2024届广东省广州荔湾区广雅中学物理高二上期中考试试题含解析

2024届广东省广州荔湾区广雅中学物理高二上期中考试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、宇航员在月球上做自由落体实验，将某物体由距月球表面高h处释放，经时间t后落到月球表面（设月球半径为R）。据上述信息推断，月球的第一宇宙速度为（）A． B． C． D．2、有关电压和电动势的说法中错误的是（）A．电压和电动势的单位都是伏特，故电动势与电压是同一物理量的不同说法B．电动势公式中的W与电压中的W是不同的，前者为非静电力做功，后者为静电力做功C．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能的本领的物理量D．断路时的路端电压等于电源的电动势3、下列情形中，可将运动员简化为质点的是A．研究跨栏运动员的起跑、跨栏动作时B．研究运动员八百米赛跑的运动轨迹时C．研究跳水运动员在空中的翻腾动作时D．研究跳高运动员越过横杆的姿势时4、把木箱放在电梯的水平地板上，则地板所受压力最大的情况是（）A．电梯以a=1.5m/s2的加速度匀加速上升B．电梯以a=2.0m/s2的加速度匀减速上升C．电梯以a=1.8m/s2的加速度匀减速下降D．电梯以v=3m/s的速度匀速上升5、如图所示，有一弹性金属环，将条形磁铁插入环中或从环中拔出时，环所围面积变化情况是（）A．插入环面积增大，拔出环面积减小B．插入环面积减小，拔出环面积增大C．插入或拔出，环面积都增大D．插入或拔出，环面积都减小6、如图所示，D是一只理想二极管，平行板电容器极板A和B之间有一带电体P处于静止悬浮状态，当两极板A和B的间距稍增大一些（两极板仍平行），P的运动情况将是A．仍静止不动 B．向下运动 C．向上运动 D．无法判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时A．小灯泡变亮B．电源的总功率变小C．电容器两板间的电场强度变小D．电流表读数变小，电压表读数变大8、如图所示,把柔软的铝箔条折成天桥状并用胶纸粘牢两端固定主桌面上,使蹄形磁铁横跨过“天桥”，当电池与铝箔接通时()A．铝箔条中部向下方运动B．铝箔条中部向上方运动C．蹄形磁铁对桌面的压力增大D．蹄形磁铁对桌面的压力减小9、如图所示，两个完全相同的、相互垂直的金属圆环M、N相隔一定距离用相等长度的绝缘细线分别悬挂在天花板下面(两个悬挂点的距离略大于金属环的直径)，其中M环被固定，当M、N中同时通入如图所示方向的电流时，从上往下看，圆环N将A．顺时针转动 B．逆时针转动C．靠近圆环M D．远离圆环M10、如图所示，静止的电子在加速电压U1的作用下从O点经P板的小孔以速度v1射出，运动时间为t1；又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2的作用下偏转一段距离y后离开电场，离开电场时速度为v2，运动时间为t2，则下列判断正确的是（）A．只增大U1，则t1增大 B．只增大U1，则y减小C．只增大U2，则v2增大 D．只增大U2，则y减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1的伏安特性曲线，已知该电子元件的电阻约为120Ω．现在通过实验描绘一个这个电子元件伏安特性曲线，要求多次测量并尽可能减小实验误差，现有电源（电动势6V，内阻不计）、电流表A0（0-500μA，内阻1000Ω）、定值电阻R0、开关和导线若干，其他可供选用的器材如下：A．电流表（0~50mA，内阻约5Ω）B．电流表（0~0.6A，内阻约为0.2Ω）C．滑动变阻器（0~10Ω，额定电流1.0A）D．滑动变阻器（0~50Ω，额定电流0.2A）（1）为了测定小灯泡上的电压，可以将电流表A0串联定值电阻的阻值R0=_______Ω，将其改装成一个量程为6.0V的电压表（2）根据题目提供的实验器材，请你设计测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）（请画在方框内）__________（3）为减小测量误差并便于操作，实验中电流表应选用_________，滑动变阻器应选用________（选填器材前的字母）．12．（12分）某同学为了测量一个量程为3V的电压表的内阻，进行了如下实验．（1）他先用多用表进行了正确的测量，测量时指针位置如图1所示，得到电压表的内阻为3.00×103Ω，此时电压表的指针也偏转了．已知多用表欧姆挡表盘中央刻度值为“15”，表内电池电动势为1.5V，则电压表的示数应为______________V（结果保留两位有效数字）．（2）为了更准确地测量该电压表的内阻Rv，该同学设计了图2所示的电路图，实验步骤如下：A．断开开关S，按图2连接好电路；B．把滑动变阻器R的滑片P滑到b端；C．将电阻箱R0的阻值调到零；D．闭合开关S；E．移动滑动变阻器R的滑片P的位置，使电压表的指针指到3V的位置；F．保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，调节电阻箱R0的阻值使电压表指针指到1.5V，读出此时电阻箱R０的阻值，此值即为电压表内阻Rv的测量值；G．断开开关S．实验中可供选择的实验器材有：a．待测电压表b．滑动变阻器：最大阻值2000Ωc．滑动变阻器：最大阻值10Ωd．电阻箱：最大阻值9999.9Ω，阻值最小改变量为0.1Ωe．电阻箱：最大阻值999.9Ω，阻值最小改变量为0.1Ωf．电池组：电动势约6V，内阻可忽略g．开关，导线若干按照这位同学设计的实验方法，回答下列问题：①要使测量更精确，除了选用电池组、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用____（填“b”或“c”），电阻选用_____（填“d”或“e”）．②电压表内阻的测量值R测和真实值R真相比，R测____R真（填“＞”或“＜”）；若Rv越大，则越____（填“大”或“小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，平行金属数AB水平放置，两板间距离为d，所加电压为U（A高B低），一质量为m，电量为q的带负电的小球用丝线悬于两板之间，组成一个摆长为L的单摆，原来静止于图示位置（悬线竖直），现将单摆摆线拉至与竖直成60°角的位置（图中虚线位置）由静止释放，求它摆到竖直位置时，小球的动能.14．（16分）如图所示电路中，电源电动势E＝12V，内电阻r＝1.0Ω，电阻R1＝9.0Ω，R2＝15Ω，电流表A的示数为0.4A，求电阻R3的阻值和它消耗的电功率．15．（12分）一辆货车正以12m/s的速度在平直公路上前进，发现有货物掉下后，立即松开油门以大小为的加速度做匀减速直线运动，货车开始做匀减速直线运动的同时，在其后面16m处一辆自行车上的人立即拾到货物从静止出发，以的加速度同方向追赶货车，已知自行车能达到的最大速度为8m/s，求：（1）货车做匀减速运动的位移大小；（2）自行车至少经过多长时间能追上货车．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

根据可得月球表面的重力加速度由于可得月球第一宇宙速度B正确，ACD错误。故选B。2、A【解题分析】

A．电压和电动势的单位都是伏特，但是电动势与电压这两个物理量有本质的不同，选项A错误，符合题意；B．电动势公式中的W与电压中的W是不同的，前者为非静电力做功，后者为静电力做功，选项B正确，不符合题意；C．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能的本领的物理量，选项C正确，不符合题意；D．断路时的路端电压等于电源的电动势，选项D正确，不符合题意；3、B【解题分析】

研究跨栏运动员的起跑、跨栏动作时，人的大小形状是不能忽略的，故运动员不能看作质点，故A错误；研究运动员八百米赛跑的运动轨迹时，人的大小和形状相对轨迹来说可以忽略，运动员可以看作质点，故B正确；研究的是运动员的翻腾动作，故人的大小和形状不能忽略，故运动员不能看作质点，故C错误；研究跳高运动员跨过横杆的动作时，人的大小和形状是不能忽略的，故不能运动员看作质点，故D错误；故选B．【题目点拨】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．4、C【解题分析】解：A、加速上升，加速度向上，根据牛顿第二定律，有N﹣mg=ma，故N=mg+ma=11.5mB、减速上升，加速度向下，根据牛顿第二定律，有mg﹣N=ma，故N=mg﹣ma=8mC、减速下降，加速度向上，根据牛顿第二定律，有N﹣mg=ma，故N=mg+ma=11.8mD、匀速上升，二力平衡，有N=mg=10m根据牛顿第三定律，木箱对地板的压力等于地板对木箱的支持力，选项C中地板所受压力最大；故选：C．【点评】本题关键根据牛顿第二定律列方程求解出压力后比较．5、B【解题分析】试题分析：根据楞次定律可知，金属环中所产生的感应电流的磁场总是阻碍原磁能量的变化，表现出的宏观现象有“来拒去留”、“增缩减扩”，所以可知，当插入环时，磁通量增大，面积减小；当拔出进，磁通量减小，环面积增大，故只有选择B正确；考点：楞次定律6、A【解题分析】

电容器与电源保持相连，电容器的电压不变，板间距离增大，电容减小，由于二极管的作用只允许电流从a流向b，电容器的电量无法减小，根据推论板间电场强度Q、S、ɛ不变，则改变d，E不变，电荷P受的电场力不变，仍静止。A.仍静止不动，与分析结论相符，故A正确。B.向下运动，与分析结论不符，故B错误。C.向上运动，与分析结论不符，故C错误。D.无法判断，与分析结论不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】

A．滑动变阻器的滑片向左移动时，R阻值变大，则总电阻变大，总电流减小，即通过灯泡的电流减小，灯泡变暗，选项A错误；B．电源的总功率P=IE，因I减小，则E变小，选项B正确；C．总电流减小，则内阻和灯泡两端电压减小，则R两端电压变大，即电容器两端电压变大，则电容器C两板间的电场强度变大，选项C错误；D．总电流减小，则电流表读数变小；R两端电压变大，则电压表读数变大，选项D正确。8、BC【解题分析】

AB.由题意可知，通过天桥的电流方向由外向内，而磁场方向由N到S极，根据左手定则，则可知，箔条中部受到的安培力向上，铝箔条中部向上方运动；故A项错误，B项正确.CD.箔条受到磁铁的安培力向上，根据牛顿第三定律可知箔条对磁铁的磁力向下，则蹄形磁铁对桌面的压力增大；故C项正确，D项错误.9、BC【解题分析】

根据安培定则，M产生的磁场的方向N极垂直于纸面向外，N产生的磁场水平向右，根据同名磁极相互排斥的特点，因M被固定，则N环逆时针转动；转动后靠近处的电流的方向相同，所以两个线圈相互吸引，则N环将靠近M环，故BC正确．10、BC【解题分析】试题分析：由可知，电子受力变大，加速度变大，其他条件不变时，当U1变大，则电子进入偏转电场的速度变大，则运动的时间t1减小，故A错误；根据；L=v0t2；解得可知，若要电子离开偏转电场时偏移量y变小，仅使U2变小，或者增大U1，其它条件不变即可，故B正确．D错误；，则只增大U2，则v2增大，选项C正确；故选BC．考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查了带电粒子在电场中的运动，可以根据动能定理和牛顿第二定律、运动学公式结合推导出．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)11000Ω(2)电路图如图所示；(3)BC【解题分析】（1）根据串并联电路规律可知，；

（2）根据题意可知，要画出对应的伏安特性曲线应采用分压接法，同时因电流表内阻较小，故应；故采用电流表外接法；如图；

③电源电动势为6V，电阻约为120Ω；则电流约为：=0.5A；故电流表选择B；因采用分压接法，故滑动变阻器选择总阻值较小的C；12、1.0Vcd＞小【解题分析】

(1)[1]电压表的示数即为等效电路的路段电压，由表盘读数可知，现在的欧姆表用的是“”档，故现在的多用表内阻为1500Ω，由闭合电路欧姆定律可得(2)[2][3]①采用电压表半偏法测量电压表内电阻，要保证电压表与电阻箱的总电压保持不变，需要使电压表电阻远大于滑动变阻器的电阻，故滑动变阻器选择小电阻，即选择c；电阻箱最大电阻不能小于电压表电阻，电压表内电阻约为3000欧姆，故电阻箱选择d；[4][5]②由闭合电路欧姆定律可知，随着电阻箱的阻值变大，电源两端的路端电压随之变大，当电阻箱调至使电压表半偏时，此时电压表与变阻