2024届广西桂林,百色,梧州,北海,崇左五市物理高二上期中综合测试试题含解析

2024届广西桂林,百色,梧州,北海,崇左五市物理高二上期中综合测试试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A接地，极板B与一个灵敏静电计的金属小球相连接，将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U、电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A．Q不变，C变小，U变大，E不变B．Q不变，C变小，U变大，E变小C．Q变小，C不变，U不变，E变小D．Q变小，C变小，U不变，E不变2、关于电和磁问题，下列说法正确的是:A．首先发现电流产生磁场的科学家是安培B．将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则电阻变为原来的4倍C．对于给定的电源,移动正电荷非静电力做功越多,电动势就越大D．将面积为S的线框放在磁感应强度为B的匀强磁场内,穿过线框所围成面积的磁通量一定为BS3、关于曲线运动的描述，下列说法正确的是（）A．物体只有在恒力作用下才做曲线运动B．物体只有在变力作用下才做曲线运动C．曲线运动一定是变速运动D．曲线运动速度大小一定变化4、在如图甲所示的电场中，一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，则它运动的v­t图象可能是下图中的（）A．B．C．D．5、如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子只在电场力作用下由a向b的运动轨迹，可以判定()A．粒子在a点的速度大于在b点的速度B．粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C．粒子一定带正电荷D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能6、电流表的内阻是Rg=100Ω，满刻度电流值是Ig=1mA，现欲把这电流表改装成量程为3V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个0.1Ω的电阻 B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应串联一个2900Ω的电阻 D．应并联一个2900Ω的电阻二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,在两个等量异号的点电荷连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b,在连线上有距中点O等距离的两点,c、d,则下列场强大小关系式正确的是(

)

A．B．C．D．8、关于电容器和电容的说法中，正确的是（）A．公式中Q是电容器两极板带电量绝对值之和B．对于确定的电容器，其带电量与两板间的电压成正比C．平行板电容器保持带电量不变而增大两极板间距离，两极板间电场强度不变D．平行板电容器保持两极板间电压不变而增大两极板间距离，带电量变大9、如图所示，粒子源S能在纸面内向任意方向发射速率相同、质量为m、电量为+q、不计重力的同种粒子，MN是足够大的竖直挡板，粒子源S到档板的距离为L，挡板左侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为从不计粒子间的相互作用，则A．若粒子源S发射的粒子速率为，粒子到达挡板的最短时间是B．若粒子源S发射的粒子速率为，粒子到达挡板的最短时间是C．若粒子源S发射的粒子速率为，则挡板能被粒子击中部分的长度为2LD．若粒子源S发射的粒子速率为，则挡板能被粒子击中部分的长度为10、如图所示，匀强磁场分布在半径为R的圆形区域MON内，Q为半径ON上的一点且OQ＝R，P点为边界上一点，且PQ与OM平行．现有两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场(不计粒子重力及粒子间的相互作用)，其中粒子1从M点正对圆心射入，恰从N点射出，粒子2从P点沿PQ射入，下列说法正确的是()A．粒子2一定从N点射出磁场B．粒子2在P、N之间某点射出磁场C．粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为3∶2D．粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为2∶1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用螺旋测微器测量某工件的厚度时，示数如图甲所示，读数为________mm.他改用游标卡尺测量该工件的长度时，示数如图乙所示，读数为________mm.12．（12分）小詹同学在家里利用单摆来测定当地的重力加速度，他设计的实验步骤的是：A．选择体积小、密度大的球B．用刻度尺测量细线的长度l作为摆长C．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，然后由静止释放D．从摆球摆到最低点时开始计时，测出石块经过最低点30次的总时间t，由T=得出周期(1)则该同学以上实验步骤中有错误的是______（填写选项）(2)小詹同学某次测量后秒表示数如图所示，请读出时间______s(3)以细线的长度l作为摆长，改变摆长，进行多次测量，先通过描点法作出T2-l图象，再利用图象的斜率来求解重力加速度，则用细线的长度作为摆长将使重力加速度的测量值______（填“大于”“小于”或“等于”）真实值，根据图象能不能求解出小球的直径______（填“能”或“不能”）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，质量m=1kg的足够长木板B静止于光滑水平地面上，在其右侧地面上固定一竖直挡板，质量M=5kg的物块A停在B的左端，质量为m0=2kg的小球P用长为l=0.45m的轻绳悬挂在固定点O，绳能承受的最大拉力是小球P重力的5.5倍。现将小球P及轻绳拉直至水平位置后由静止释放，小球P在最低点与A发生正碰，碰撞时间极短，碰后小球P反弹瞬间绳刚好被拉断。已知A、B间的动摩擦因数μ=0.1，木板B与挡板发生弹性碰撞，且B与挡板碰撞前已与A共速，物块与小球均可视为质点，不计空气阻力，取g=10m/s2。求：(1)小球P与A撞后瞬间，A的速度；(2)在木板B与挡板第一次碰撞前，A相对B滑动的位移；(3)在A、B运动的整个过程中，B向左运动的总路程。14．（16分）如图所示，用长L的绝缘细线拴住一个质量为m，带电量为q的小球，线的另一端拴在水平向右的匀强电场中，开始时把小球、线拉到和O在同一水平面上的A点(线拉直)，让小球由静止开始释放，当摆线摆到与水平线成60°角到达B点时，球的速度正好为零．求：(1)B、A两点的电势差；(2)匀强电场的场强大小．15．（12分）一个带电的微粒，从A点进入水平向右E=5V/m的匀强电场中，从A运动到B，A、B两点之间的连线与电场线夹角θ=60°，已知带电微粒的质量，电量，A、B相距。（不考虑重力）求：（1）微粒受电场力的大小和方向。（2）微粒从A到B过程电势能增大还是减小？变化了多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

由于电容器与电源断开，因此电容器的带电量Q保持不变，根据当增大两板间的距离d时，电容C变小，根据可知两板间的U电压增大，而电容器内部电场强度三式联立可得因此电场强度E与d无关，增大d时电场强度E不变，因此A正确，BCD错误。故选A。2、B【解题分析】

A．首先发现电流产生磁场的科学家是奥斯特，选项A错误；B．将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则横截面积变为原来的一半，根据可知，电阻变为原来的4倍，选项B正确；C．对于给定的电源，移动单位正电荷非静电力做功越多，电动势就越大，选项C错误；D．将面积为S的线框放在磁感应强度为B的匀强磁场内，当线圈平面与磁场垂直时，穿过线框所围成面积的磁通量一定为BS，选项D错误。3、C【解题分析】

AB．曲线运动的条件是合外力与速度不一条直线上，与力是否变化无关，物体在变力作用下可能做直线运动，如机车启动的过程中,合外力的大小是变化的；在恒力作用下也可做曲线运动，如平抛运动，故A错误，B错误;C．曲线运动的条件合外力与速度不一条直线上，速度方向时刻变化,故曲线运动是变速运动.所以C正确;D．匀速圆周运动是速度大小不变方向改变的曲线运动，故D错误.4、B【解题分析】一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，由于电场力的作用，负电荷应该做加速运动，并且从电场线的分布可以看出，电场强度越来越大，所以运动的加速度应该越来越大，在图像中，斜率表示加速度的大小，故B正确综上所述本题答案是;B5、D【解题分析】

由粒子轨迹的弯曲方向判断电场力方向，可判断出电场力做功正负及粒子的电性．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小，再分析加速度的变化．由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小。【题目详解】由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向沿电场线的切线方向向左，电场力对粒子做正功，粒子的速度增大，则粒子在a点的速度小于在b点的速度，故A错误；a点处的电场线较疏，而b点处电场线较密，则a点处的电场强度较小，在粒子从a向b点运动的过程中，电场力增大，加速度增大，则粒子在a点的加速度小于在b点的加速度，故B错误；由于电场线的方向未知，所以不能确定粒子带什么电，故C错误；电场力对粒子做正功，其电势能减小，粒子在a点电势能大于在b点的电势，故D正确。所以D正确，ABC错误。【题目点拨】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小。6、C【解题分析】

改装成电压表要串联电阻分压，串阻值为：，则ABD错误，C正确；故选C．【题目点拨】此题考查的电表的改装原理，知道电流计改装成电压表要串联分压电阻，改装成电流表要并联分流电阻．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】

因为是等量异种电荷的静电场,根据电场线的疏密分布特点可知:在连线上从c到d,电场强度先变小再变大,根据对称性知，故C正确，D错误；在中垂线上,根据对称性可知，故A正确，B错误．所以AC正确，BD错误．8、BC【解题分析】

A．电容器的带电量等于每个极板带电量的绝对值，则知平行板电容器一板带电+Q，另一板带电-Q，则此电容器带电量为Q，故A错误；B．电容的定义式，采用比值法定义，其带电量与两板间的电压成正比，故B正确；C．根据电容的决定式，定义式和结合得到：电容器板间电场强度可知C与d无关，所以平行板电容器保持带电量不变而增大两板的间距时，两板间的电场强度不变，故C正确；D．平行板电容器保持两极板间电压不变，若增大两极板间距离，由可知，电容C减小，因板间电压U不变，由分析可知：Q减小，故D错误。9、AD【解题分析】

AB．粒子到达挡板的最短距离为L，此时所对圆心角最小，所用时间最短，如图，由几何关系得圆心角θ=，粒子做圆周运动的周期：所以最短时间为：故A正确，B错误.CD．当粒子速度：时粒子圆周运动半径R=L，粒子能打在挡板上的点与S的距离最大为2R=2L，如图打到A点，

则：当粒子向右水平射出时，刚好能打在档板上如图B点，BC=R所以被粒子击中的部分长度为：AB=AC+BC=.故C错误，D正确.10、AD【解题分析】

粒子1从M点正对圆心射入，恰从N点出，根据洛仑兹力指向圆心，和MN的中垂线过圆心，可确定圆心O1，运动轨迹为蓝色圆弧，其半径R．两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场，粒子运动的半径相同．粒子2从P点沿PQ射入，根据洛仑兹力指向圆心，圆心O2应在P点上方R处，连接O2P、ON、OP、O2N，O2PON为菱形，O2N大小为R，所以粒子2一定从N点射出磁场．A正确，B错误．∠MO1N=90°；∠PO2N=∠POQ，cos∠POQ=OQ/OP，所以∠PO2N=∠POQ=45°．两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场，粒子运动的周期相同．粒子运动时间与圆心角成正比．所以粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为2：1．C错误，D正确．故选AD．【题目点拨】本题关键是要画出粒子运动的轨迹草图，对数学有一定要求，同时还需掌握确定圆心的方法，粒子运动时间在磁场中运动时间的方法．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.195（1.1941.196均可）23.7【解题分析】

[1]螺旋测微器的可动尺一共50格，转一圈，固定尺显示0.5mm，所以每个表示0.01，所以图示的读数为（1+19.5×0.01）mm=1.195mm[2]图示游标卡尺主尺的刻度为23mm，游标尺为10分度，且7刻度与主尺对齐，所以图示的读数为（23+7×0.1）mm=23.7mm12、BCD66.5等于能【解题分析】

(1)[1]A．摆球选择质量大一些，体积小一些的球，即密度大的球，故A正确，不符合题意．B．摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，故B错误，符合题意．C．把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度（一般不超过10°），由静止释放，故C错误，符合题意．D．摆球经过最低点开始计时，30次通过最低点，则有15次全振动，可知T=，故D错误，符合题意．(2)[2]秒表的小盘读数为60s，大盘读数为6.5s，则秒表读数为66.5s．(3)[3][4]根据T=得，用细线的长度作为摆长，图线的斜率不变，即k=不变，则重力加速度的测量值等于真实值，根据图线与坐标轴的截距可以求出小球的半径，从而得出小球的直径．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)，方向水中向右；(2)；(3)【解题分析】

(1)小球碰撞结束后获得的速度为，在最低点由向心力公式可得：解得小球摆到最低点的速度为代入数据解得碰前的速度为，方向水中向右在小球与碰撞瞬间动量守恒，以水平向右为正方向，则代入数值可以得到物块A的速度：，方向水中向右；(2)由题可知，木板B与挡板发生碰撞前，A与B已经共速，设速度为以A、B为系