2024届广东省番禺区广东第二师范学院番禺附中物理高二上期中达标检测模拟试题含解析

2024届广东省番禺区广东第二师范学院番禺附中物理高二上期中达标检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列用电器中，不是根据电流的热效应制成的是（）A．电热毯B．电熨斗C．电话D．电热水器2、下列四个电场中，a、b两点电场强度相同的是A． B．C． D．3、物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中错误的是A．1820年，奥斯特发现了电流的磁效应B．库伦发现了电磁感应现象C．安培提出了分子电流假说D．麦克斯韦最终建立了经典电磁场理论4、如图所示，、两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上，两物块始终相对圆盘静止，已知两物块的质量，运动半径，则下列关系一定正确的是（）A．角速度B．线速度C．向心加速度D．向心力5、下列各组物理量中，都是矢量的是（）A．位移、时间、弹力B．速度、速率、加速度C．加速度、速度的变化、重力D．路程、质量、温度6、导体的电阻是2Ω，在24s内通过导体横截面的电量是480C，这时加在导体两端的电压是（）A．960VB．40VC．16VD．60V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,平行板电容器经开关S与电源连接，S闭合一段时间后断开，a处固定一带电量很小的正点电荷，现将电容器B板向下移动一小段距离使板间距离增大，则A．AB板的电压UAB变小B．a点电势φa变大C．点电荷a受的电场力Fa变大D．点电荷a的电势能Epa变大8、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电 B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电 D．极板Y′应带正电9、如图所示，两平行金属板水平放置，板长为，板间距离为，板间电压为，一不计重力、电荷量为的带电粒子以初速度沿两板的中线射入，恰好沿下板的边缘飞出，粒子通过平行金属板的时间为，则（）A．在时间内，电场力对粒子做的功为B．在时间内，电场力对粒子做的功为C．在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为D．在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为10、如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，则三颗卫星（）A．线速度大小关系为B．加速度大小关系为C．向心力大小关系为D．周期关系为TA<TB=TC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在做“用电流表和电压表测电池的电动势E(约３V)和内电阻r的实验时，部分器材参数如下：电压表（量程3V）电流表（量程0.6A）保护电阻R0（阻值为3Ω）滑动变阻器（阻值约30Ω）⑴某同学设计的电路图如图所示．当他闭合开关时发现电压表有示数，电流表没有示数．反复检查后发现电路连接完好，估计是某一元件断路，因此他拿来多用电表检查故障．他的操作如下：①断开电源开关s②将多用表选择开关置于×1Ω档，调零后，红黑表笔分别接R两端，读数为30Ω③将多用表选择开关置于×100Ω档，调零后，将红黑表笔分别接电压表两端，发现指针读数如图所示,则所测阻值为Ω，然后又将两表笔接电流表两端，发现指针位置几乎不变．由以上操作可知，发生断路故障的元件是．⑵在更换规格相同的元件后，他改变滑动变阻器的阻值，测出了6组对应的数据后，想通过描点作图的方法求电动势E与内阻r，如右图所示，请继续完成图象，根据图象可求得该电源的电动势E＝．并可求出电源内阻r=．（保留两位有效数字）12．（12分）测量金属丝电阻率的实验中，关于电流表与电压表的连接方法，应选择图_____，用该种连接方法测得的电阻阻值比真实值___________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定的初速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ＝60°角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，已知ON＝d，如图所示．不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R；（2）粒子在M点的初速度v0的大小；（3）粒子从M点运动到P点的总时间t．14．（16分）如图所示为直流电动机提升重物装置，电动机的内阻一定，闭合开关K，当把它接入电压为U1=0.2V的电路时，电动机不转，测得此时流过电动机的电流是I1=0.4A；当把电动机接入电压为U2=4.0V的电路中，电动机正常工作且电动机匀速提升重物，工作电流是I2=1.0A，求：（1）电动机线圈的电阻r；（2）当U2=4.0V电动机正常工作时的输出功率及电动机的效率；（3）如果重物质量m=0.5kg，当U2=4.0V时电动机提升重物的速度大小是多少？（g取10m/s2）15．（12分）如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻RM＝0.6Ω，R＝10Ω，U＝160V，电压表的读数为110V．则：(1)通过电动机的电流是多少？(2)输入到电动机的电功率是多少？(3)电动机工作1h所产生的热量是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

电热毯、电熨斗、电热水器均利用了电流的热效应，将电能转化为热能；而电话是利用电磁感应将声音信号转化为电信号。故选：C.2、C【解题分析】

A.、是同一等势面上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A错误；B.点电场线比点电场线密，则点场强较大，故B错误；C.、是匀强电场中的两点，电场强度相同，故C正确；D.等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，根据电场线的分布可知点场强较大，故D错误。3、B【解题分析】

A．1820年，奥斯特发现了电流的磁效应，选项A正确，不符合题意；B．法拉第发现了电磁感应现象，选项B错误，符合题意；C．安培提出了分子电流假说，选项C正确，不符合题意；D．麦克斯韦最终建立了经典电磁场理论，选项D正确，不符合题意。4、C【解题分析】

A.两物块相对于圆盘静止，它们做圆周运动的角速度相等，则，故选项A不合题意．B.物块的线速度，由于相等，，则，故选项B不合题意．C.向心加速度，相同，，则，故选项C符合题意．D.向心力，相等，，，不能确定两物块向心力大小，故选项D不合题意．5、C【解题分析】

A．位移和弹力是矢量，时间是标量，故A错误。B．速度和加速度是矢量，速率是标量，故B错误。C．加速度、速度的变化、重力都是矢量，故C正确。D．路程、质量和温度都是标量，故D错误。6、B【解题分析】

由I=qt得I=qt=二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】

电容器充电与电源断开，所带电量不变．根据电容的决定式C=εS4πkd、E=Ud、C=QU结合分析板间场强是否变化．B极板接地，电势为零，根据a与【题目详解】A项：由公式C=εS4πkd，C=QU得U=QεSB、C、D项：由公式C=εS4πkd，C=QU，E=Ud得板间场强E=4πkQεS，由题意，S、Q、ɛ均不变，k是常量，则E不变，点电荷受的电场力根据公式U=Ed知，B板向下移动时，a与B板间的电势差增大，而B极板接地，电势为零，a点电势高于B板电势，大于零，则知a点电势变大，即φa变大，q是正电荷，由电势能公式Epa=qφa知，Epa变大，故B正确，C错误，D正确。故应选：BD。【题目点拨】本题关键是掌握推论：E=4πkQεS，判断出板间场强不变，再根据U=Ed、Epa=qφa8、AC【解题分析】

电子受力方向与电场方向相反，因电子向X方向偏转，电场方向为X到X′，则X带正电，X′带负电；同理电子向Y方向偏转，则可知Y带正电，Y′带负电，故AC正确，BD错误。

故选AC。9、BC【解题分析】

由类平抛规律，在时间t内有：L=v0t，，在内有：，比较可得y=，则电场力做的功为W=qEy=，所以A错误，B正确．粒子做的功分别为：W1=qE×，W2=qE×，所以W1：W2=1：1，所以C正确，D错误．故选BC．【题目点拨】对于带电粒子在匀强电场中的偏转问题，采用分解观点处理，同学要熟练的推导出偏移量、位移偏角和速度偏角的表达式，这类问题考查频率较高．10、BD【解题分析】

根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以vA＞vB=vC，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以aA＞aB=aC，故B正确；向心力为，由题意知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，所以可以判断：FA＞FB，FB＜FC，故C错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以TA<TB=TC，故D正确．所以BD正确，AC错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1)2000欧姆电流表（2）E=2.8至2.9Vr=2.6至2.9欧姆【解题分析】；（1）③由图可知，指针示数为20，所选档位为×100Ω档，故读数为2000Ω；因电路已断开，欧姆表所测部分即为两表笔所接中间部位，接电流表时指针不动，即说明此处电阻无穷大，电路断开；故发生断路的是电流表．（2）因电源的输出电压与电流成正比，故在U-I图中应为直线，故将描出的各点用直线相连，中间一点由于误差过大而舍去，如图所示；由图可知电源的电动势约为2.9V；图象的斜率表示电源内电阻，则r=2.8Ω；12、甲偏小【解题分析】

[1]由于电阻丝的阻值较小，所以电流表应用外接法，即甲图；[2]电流表外接法中，电压表测量的是电压的真实值；由于电压表的分流，电流表测量的电流比流过待测电阻的电流大，由欧姆定律可知，测得的电阻阻值比真实值偏小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R为d；（2）粒子在M点的初速度v0的大小为；（3）粒子从M点运动到P点的总时间t为．【解题分析】

（1）做出带电粒子的运动轨迹如图由三角形相关知识得（2）由qvB=mv2/R得v在N点速度v与x轴正方向成θ＝60°角射出电场，将速度分解如图cosθ=v0/v得射出速度v=2v0，v0=（3）粒子在电场中运动的时间t1，有d＝v0t1所以t1＝粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T，故T设粒子在磁场中运动的时间t2，有t2所以t2t＝t1＋t2，所以t14、（1）0.5Ω（2）87.5%（3）0.7m/s【解题分析】本题考查有关电动机不转与转动时电阻、功率的计算．