2023-2024学年四川省成都嘉祥外国语学校物理高二第一学期期末联考模拟试题含解析_第1页
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文档简介

2023-2024学年四川省成都嘉祥外国语学校物理高二第一学期期末联考模拟试题考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、下列物理量中属于矢量的是()A.磁通量 B.电动势C.电流 D.磁感应强度2、一带电粒子从电场中的A点运动到B点,径迹如图中虚线所示,不计粒子所受重力,则下列判断正确的是()A.粒子带正电 B.A点的场强大于B点的场强C.粒子的加速度逐渐增大 D.粒子在电场中A点的电势能大于粒子在B点的电势能3、一人乘电梯上楼,在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示,以竖直向上为a的正方向,则人对地板的压力()A.t=2s时最大 B.t=2s时最小C.t=8.5s时最大 D.t=8.5s时最小4、在下列物理量中,属于矢量的是A.电场强度 B.电势差C.电势能 D.电动势5、某电容器上标有“20μF100V”,则()A.该电容器加的电压可以长时间高于100VB.该电容器加上50V电压时,其电容为10μFC.该电容器加上100V电压时,其所带电荷量为2×10﹣3CD.该电容器的最大电容为20μF,当其带电荷量较少时,电容小于20μF6、下列说法中不正确的是()A.相互接触并有相对运动的两物体间必有摩擦力B.两物体间有摩擦力,则其间必有弹力C.两物体间有弹力,则其间不一定有摩擦力D.两物体间无弹力,则其间必无摩擦力二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,R1、R2为定值电阻,L为小灯泡,R3为光敏电阻,其阻值随光照强度的增大而减小,当照射光强度增大时()A.电压表的示数减小B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压增大8、如图,在半径为R的圆形区域内,有匀强磁场,磁感应强度为B,方向垂直于圆平面向里(未画出).一群比荷为的负离子以相同速率v0(较大),由P点(PQ为水平直径)在纸平面内向不同方向射入磁场中发生偏转后,又飞出磁场(不计重力),则下列说法正确的是()A.离子在磁场中运动的半径一定相等B.由Q点飞出的离子在磁场中运动的时间最长C.沿PQ方向射入的离子飞出时偏转角最大D.如果入射速率,则沿各个方向射入的离子在飞离开磁场时的速度方向均竖直向下9、两个半径相同的金属小球(视为点电荷),带电荷量之比为1:7,相距为r,两者相互接触后再放回原来的位置上,则相互作用力可能为原来的()A. B.C.倍 D.倍10、如图a所示在光滑水平面上用恒力F拉质量m的单匝均匀正方形铜线框,边长为a,在1位置以速度v0进入磁感应强度为B的匀强磁场并开始计时t=0,若磁场的宽度为b(b>3a),在3t0时刻线框到达2位置速度又为v0并开始离开匀强磁场.此过程中v﹣t图象如图b所示,则()A.t=0时,线框右侧边MN的两端电压为Bav0B.在t0时刻线框的速度为C.线框完全离开磁场的瞬间位置3速度一定比t0时刻线框的速度大D.线框从1位置进入磁场到完全离开磁场位置3过程中,线框中产生的电热为2Fb三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)利用伏安法测量干电池的电动势和内阻,现有的器材为:干电池:电动势约为1.5V;电压表:量程1V,内阻998.3Ω;电流表:量程1A;滑动变阻器:10Ω;电阻箱:最大阻值99999.9Ω;单刀单掷开关1个;导线若干(1)设计测量电源电动势和内阻的电路并将它画在指定的方框内______;(2)为了满足本实验要求并保证实验的精确度,电压表量程应扩大为原量程的______倍,对应的电阻箱的阻值应为________Ω.12.(12分)在测定电源电动势和内电阻的实验中,实验室提供了合适的的实验器材(1)甲同学按电路图a进行测量实验,其中R2为保护电阻,则①请用笔画线代替导线在图b中完成电路的连接______;②根据电压表的读数U和电流表的读数I,画出U-I图线如图c所示,可得电源的电动势E=___________V,内电阻r=___________Ω(结果保留两位有效数字)(2)乙同学误将测量电路连接成如图d所示,其他操作正确,根据电压表的读数U和电流表的读数I,画出U-I图线如图e所示,可得电源的电动势E=___________V,内电阻r=___________Ω(结果保留两位有效数字)四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m,a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C,b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力),从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场,刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场,最后粒子回到b板的Q处(图中未画出).求P、Q之间的距离L14.(16分)如图,两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=1Ω的电源,导轨平面与水平面间的夹角θ=37°.金属杆ab垂直导轨放置,质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当R0=1Ω时,金属杆ab刚好处于静止状态,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8(1)求磁感应强度B的大小;(2)若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上,求金属杆的加速度15.(12分)ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道,其中轨道的BC部分是半径为R的圆环,轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点,而且AB=R=0.2m,把一质量m=0.1kg,带电量为q=+C的小球,放在A点由静止释放后,求:(g=10m/s2)(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时,轨道受到的压力大小

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】ABC.磁通量、电动势是只有大小没有方向的标量,电流有大小,有方向,但电流运算时不遵守矢量运算法则,也是标量,ABC错误;D.磁感应强度是矢量,D正确。故选D。2、B【解析】根据电场线的疏密判断电场强度大小,电场线箭头的方向就是电场度的方向,再根据运动轨迹的弯曲判断粒子受力情况,从而可得出粒子带电的正负及电场力做功的问题。【详解】A.做曲线运动的物体,受力的方向总是指向运动轨迹的凹侧,可知粒子受力的方向与电场线相反,因此粒子带负电荷,A错误;B.A点处电场线比B点处电场线密集,因此A点的电场强比B点的大,B正确;C.从A向B运动过程中,所受电场力逐渐减小,根据牛顿第二定律,加速度逐渐减小,C错误;D.从A向B运动过程中,电场力做负功,电势能增大,因此粒子在A点的电势能小于粒子在B点的电势能,D错误。故选B。3、AD【解析】由于t=2s时物体向上的加速度最大,故此时人对地板的压力最大,因为地板此时对人的支持力最大;而t=8.5s时物体向下的加速度最大,故地板对的支持力最小,即人对地板的最小,故选项AD正确,选项BC错误4、A【解析】A.电场强度有大小和方向,是矢量,选项A正确;B.电势差有大小无方向,标量,选项B错误;C.电势能有大小无方向,是标量,选项C错误;D.电动势有大小无方向,是标量,选项D错误;故选A.5、C【解析】明确电容器铭牌信息,知道电容器的电容与板间电压和电荷量的多少无关,仅有电容器本身决定;【详解】A、100V是该电容器的额定电压,是可以长时间工作的最大电压,所以该电容器不能长时间工作在大于100V的电压下,故A错误;B、电容器的电容与电容器板间电压无关,加电压或不加电压、电荷量多或少时,电容都是,故BD错误;C、该电容器加上100V电压时,其所带电荷量为,故C正确【点睛】电容表征电容容纳电荷的本领大小,与板间电压和电量无关,对于给定的电容器,电容是一定的,电量与电压成正比6、A【解析】A、相互接触并有相对运动的两物体间若光滑,则没有摩擦力.故A错误.B、弹力产生的条件:相互接触挤压;摩擦力产生的条件:接触面粗糙;相互接触挤压;有相对运动或相对运动趋势.可见,有摩擦力,必有弹力;有弹力,不一定有摩擦力,故BC正确.D、接触的物体间有弹力是产生摩擦力的条件之一.所以D正确.本题选不正确的,所以A是不正确的二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】AD、当光照强度增大时,光敏电阻R3的阻值减小,外电路总电阻减小,则由闭合电路欧姆定律可得,电路中总电流增大,则由可知路端电压减小,因干路电流增大,则R1两端的电压增大,故电压表示数增大,故选项A、D错误;B、因路端电压减小,电压表示数增大,则并联部分电压减小,故R2中的电流减小,故选项B正确;C、由以上分析可知,通过小灯泡的电流增大,由可知灯泡功率增大,故选项C正确;故选BC8、ABD【解析】由,得,因离子的速率相同,比荷相同,故半径一定相同,A正确;由圆的性质可知,轨迹圆与磁场圆相交,当轨迹圆的弦长最大时偏向角最大,故应该使弦长为PQ,故由Q点飞出的离子圆心角最大,所对应的时间最长,此时离子一定不会沿PQ射入.B正确,C错误;沿各个方向射入磁场的离子,当入射速率时,离子的轨迹半径为,入射点、出射点、O点与轨迹的圆心构成菱形,射出磁场时的轨迹半径与入射点所在的磁场半径平行,离子在飞离开磁场时的速度方向均竖直向下,D正确.选ABD.【点睛】本题要抓住离子的运动轨迹是圆弧,磁场的边界也是圆弧,利用几何知识分析出射速度与入射速度方向的关系,确定出轨迹的圆心角,分析运动时间的关系.带电离子射入磁场后做匀速圆周运动,对着圆心入射,必将沿半径离开圆心,根据洛伦兹力充当向心力,求出时轨迹半径,确定出速度的偏向角.对着圆心入射的离子,速度越大在磁场中通过的弧长越长,轨迹对应的圆心角越小,即可分析时间关系9、CD【解析】根据库仑定律得如果两金属球带同种电荷,根据库仑定律得解得D正确;如果两金属球带异种电荷,根据库仑定律解得C正确。故选CD。10、BD【解析】A.t=0时,MN边切割磁感线相当于电源,线框右侧边MN的两端电压为外电压,感应电动势:E=Bav0外电压U外EBav0,故A项不合题意.B.根据图象可知在t0~3t0时间内,线框做匀加速直线运动,合力等于F,则在t0时刻线框的速度为v=v0-a•2t0=v0故B项符合题意.C.因为t=0时刻和t=3t0时刻线框的速度相等,进入磁场和穿出磁场的过程中受力情况相同,故线框完全离开磁场时的速度与t0时刻的速度相等,故C项不合题意.D.因为t=0时刻和t=3t0时刻线框的速度相等,进入磁场和穿出磁场的过程中受力情况相同,故线框完全离开磁场时的速度与t0时刻的速度相等,进入磁场克服安培力做的功和离开磁场克服安培力做的功一样多.线框在位置1和位置2时的速度相等,从位置1到位置2过程中外力做的功等于克服安培力做的功,即有Fb=Q,所以线框穿过磁场的整个过程中,产生的电热为2Fb,故D项符合题意.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①.(1);②.(2)2;③.998.3Ω【解析】利用伏安法测量干电池的电动势和内阻,根据实验原理选择仪器设计电路图.实验中应保证电流由电表的正接线柱流入,由负接线柱流出,并且电流表要串联在电路中,而电压表串联一个电阻并联在电源两端,分析电表的连接即可得出正确电路.将电压表量程扩大时应串联一个电阻,根据电压扩大的倍数可知应串联电阻的大小【详解】(1)利用伏安法测量干电池的电动势和内阻,根据实验原理选择仪器设计电路图.实验中应保证电流由电表的正接线柱流入,由负接线柱流出,并且电流表要串联在电路中,而电压表串联一个电阻并联在电源两端,分析电表的连接即可得出正确电路.如图:(2)电动势约为1.5V,电压表:量程1V,为了满足本实验要求并保证实验的精确度,电压表量程应扩大为原量程的2倍,要使量程扩大为原来的2倍,则应串联一个与电压表内阻相等的电阻,故应使与之串联的电阻箱的阻值为998.3Ω;【点睛】电学实验中要特别注意仪表的接法,能正确使用各仪器才能准确得出实验的结论.电表量程的选取既要安全还要满足本实验要求并保证实验的精确度12、①.②.2.8③.0.60④.3.0⑤.0.50【解析】解:(1)①根据原理图可得出对应的实物图,如图所示;②根据闭合电路欧姆定律可得:,则由数学规律可知电动势,内电阻;(2)由乙同学的电路接法可知左右两部分并联后与串联,则可知在滑片移动过程中,滑动变阻器接入电阻先增大后减小,则路端电压先增大后减小,所以出现图e所示的图象,则由图象可知当电压为2.5V时,电流为0.5A,此时两部分电阻相等,则总电流为;而当电压为2.4V时,电流分别对应0.33A和0.87A,则说明当电压为2.4V时,干

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