的厚度，与磁力玻璃擦结构无关，故D错误。故选AC．10、BC【解题分析】A、由于电流表视为短路，而电压表视为短路，则分析电路结构可知，知R2、R3、R4串联后与R1并联，R5上无电流电流表示数为：解得：电流，电压表的示数等于R4上的电压，解得：；A错误，B正确；C、电容器C所带的电量：；解得：；开关断开后，电流将分别流过R1、R4和R2、R3，故流过R1的电量一定小于1.8×10﹣4C，C正确，D错误；故选BC．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1750135.5不达标【解题分析】【试题分析】(1)图乙中左图，指针位于刻度盘中央附近，误差较小，由此表读出水样的电阻；(2)要精确测量电阻值，需要电路中电压有较大的变化范围，而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻，滑动变阻器要采用分压接法；根据两电表内阻与水样的电阻倍数关系，确定出采用电流表内接法，即可完成电路连接；(3)建立坐标系，采用描点法连线作图．(4)由图线斜率和电流表的内阻，求解水样的电阻，由电阻定律求解电阻率，与达标值为ρ≥200Ω•m比较，分析是否达标．(1)电阻的大小等于指针示数乘以倍率，得出水样的电阻约为：1750Ω；(2)因为要精确测量电阻值，需要电路中电压有较大的变化范围，而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻，所以连线时滑动变阻器要用分压接法；又因为所测电阻的阻值约为1750Ω＞RARV，则采用电流表内接法，电路连接如图所示．(3)描点法作图，如图．（让绝大多数的点在直线上，其余各点均匀地分布在直线两侧．）(4)由图线斜率可知，总电阻为R总=UI=124.4×10-3Ω=2730Ω，又R=R【题目点拨】解决本题的关键掌握欧姆表的读数方法，以及掌握如何选择电流表的内外接、滑动变阻器的分压、限流接法．12、-1k【解题分析】

因为欧姆表的“”孔与内部电源的正极相连，所以红表笔与电压表的“”接线柱连接．电压表内阻约，用欧姆表测其内阻时，测电阻时应尽量使