广西南宁第二中学2024届高二物理第一学期期中经典试题含解析

广西南宁第二中学2024届高二物理第一学期期中经典试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个点电荷相距为L带电量均为q它们之间的静电力为F，现把距离增大为2L，电量均增为2q则静电力变为(）A．2FB．FC．F/2D．F/42、分别用如图所示的甲、乙两种电路测量同一未知电阻的阻值，图甲中两表的示数分别为3V、4mA，图乙中两表的示数分别为4V、3.8mA，则待测电阻Rx的真实值为（）A．略小于1kΩ B．略小于750ΩC．略大小1kΩ D．略大于750Ω3、一只普通白炽灯，不通电时灯丝的电阻为R1；正常发光时灯丝的电阻为R1．比较R1和R1的大小，应是()A．R1＞R1B．R1＜R1C．R1＝R1D．条件不足，无法判断4、如图所示，电子由静止开始从A板向B板运动，到达B板的速度为v，保持两板间电压不变，则()A．当减小两板间的距离时，速度v增大B．当减小两板间的距离时，速度v减小C．当减小两板间的距离时，速度v不变D．当减小两板间的距离时，电子在两板间运动的时间变长5、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近的P点处，放置一个正点电荷，达到静电平衡后，说法中不正确的是（）A．a端的电势和b端的相等B．b端的电势比d点的高C．金属细杆内c处场强为零D．金属细杆内c处感应电荷场强的方向由a指向b6、两个质量均为m的星体，其连线的垂直平分线为MN，O为两星体连线的中点，如图所示，一物体从O沿OM方向运动，则它所受到的万有引力大小F随距离r的变化情况大致正确的是(不考虑其他星体的影响)()A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头向右移动时，下面判断正确的是()A．电路中总电阻减小 B．L1变亮 C．L2变亮 D．L3变暗8、电阻A，B的I-U图像如图，山图像可知（）A．A，B阻值之比为1:3B．A，B阻值之比为3:1C．A，B串联后的I-U图线位于Ⅰ区D．A，B并联后的I-U图线位于Ⅱ区9、矩形导线框abcd与长直导线MN放在同一水平面上，ab边与MN平行，导线MN中电流方向如图所示，当MN中的电流增大时，下列说法正确的是A．导线框abcd中有顺时针的感应电流B．导线框abcd中有逆时针的感应电流C．导线框所受的安培力的合力向左D．导线框所受的安培力的合力向右10、某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定()A．粒子在A点的加速度小于它在B点的加速度B．粒子在A点的动能小于它在B点的动能C．粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．电场中A点的电势低于B点的电势三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx的阻值约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数．若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为和，则_____（选填“”或“”）更接近待测电阻的真实值，且测量值_____（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值，测量值_____（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值．若电压表V的内阻为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测电阻Rx的阻值应采用_____（选填“内接法”“外接法”或“内外接均可以”）求得真实值（忽略读数误差）．12．（12分）（1）在一次实验时某同学用游标卡尺测量（如图所示），示数为___________cm.在一次实验时某同学用螺旋测微器测量（如图），示数为_________________mm.（2）某电阻额定电压为3V（阻值大约为10Ω）．为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A：电流表A1（量程300mA，内阻约1Ω）B：电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）C：电压表V1（量程3.0V，内阻约3kΩ）D：电压表V2（量程5.0V，内阻约5kΩ）E：滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）F：滑动变阻器R2（最大阻值为1kΩ）G：电源E（电动势4V，内阻可忽略）H：电键、导线若干．①为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表_______，电压表_________，滑动变阻器________.②画出该实验电路图_____________________.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平绝缘光滑轨道AB的B端与处于竖直平面内的圆弧形光滑绝缘轨道BCD平滑连接，圆弧的半径R=0.50m．轨道所在空间存在水平向右的匀强电场电场强度E=1.0×104N/C．现有一质量m=0.06kg的带电小球（可视为质点）放在水平轨道上与B端距离s=1.0m的位置，由于受到电场力的作用，带电体由静止开始运动．已知带电体所带的电荷量q=8.0×10﹣5C，取g=10m/s2，试问：(1)带电小球能否到达圆弧最高点D？(2)带电小球运动到何处时对轨道的压力最大？最大值为多少？14．（16分）电源的电动势为6V、外电阻时，路端电压为求：（1）电源的内阻是多大？（2）如果在外电路再并联一个的电阻，流过电源的电流是多大？（3）如果在外电路再串联一个的电阻，电源的输出功率是多大？15．（12分）一颗在赤道上空运行的人造卫星，其轨道半径为r=2R(R为地球半径)，卫星的转动方向与地球自转方向相同.已知地球自转的角速度为，地球表面处的重力加速度为g.求：

(1)该卫星所在处的重力加速度g′；

(2)该卫星绕地球转动的角速度ω；(3)该卫星相邻两次经过赤道上同一建筑物正上方的时间间隔.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】试题分析：根据库仑定律：可知，把两电荷距离增大为2L，电量均增为2q，则静电力变为，选项B正确。考点：库仑定律.2、D【解题分析】

甲乙两图的电压变化较大，说明电流表的分压较大，故应采用甲图测量，而采用甲图，由于电压表的分流，所以测量的电流比实际大，故测量值偏小，所以应略大于，故D正确．3、B【解题分析】试题分析：正常发光时温度要比不通电时温度高，又因为金属导体电阻随着温度的升高而增大，所以有，故B正确考点：考查了电阻定律4、C【解题分析】

ABC．根据动能定理得：，当改变两极板间的距离时，U不变，v就不变，故C正确，AB错误；D．粒子做初速度为零的匀加速直线运动则有：，可得，当d减小时，电子在板间运动的时间变小，故D错误．5、B【解题分析】

A、B、C、达到静电平衡后，杆处于静电平衡状态，整个导体是一个等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，所以内部的场强处处为零，c处的电场强度为0，故A，C正确，B不正确；D、由于静电感应，达到静电平衡后，导体上感应出来的正电荷在a端，负电荷在b端，因C处的电场强度为零，那么细杆内c处感应电荷场强的方向由a指向b，故D正确；本题选择不正确的故选B.【题目点拨】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．6、B【解题分析】因为在连线的中点时所受万有引力的和为零，当运动到很远很远时合力也为零（因为距离无穷大万有引力为零）而在其他位置不是零所以先增大后减小．设两个质量均为m的星体的距离是2L，物体质量是m′，物体沿OM方向运动距离是r时，它所受到的万有引力大小，故ACD错误，B正确；故选B．点睛：本题运用了极限法、假设法，因为万有引力的合力一直增大，那么最后不可能为零，一开始是零，不可能再减小，运用适当的方法可以避开复杂的数学计算．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解题分析】

A.当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，故A误差。B.电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗，故B错误。CD.电路中电流减小，故内阻及R0、L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L2变亮；因L2中电流增大，干路电流减小，故流过L3的电流减小，故L3变暗；故CD正确。8、AC【解题分析】

I-U图像的斜率之比等于电阻比的倒数，由图像可知A、B阻值之比为RARB=tan300tan600=13，选项A正确，B错误；A、B串联后的电阻比B的电阻还要大，可知I-U9、BD【解题分析】试题分析：当导线MN中的电流增大时，通过导线框中的磁场方向向里且增加，根据楞次定律可知导线框abcd中有逆时针方向的感应电流，A错，B对；由左手定则可知，ab处的安培力方向向右，cd处的安培力方向向左，离导线越近，磁感应强度越大，ab处的安培力大于cd处的安培力，所以导线框所受的安培力的合力向右，C错，D对。所以本题选择BD。考点：楞次定律、安培力10、AB【解题分析】

A.由电场线可知，点的电场线密，所以点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，故A正确；B.粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从到的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在点的动能小于它在点的动能，粒子在点的电势能大于它在点的电势能，故B正确，C错误；D.沿电场线方向电势逐渐降低，点的电势高于点的电势，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、Rx1，大于，小于，外接法【解题分析】

本题的关键是明确电流表内外接法的选择方法：当满足时，电流表应用外接法，根据串并联规律写出真实值表达式，比较可知，测量值小于真实值；当满足时，电流表应用内接法，根据串并联规律写出真实值表达式，比较可知，测量值大于真实值．【题目详解】由于待测电阻，所以电流表应用内接法，即Rx1更接近真实值；根据串并联规律可知，采用内接法时真实值应为：，即测量值大于真实值；采用外接法时，真实值应为：，即测量值小于真实值．若电压表V的内阻为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测电阻Rx的阻值应采用外接法；12、;;;A;C;E;【解题分析】

（1）[1]20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为104mm，游标尺上第1个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为:1×0.05mm=0.05mm所以最终读数为：104mm+0.05mm=104.05mm=10.405cm；[2]螺旋测微器的固定刻度为8mm，可动刻度为：7.5×0.01mm=0.075mm所以最终读数为：8mm+0.075mm=8.075mm（2）①[3]根据欧姆定律，流过电阻的最大电流：故电流表选A；[4]电阻额定电压为3V则电压表选C即可；[5]为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的E．②[6]即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式．故电路图如图．【题目点拨】选择器材通常的步骤：1、根据实验要求设计合理的实验电路．2、估算电路中电压、电流可能达到的最大值，以此选择电压表和电流表的量程．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)带电小球能到达圆弧最高点D．(2)带电小球运动到与竖直方向夹角为53°时对轨道的压力最大，最大值为5N．【解题分析】

(1)假设带电小球能沿轨道滑至D点，且速度大小为vD，由动能定理有：此时小球在D点所需的向心力为：F向即带电小球可以到达圆弧最高点D.(2)带电小球在运动过程中受重力、电场力的合力为：方向：与竖直方向的夹角故当小球滑至P点，即∠POB=53°时，小球对圆弧的压力最大.设小球在P点的速度大小为vP，对轨道压力为FN，有：解得：FN=5N14、（1）（2）2A（3）【解题分析】

根据闭合电路欧姆定律列出路端电压的表达式即可求出内阻大小；根据并联电路规律求出外电阻，再由闭合电路欧姆定律求出电流大小；由