山西省太原市第十二中学2024届高二物理第一学期期中监测模拟试题含解析

山西省太原市第十二中学2024届高二物理第一学期期中监测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，滑动变阻器的总电阻30Ω，路端电压12V，要使额定电压为6V，额定功率为1.8W的小灯泡正常发光，调整滑动变阻器应使BC间的电阻为：A．8Ω B．10Ω C．12Ω D．20Ω2、如图所示有两个半径为r的金属球，相距为L，带电荷量分别为Q1，Q2满足条件L>>r,则它们之间的静电力是（）A．B．C．D．3、首先发现电流的磁效应和提出分子电流假说的物理学家分别是（）A．安培和法拉第 B．法拉第和楞次 C．奥斯特和安培 D．奥斯特和法拉第4、如图是某一点电荷的电场线分布图,下列表述正确的是()A．A点的电势高于B点的电势 B．该点电荷带负电C．A点和B点电场强度的方向相同 D．A点的电场强度小于B点的电场强度5、如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路，以下分析正确的是（）A．此接法要求待测电阻阻值小于电流表内阻B．此接法的测量值大于真实值C．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最左端D．此接法由于电流表的分压，电压表测量值偏小了6、如图所示的电路中，电源的电动势和内电阻恒定不变，电灯恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向端滑动，则()A．电灯更亮，电流表的示数减小B．电灯更亮，电流表的示数增大C．电灯变暗，电流表的示数减小D．电灯变暗，电流表的示数增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电场强度E的说法正确的是（）A．电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受的电场力的方向相同B．根据E=F/q可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比；C．用负电荷所受电场力跟它的电量的比值也能求出电场强度的大小；D．公式E=kQ/r2对任何电场都适用；8、质量和电量都相等的带电粒子M、N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场,运行的半圆轨迹如图中虚线所示,下列表述正确的是()A．M带负电,N带正电B．M的速率大于N的速率C．洛伦兹力对M、N做正功D．M在磁场中运动的时间大于N9、两个相同的金属小球，带电荷量之比为1∶7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（）A． B． C． D．10、如图所示，虚线EF的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B．一带电微粒自离EF为h的高处由静止下落，从B点进入场区，做了一段匀速圆周运动，从D点射出，下列说法正确的是(重力加速度为g)()A．电场强度的方向一定竖直向上B．微粒做圆周运动的半径为C．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能和重力势能之和不变D．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U—I图象如图所示现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器（0〜50Ω）C．电压表（0〜3V）D．电压表（0〜15V）E.电流表（0〜0.6A）F.电流表（0〜3A）(1)其中电压表____和电流表应选_____（填字母代号）(2)如图乙是根据实验数据画出的U—I图象.由此可知这个干电池的电动势E=___V，内电阻r=___（保留两位有效数字）12．（12分）小李同学用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻．小李同学所测电源的电动势E2约为9V,内阻r2为35∼55Ω，允许通过的最大电流为50mA．小李同学所用电路如图所示，图中电阻箱R的阻值范围为0∼9999Ω.①电路中R0为保护电阻．实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用___.A．

20Ω，125mA

B．50Ω，20mAC．

150Ω，60mA

D．1500Ω，5mA②实验中通过调节电阻箱的阻值,记录电阻箱的阻值R及相应的电压表的示数U,根据测得的多组数据,作出图线,图线的纵轴截距为a,图线的斜率为b,则电源的电动势E2=___,内阻r2=___.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）电子撞击一群处于基态的氢原子，氢原子激发后能放出6种不同频率的光子，氢原子的能级如图所示，则[Failedtodownloadimage:/QBM/2018/4/12/1922571160887296/1924589100810240/STEM/c69c636c63004a4e868370208bacf12c.png](1)氢原子处于量子数n为多少的激发态？(2)电子的动能至少为多大？(3)观测到氢原子发射的不同波长的光中，其中最长波长光的能量为多少eV？14．（16分）在边长为a的正方形的每个顶点上都放置一个电荷量为q的点电荷，如果保持它们的位置不变，每个电荷受到的其它三个电荷的静电力的合力是多大？15．（12分）如图所示的真空管中，电子从灯丝K发出(初速度不计)，经过电压为U1的加速电场加速后沿中心线进入两平行金属板M、N间的匀强电场中，通过电场后打到荧光屏上的P点．设M、N板间电压为U2，两板距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，已知U1＝576V，U2＝168V，L1＝6cm，d＝3cm，L2＝21cm，求：(1)电子离开偏转电场时的偏转角θ的正切值；(2)电子打到荧光屏上的位置P偏离屏中心O的距离．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

由题意可知，灯泡正常发光，则灯泡电压为6V，电流I=1.8/6=0.3A；AC部分电压为：UAC=12−6=6V；设CB部分电阻为R，则AC部分电阻为30−R；可知：解得：R=20Ω故选D.2、B【解题分析】：当两球心相距为r时，满足条件L≫r，两球能看成点电荷，两球之间的距离为L+2r，根据库仑定律，则有，故B正确；综上所述本题答案是：B3、C【解题分析】

首先发现电流的磁效应的物理学家是奥斯特；提出分子电流假说的物理学家是安培。故选C。4、B【解题分析】

顺着电场线电势降低，则知A点的电势低于B点的电势．故A错误．根据电场线从无穷远出发到负电荷终止可知，该电荷是负电荷．故B正确．电场线的切线方向为电场强度方向，由图看出，A、B两点场强方向不同．故C错误．由图知，A处电场线较密，则A处电场强度大．故D错误．故选B．【题目点拨】此题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，以及电场线方向与电势高低的关系，熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键.5、B【解题分析】

此接法误差来源于电流表的分压，其分压越小越好，故要求待测电阻远大于电流表的内阻．故A错误；此接法电压表的示数包含了安培表的分压，故电压的测量值偏大，即电阻的测量值大于真实值，故B正确，D错误；开始实验要让电压由小变大，故应使滑动P处在最右端．故C错误；故选B．【题目点拨】电流表或电压表的测量值不是电阻的真实值是误差的来源，电流表的内接法：电压示数包括了电流表的分压，外接法：电流表的示数包括了电压表的分流，这是分析问题的关键．6、D【解题分析】

AC．变阻器的滑片向b端滑动时，其接入电路的阻值变小，电路的总电阻变小，由闭合电路的欧姆定律知电路的总电流增大，即安培表的示数增大，AC错；BD．由知路端电压减小，即电灯L两端的电压变小，功率变小，电灯L变暗，B错误，D正确；【题目点拨】本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点去分析．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】电场中某点场强方向就是该点所放正电荷电荷受到的电场力的方向，与负电菏受力的方向相反，故A正确；公式E=Fq是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，不与电场力F成正比，与电量q成反比，故B错误；由公式E=Fq，用负电荷所受电场力跟它的电量的比值也能求出电场强度的大小，选项C正确；公式E=kQr2是点电荷的电场强度的计算式，所以E与Q成正比，与r28、AB【解题分析】

由左手定则判断出M带正电荷，带负电荷；结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；根据周期的公式可以判断出运动的时间关系。【题目详解】由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A正确；粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力qvB=m，半径为：，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，故B正确；洛伦兹力始终与速度的方向垂直，不做功，故C错误；粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为，M的运行时间等于N的运行时间，故D错误。故选AB。9、CD【解题分析】

ABCD．设两金属球带异种电荷，电荷量分别为q和-7q，两者间库仑力大小为将两者接触后再放回原来的位置上，两球所带电荷量均为-3q，库仑力大小为是原来的；设两金属球带同种电荷，电荷量分别为q、7q，由库仑定律有将两者接触后再放回原来的位置上，两球所带电荷量均为4q，库仑力大小为是原来的，故AB错误，CD正确。故选CD。10、BCD【解题分析】

带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中，受到重力、电场力和洛伦兹力而做匀速圆周运动，可知电场力与重力平衡．由洛伦兹力提供向心力，可求出微粒做圆周运动的半径．根据电场力做功正负，判断电势能的变化和机械能的变化．【题目详解】由题，带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，电场力与重力必定平衡，则微粒受到的电场力的方向一定竖直向上，粒子带负电，故场强向下．故A错误．由A分析，则有：mg=qE，由洛伦兹力提供向心力，则有：，又，联立解得：，故B正确；根据能量守恒定律得知：微粒在运动过程中，电势能、动能、重力势能之和一定，动能不变，则知微粒的电势能和重力势能之和一定．故C正确．由于电场力方向竖直向上，则微粒从B点运动到D点的过程中，电场力先做负功后做正功，则其电势能先增大后减小．故D正确．故选BCD．【题目点拨】本题解题关键是分析微粒做匀速圆周运动的受力情况，根据合力提供向心力进行判断．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CE1.50.75【解题分析】

(1)[1]电源电动势大约1.5V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择C[2]电路中的电流较小，因此电流表选择0.6A量程的E(2)[3]在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V[4]图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为12、C【解题分析】（1）电路最小总电阻约为：，内阻约为50Ω，为保护电路安全，保护电阻应选C．（2）电源电动势为：，变形得：，则图象是直线，截距，可得：，斜率，解得：．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)n=4(2)ΔE=12.75 eV(3)【解题分析】试题分析：（1）根据数学组合公式Cn2=6，求出n的值．（2（1）根据Cn2（2）电子的能量至少为：ΔE=解得：ΔE=12.75eV（3）能级差最小时，辐射的光子频率最小，波长最长，则最长波长的光子能量为：Δ．14、【解题分析】试题分析：假设第四个