辽宁省本溪高级中学2024届物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

辽宁省本溪高级中学2024届物理高二第一学期期中质量检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，闭合圆形金属环竖直固定，光滑水平导轨穿过圆环，条形磁铁沿导轨以初速度v0向圆环运动，其轴线穿过圆环圆心，与环面垂直，则磁铁在穿过圆环的整个过程中，下列说法正确的是（）A．金属环先有收缩趋势，后有扩张趋势B．金属环中的感应电流方向不变C．磁铁先做减速运动、后做加速运动D．磁铁先做加速运动，后做减速运动2、.如图所示，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，若已知加速电压为，偏转电压为，偏转极板长为L，板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，则关于示波器的灵敏度(即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量h/)与加速电场、偏转电场的关系，下列说法中不正确的是（）A．d越大，灵敏度越高B．L越大，灵敏度越高C．越大，灵敏度越小D．灵敏度与无关3、平行板电容器的电容为C，电荷量为Q，极板间的距离为d，在两极间的中点放一电荷量很小的点电荷q，它所受的电场力大小等于（）A．8kqQd2B．4kqQd2C．2q4、一段长为L、电阻为R的粗细均匀金属丝，把它拉成长为4L的均匀细丝后，切成等长的4段，然后把它们并联在一起，其阻值为()A． B．4R C． D．R5、如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开，以下正确的是()A．使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况B．将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角变大C．两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角变大D．将左极板上移，可观察到静电计指针偏转角变大6、如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α。则AB两点的电势差为A．零 B．ELC．ELcosα D．ELsinα二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、M为这轨迹上的两个点，由此可知（）A．三个等势面中，a电势最低B．粒子在P点比在M点时加速度大C．粒子在M点比在P点时动能大D．粒子在P点比在M点时的电势能较小8、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是（）A．加电压时，导体的电阻是B．加电压时，导体的电阻约是C．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D．由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小9、用如图所示的装置研究光电效应现象．所用光子能量为2.75eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，电流表G的示数不为零；移动变阻器的触点，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，则下列说法正确的是（）A．光电子的最大初动能始终为1.05eVB．光电管阴极的逸出功为1.05eVC．当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，电流增大D．改用能量为2.5eV的光子照射，移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流10、在如图所示的电路中，S闭合，电容器已经充电．现将S断开，则以下判断正确的是（）A．电容器将放电B．电容器将继续充电C．有瞬时电流通过R3D．电容器上的带电荷量将增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠（，），电流表：量程，内阻约为，电流表：量程，内阻约为，电压表：量程，内阻约为，电压表：量程，内阻为，滑动变阻器，额定电流，电源：两节干电池，开关，导线若干．（1）为使测量尽可能准确，实验过程应该选用的电流表是__________，电压表是__________．（2）根据选择的器材，某同学设计了下图所示的电路原理图，请你根据实验原理图，完成实物图中的连线（图中已经有两根线连好）_______（3）根据选择的器材读出电压表和电流表示数．_________；________12．（12分）某实验小组同学在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，选取了一段10cm多一点的直金属丝用于实验的测量，通过游标卡尺测定其长度L，用螺旋测微器测定其直径d，两尺的示数如下图所示，则这段金属丝的长度为__________cm，直径为________mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，在x轴上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外；在x轴下方存在匀强电场，电场方向与xOy平面平行，且与x轴成37°夹角．一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子以某一初速度v0从y轴上的P点沿y轴正方向射出，一段时间后进入电场，进入电场时的速度方向与电场方向相反；经过一段时间至y轴坐标为-6L处速度恰好减为零．不计重力．（1）求粒子从P点出发至第一次到达x轴时所需的时间；（2）粒子初速度v0多大？（3）电场强度E多大？（4）粒子第三次到达x轴时距离坐标原点多远？14．（16分）如图，电源电动势ε=10V，内阻不计，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF．(1)闭合电键S，求稳定后通过R1的电流．(2)然后将电键S断开，求这以后流过R1的总电量15．（12分）如图所示为电流天平，可以用来测量匀强磁场的磁感应强度，他的右臂挂着矩形线圈，匝数n，线圈的水平边长为L，处于匀强磁场内，磁感应强度B的方向与线圈平面垂直，当线圈中通过电流I时，调节砝码使两臂达到平衡，然后使电流反向，大小不变，这时需要在左盘中增加质量为m的砝码，才能时两臂再达到新的平衡．(1)导出用已知量和可测量n、m、L、I计算B的表达式(2)当n=5，L=10.0cm，I=0.10A，m=10g时，磁感应强度是多少?（重力加速度g取10/m2）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】试题分析：楞次定律的表现是：“来拒去留，增缩减扩”，所以磁铁在穿过环之前，圆环产生的感应电流对环的作用是缩小的趋势；穿过环之后的短时间内，圆环产生的感应电流对圆环是“扩展”的作用．故A正确；磁铁在穿过环之前，向左的磁通量增加，产生从左向右看顺时针方向的感应电流；穿过环之后的短时间内，向左的磁通量减小，产生从左向右看逆时针方向的感应电流．故电流的方向不同．故B错误；根据楞次定律的表现：“来拒去留”，所以磁铁在穿过环之前，圆环产生的感应电流对磁铁是“拒”的作用，即阻碍作用，阻碍磁铁的靠近，故磁铁会减速．穿过环之后的短时间内，圆环产生的感应电流对磁铁是“留”的作用，也会阻碍磁铁向前运动，故磁铁会减速．故CD错误；故选A．考点：楞次定律【名师点睛】本题为楞次定律的应用，楞次定律的变现是：“来拒去留，增缩减扩”，可根据楞次定律的表现来判断物体运动状态的变化．2、A【解题分析】

根据动能定理得，eU1=mv2；粒子在偏转电场中运动的时间t=，在偏转电场中的偏转位移，则灵敏度为．知L越大，灵敏度越大；d越大，灵敏度越小；U1越大，灵敏度越小．灵敏度与U2无关．故BCD正确，A错误；此题选择不正确的选项，故选A．3、D【解题分析】

平行板电容器的电容定义式为C=QU，极板间存在匀强电场有E=Ud，得E=QCd，而电荷在匀强电场中受电场力为【题目点拨】平行板电容器极板间存在匀强电场，根据U=QC及E=Ud求出电场强度，再根据F4、D【解题分析】

把粗细均匀金属丝拉成长为的均匀细丝后，切成等长的4段，每段长度不变，横截面积变为原来的，根据电阻定律可得每段的电阻为；然后把它们并联在一起，其总阻值为，故选项D正确，A、B、C错误。5、D【解题分析】

A．静电计可测量电势差，根据指针张角的大小，观察电容器电压的变化情况，无法判断电量的变化情况，故A错误；B．将极板间距离减小时，根据电容的决定式，可知电容变大，而电量不变，根据可知，电容器的电压减小，所以静电计指针偏转角变小，故B错误；C．两板间插入一块玻璃，介电常数变大，根据电容的决定式，可知电容变大，而电量不变，根据可知，电容器的电压减小，所以静电计指针偏转角变小，故C错误；D．将左极板上移减小正对面积，根据电容的决定式，可知电容变小，而电量不变，根据可知，电容器的电压变大，所以静电计指针偏转角变大，故D正确。故选D。6、C【解题分析】

根据电场强度的大小以及A、B两点沿电场线方向上的距离，结合U=Ed求出电势差【题目详解】两点的电势差UAB=Ed=ELcosα，故C正确，A、B、D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】由轨迹的弯曲情况，电场力应指向曲线凹侧，且与等势面垂直（电场线垂直该处等势面），由于正电荷的受力方向与场强方向一致，故场强方向垂直等势面斜向左下方，顺着电场线方向电势降低，a的电势最低，A错误；由于三个等势面并没有说明是等差等势面，所以无法判断场强的大小，所以无法判断电荷在P、M点受的电场力的大小，即加速度大小，B错误；如果由M到P，速度或位移与力的方向夹角小于90°做正功，电势能减小，动能增大；反之，如果由P到M，速度或位移与力的方向夹角大于90°做负功，电势能增大，动能减小，即粒子在P点的动能大，M点的电势能大，故C错误D正确．8、AD【解题分析】

A．加5V的电压时，电流为1.0A，由欧姆定律可知，导体的电阻故A正确；B．加12V的电压时，电流为1.5A，由欧姆定律可知，导体的电阻故B错误；CD．由图可知，随电压的增大，图象上的点到原点连线的斜率减小，又因为I-U图象的斜率表示电阻的倒数，则导体的电阻不断增大，同理可知，随电压的减小，导体的电阻不断减小，故C错误，D正确。故选AD。9、BD【解题分析】该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，知道光电子的最大初动能为1.7eV，根据光电效应方程EKm=hγ-W0，W0=1.05eV．故A错误，B正确；当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，则到达集电极的电子的数目减小，电流减小，故C错误；改用能量为2.5eV的光子照射，2.5eV仍然大于1.7eV，仍然可以发生光电效应，电流表G也有电流，即使移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流，故D正确．所以BD正确，AC错误．10、BCD【解题分析】S闭合，电路稳定时，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，小于电源的电动势；当S断开，电路稳定时，电容器的电压等于电源的电动势，可知电容器的电压增大，由Q=CU知，其带电量增加，所以S断开后电容器将继续充电，电阻R3上有瞬间电流通过．故A错误，BCD正确．故选BCD．点睛：解决本题关键确定电容器的电压，要知道电路稳定时电容器所在电路没有电流，其电压等于所并联的电路两端的电压.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）（2）（3）；【解题分析】（1）灯泡额定电压为，则电压表选，灯泡正常发光时的电流为，则电流表选．（2）根据图1所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．（3）电压表选用了3V的量程，所以电压表的读数为;电流表选用了0.6A的量程，所以电流表的读数为：12、10.152.320【解题分析】

[1]．金属丝的长度为:10.1cm+0.01m×5=10.15cm[2]．金属丝的直径为：2mm+0.01mm×32.0=2.320mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)(3)(4)14L【解题分析】

(1)带电粒子在磁场中做圆周运动，设运动半径为R，运动周期为T，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得粒子做圆周运动的周期由题意可知，粒子第一次到达x轴时，运动转过的角度为，所以用的时间为(2)粒子运动轨迹如图所示，由题意可知，ON=6L，由几何关系可知解得带电粒子在磁场中做圆周运动，有解得(3)粒子在电场中做匀减速直线运动，由运动学公式有联立解得(4)由粒子的运动轨迹和几何关系可知，粒子第三次到达x轴时距离坐标原点14、(1)