试题山西省怀仁市重点中学2024届物理高二上期中监测模拟试题含解析

试题山西省怀仁市重点中学2024届物理高二上期中监测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3。轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，则（）A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度等于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点时的速率小于它在轨道2上经过Q点时的速率D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度大于它在轨道3上经过P点时的加速度2、关于电源，下列说法中正确的是()A．电源可将其他形式的能量转化为电能B．在电源内部，电源依靠库仑力搬移电荷C．在电源内部，电荷只在非静电力作用下定向移动D．电源就是产生电荷的装置3、如图所示是电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域.现在把电阻R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别为P1和P2，并联的总电阻设为R，下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线所在的区域正确的是A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P24、如图所示，空间某一区域中存在着方向互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B，电场的方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里。一个带电粒子在这一区域中沿直线运动，不计粒子的重力，则（）A．粒子带正电B．粒子可能做变速直线运动C．粒子做匀速直线运动，速度D．粒子所受到的洛伦兹力可能做正功也可能做负功5、如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知（）A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.5AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是2.0V6、如图所示，半径为r的n匝线圈套在边长为L的正方形abcd之外，匀强磁场局限在正方形区域内且垂直穿过正方形，当磁感应强度以的变化率均匀增加时，线圈中产生感应电动势的大小为（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，置于匀强电场中的一带电液滴从静止开始由b沿直线运动到d，且bd线与竖直方向的夹角为45°，则下列结论正确的是()A．此液滴带负电B．液滴做匀加速直线运动且加速度等于gC．合外力对液滴做的总功等于零D．液滴的电势能减少8、如图所示，带正电的点电荷被固定于A点，以O点为坐标原点，AO方向为x轴正方向建立如图所示的一维坐标系，现将一个电荷量很小的带正电的点电荷q从O点由静止释放，在点电荷运动的过程中，下列关于点电荷q的动能Ek、电势能Ep随坐标x变化的图象中(假设O点电势为零，不计q的重力)，可能正确的是()A． B． C． D．9、如图是生产中常用的一种延时继电器的示意图，铁芯上有两个线圈A和B，线圈A跟电源连接，线圈B的两端接在一起，构成一个闭合回路．下列说法正确的是（）A．闭合开关S时，B中产生与图示方向的感应电流B．闭合开关S时，B中产生与图示方向相反的感应电流C．断开开关S时，电磁铁会继续吸住衔铁D一小段时间D．断开开关S时，弹簧k立即将衔铁D拉起10、如图所示为多用电表欧姆挡的原理图，表头内阻为Rg，调零电阻的最大阻值为R0，电池的电动势为E,内阻为r。则下列说法中正确的是（）A．它是根据闭合电路欧姆定律制成的B．欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的右端C．接表内电池负极的应是红表笔D．调零后刻度盘的中心刻度值是r+Rg+R0三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）要测量电压表V1的内阻RV，其量程为2V，内阻约2kΩ。实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约0.1Ω；电压表V2，量程5V，内阻为5kΩ；定值电阻R1，阻值30Ω；定值电阻R2，阻值为3kΩ；滑动变阻器R3，最大阻值100Ω，额定电流1.5A；电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω；开关S一个，导线若干。①有人拟将待测电压表V1和电流表A串联接入电压合适的测量电路中，测出V1的电压和电流，再计算出RV。该方案实际上不可行，其最主要的原因是______________②请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻RV的实验电路。要求测量尽量准确，实验必须在同一电路中，且在不增减元件的条件下完成。试画出符合要求的实验电路图（图中电源与开关已连接好），并标出所选元件的相应字母代号：__________。③由上问写出V1内阻RV的表达方式，说明式中各测量量的物理意义。__________12．（12分）为了测量某根金属丝的电阻率，根据电阻定律需要测量长为L的金属丝的直径D，电阻R．某同学进行如下几步进行测量：(1)直径测量：该同学把金属丝放于螺旋测微器两测量杆间，测量结果如图，由图可知该金属丝的直径D=____________mm.(2)欧姆表粗测电阻，他先选择欧姆×100档，发现表头指针偏转过大，为了使读数更精确些，还需进行的步骤是________.之后多用表的示数如下图所示，测得该元件电阻为_______Ω.A．换为×1K档，重新测量B．换为×10档，重新测量C．换为×1K档，先欧姆调零再测量D．换为×10档，先欧姆调零再测量四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）将一个电量为－2×10－9C的点电荷从电场中的N点移动到M点，需克服电场力做功1.4×10－8J，求：(1)N、M两点间的电势差UNM为多少？(2)若将该电荷从M移到N，电场力做什么功？UMN为多少？14．（16分）某小组在研究电动机的特性时，将电动机接成如图所示电路．电源电动势E=20V，内阻r=lΩ，当接入固定电阻R=4Ω时，电路中标有“3V、6W”的灯泡L和内阻RD=0.5Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作．试求：（1）电路中的电流大小；（2）电动机的额定电压和输出功率；（3）电源的总功率．15．（12分）如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF；已知电源电动势E=4V，内阻r=0.5Ω。求：(1)当S1闭合、S2断开时，电路消耗的总功率；(2)当S1闭合、S2均闭合时，电路消耗的总功率；(3)当S1闭合、S2断开时，电容器所带的电荷量为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

A．卫星绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力得得可知卫星的轨道半径越大，速率越小，所以卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率，A错误；B．由万有引力提供向心力得得则轨道半径大的角速度小，所以卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度，B错误；C．从轨道1到轨道2，卫星在Q点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星加速，使其所需向心力大于万有引力，所以卫星在轨道1上经过Q点时的速率小于它在轨道2上经过Q点时的速率，C正确；D．卫星运行时只受万有引力，由得加速度则知在同一地点，卫星的加速度相等，D错误。故选C。2、A【解题分析】电源内部，电荷在非静电力和静电力共同作用下定向移动，BC错误；电源是将其他形式的能转化为电能的装置，电源并非产生了电荷，而是使电荷发生定向移动，A正确D错误．3、C【解题分析】试题分析：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R1的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2考点：本题考查了I-U图像的理解以及并联电路功率的计算点评：本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．4、C【解题分析】

A.如果粒子带正电，从下向上运动，电场力与洛仑兹力仍平衡，故无法判断粒子带电，故A错误；B.因为洛仑兹力始终与速度垂直，如果粒子做变速运动，则洛仑兹力大小时刻改变，则合力不可能始终与速度在一条直线上，故不可能做变速直线运动，一定做匀速直线运动，故B错误；C.根据平衡条件，可知速度，故C正确；D.粒子所受到的洛伦兹力始终与速度垂直，不做功，故D错误；故选C。5、A【解题分析】

AB.根据图象，由欧姆定律可得导体电阻：，故A正确，B错误；C.当导体两端电压是10V时，通过导体的电流：，故C错误；D.当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压：U=IR=0.1A×25Ω=2.5V，故D错误。6、D【解题分析】

ABCD．根据法拉第电磁感应定律，线圈中产生的感应电动势的大小公式中的S为有效面积，即回路中存在磁场的那部分面积，所以有故D正确，ABC错误。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解题分析】A、若液滴带正电,其受力情况如图一所示,液滴不可能沿bd运动,故只能带负电荷,所以A选项是正确的.

B、对液滴进行受力分析,其受力情况如图二所示,故物体所受合力,故物体的加速度,做匀加速直线运动,所以B选项是正确的.

C、因为液滴从静止开始做加速运动,故合力的方向与运动的方向相同,故合外力对物体做正功,故C错误.

D、因为电场力做正功，故液滴的电势能减小,所以D选项是正确的.综上所述本题答案是：ABD点睛：根据带电液滴作直线运动可以知道带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向,利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质,从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度;根据合外力的方向与速度的方向相同可以知道合外力做正功,根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况.8、BD【解题分析】

AB.设点电荷q在x处所受的电场力为F，在点电荷在运动的过程中，电场力F做正功，点电荷的电势能减少，动能增加；在x→x+x内，x极小，点电荷q动能增加量为Ek，根据动能定理得Fx=Ek，则F=

，由于在点电荷在运动的过程中，电场力F逐渐减小，所以Ek-x图象的斜率逐渐减小，故A错误，B正确；

CD.根据能量守恒定律知，Ek+Ep=0，则得Ep=-Ek，则知Ep-x图象的斜率也应逐渐减小，故C错误，D正确。9、BC【解题分析】试题分析：由题意可知，当S接通后，线圈A中产生磁场，穿过线圈B的磁通量要增加，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，B中产生与图示方向相反的感应电流，故A错误，B正确；将S断开，导致穿过线圈B的磁通量减小变慢，根据楞次定律可知，产生有延时释放D的作用，故C正确，D错误，故选BC.考点：楞次定律；右手螺旋定则【名师点睛】该题考查楞次定律与右手螺旋定则的应用，注意穿过闭合线圈的磁通量变化，线圈相当于电源，同时理解线圈B的作用是阻碍线圈A磁通量的变化；此题考查了学生用物理知识在解决实际问题中的应用能力.10、AC【解题分析】

A．在两个表笔间接入一个待测电阻，可得所以可知其根据闭合电路欧姆定律制成的，A正确B．当电流为满偏电流时，接入的电阻为0，当不接入电阻时，电流为0，所以欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的左端。B错误C．欧姆表的表笔接法满足的规律是电流从红表笔进，黑表笔出，所以内电池的负极对应的是红表笔，C正确D．刻度盘的中心刻度对应的电阻为欧姆表的内阻，调零电阻的阻值应为实际接入的阻值，不是最大阻值，D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电流表的量程太大；U1表示V1的示数，U2表示V2的示数，R2为定值电阻的阻值。【解题分析】

①[1]最主要的原因是电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流，测量值远小于量程②[2]测量电压表V1内阻的实验电路如图所示，根据的是串联分压的原理；③[3]由两电压表支路电压相同，可知，其中U1表示V1的示数，U2表示V2的示数，R2为定值电阻的阻值。【题目点拨】本题难度较小，在选择电压表与电流表时特别要注意的是电表的量程的选择，量程不能太大，否则测量误差较大，太小不能完成实验要求。12、1.682mmD70Ω【解题分析】

(1)螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数.(2)应用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表的示数.【题目详解】(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：1.5mm+18.2×0.01mm=1