2024届云南省保山市昌宁一中高二物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

2024届云南省保山市昌宁一中高二物理第一学期期中教学质量检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、甲．乙两根异种材料的电阻丝，其长度之比是1:5,横截面积之比是2:3,电阻之比是2:5,外加电压之比是1:2,则甲、乙两根电阻丝的电阻率之比是：A．2:3 B．3:4 C．4:3 D．8:32、如图所示，物体A、B相对静止，共同沿斜面匀速下滑，正确的是（）A．A与B间没有摩擦力B．B受到斜面的滑动摩擦力为mBgsinθC．斜面受到B的滑动摩擦力，方向沿斜面向上D．B与斜面的动摩擦因数μ=tanθ3、反天刀是生活在尼罗河的一种鱼类，沿着它身体的长度方向分布着电器官，这些器官能在鱼周围产生电场．如图为反天刀周围的电场线分布示意图，A、B、C为电场中的点，下列说法正确的是A．尾部带正电B．A点电场强度大于B点电场强度C．A点电势高于C点电势D．正离子从A向C运动，其电势能变小4、在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，B图a、b两点与场源电荷等距，A图a、b两点在两等量异种电荷连线的中垂线上且与连线等距，C图a、b两点在点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面处，D图a、b两点在匀强电场中分别靠近负、正极板处．其中a、b两点的电势、电场强度都相同的是（）A． B． C． D．5、指南针静止时，其位置如图中虚线所示．若在其上方放置一水平方向的导线，并通以恒定电流，则指南针转向图中实线所示位置．据此可能是（）A．导线南北放置，通有向北的电流B．导线南北放置，通有向南的电流C．导线东西放置，通有向西的电流D．导线东西放置，通有向东的电流6、如图是一个三输入端三个门电路组成的复合门电路，当C端输入“0”时，A、B端输入为何值时输出端Y输出为“1”（）A．00 B．01 C．10 D．11二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，矩形区域ABCD内存在竖直向下的匀强电场，两个带正电的粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由顶点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O射入，从顶点C射出．若不计重力，则A．a和b在电场中运动的时间之比是1∶2B．a和b在电场中运动的时间之比是2∶1C．a和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是1∶8D．a和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是8∶18、对一电容器充电时电容器的电容C，带电荷量Q，电压U之间的关系图象如下图所示，其中正确的是()A．B．C．D．9、如图所示，一个内壁光滑的圆管轨道ABC竖直放置，轨道半径为R；O、A、D位于同一水平线上，A、D间的距离为R；质量为m的小球(球的直径略小于圆管直径)，从管口A正上方由静止释放，要使小球能通过C点落到AD区，则球经过C点时()A．速度大小满足B．速度大小满足0≤vC≤C．对管的作用力大小满足mg≤FC≤mgD．对管的作用力大小满足0≤FC≤mg10、如图(a)，螺线管内有平行于轴线的外加匀强磁场，以图中箭头所示方向为其正方向．螺线管与导线框abcd相连，导线框内有一小金属圆环L，圆环与导线框在同一平面内．当螺线管内的磁感应强度B随时间按图(b)所示规律变化时A．在t1~t2时间内，L有收缩趋势B．在t2~t3时间内，L有扩张趋势C．在t2~t3时间内，L内有逆时针方向的感应电流D．在t3~t4时间内，L内有顺时针方向的感应电流三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图中游标卡尺的读数为_____cm，螺旋测微器读数_____cm．12．（12分）测一个阻值约为25kΩ的电阻，备有下列器材：A．电流表(量程500μA，内阻约300Ω)B．直流稳压电源(电动势15V，允许最大电流1A)C．电压表(量程10V，内阻约100kΩ)D．滑动变阻器(最大电阻1kΩ，额定功率1W)E．电键、导线若干（1）电流表应采用___________（填内接法或外接法）（2）滑动变阻器接法应该采用__________（填分压式或限流式）（3）请在下面方框中画出测量RX的电路图_________，并根据电路图连接实物路________.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）两平行板间有水平匀强电场，一根长为L，不可伸长的绝缘细绳，一端连着一个质量为m、带电量为q的小球，另一端固定于O点。把小球拉起直至细线与电场线平行，然后无初速度释放。已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为θ=37°，重力加速度为g，求：（sin37°=0.6、cos37°=0.8）（1）匀强电场的场强的大小；（2）小球到最低点的速度的大小；（3）经过最低点时，细线对小球的拉力的大小。14．（16分）如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏。现将一电子(电荷量为e，质量为m，不计重力)无初速度地放入电场E1中的A点，A点到MN的距离为L2，最后电子打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O（1）电子射入电场E2时的速度V0大小；（2）电子从释放到打到屏上所用的时间t；（3）电子在整个过程变化的电势能是多少？15．（12分）有一辆质量为800kg的小汽车驶上圆弧半径为50m的拱桥．取重力加速度大小g=10m/s²．(1)若汽车到达桥顶时速度为5m/s，求汽车对桥的压力大小．(2)若汽车经过桥顶时恰好对桥顶没有压力而腾空，求汽车的速度大小．(3)汽车对地面的压力过小是不安全的，对于同样的车速，请分析说明拱桥圆弧的半径大些比较安全，还是小些比较安全．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】试题分析:知道电阻、长度、面积之比．由电阻定律知：得,与电压无关的．所以选C考点：电阻定律2、D【解题分析】试题分析：对A分析，A在沿斜面方向上有一个重力沿斜面向下的分力，若没有摩擦力AB不会相对静止，故A与B之间有摩擦力，A错误；将AB看做一个整体，整体在沿斜面方向上有Ff=(mB+考点：考查了共点力平衡条件，摩擦力3、B【解题分析】

A、如图所示，电场线从正电荷出发，终止于负电荷，则头部带正电，尾部带负电，故A错误；B、如图，A点电场线比B点的电场线密集程度大，所以A点电场强度大于B点电场强度，故B正确；C、越靠近负电荷，电势越低，如图，A点更靠近负电荷，所以A点电势低于C点电势，故C错误；D、正离子从A向C运动，电场力做负功，其电势能变大，故D错误．4、D【解题分析】A图中平行金属板内部是匀强电场，a、b两点的电场强度相同，但b点的电势高于a点的电势．故A错误．B图中a、b两点处于同一等势线上，电势相等，电场强度大小相等，但方向不同．故B错误．C图中带电平板表面是一个等势面，则a、b两点的电势相等，由电场线的疏密看出，a点的场强小于b点的场强．故C错误．D图中两等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，则a、b两点的电势相等，根据对称性和电场线的分布可知，a、b两点的电场强度大小相等、方向相同．故D正确．故选D.点睛：掌握电场线和等势面的分布情况是解答本题的关键．要注意电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同．5、B【解题分析】

指南针静止时北极指北，通电后向东转，即电流在其下方产生的磁场方向向东，据安培定则可知，导线南北放置，电流应向南，B正确，ACD错误。故选B。6、D【解题分析】

当C为0时，进过非门信号为1，要使Y=1，则A、B进过与门输出也为1，即A、B都应为1。

故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】试题分析：粒子水平方向上做匀速直线运动，a、b两粒子的水平位移之比为2：2，根据x=v0t，知时间比为2：2．选项A正确，B错误；粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，根据y=at2知，y之比为2：2，则a、b的加速度之比为8：2．根据牛顿第二定律知，加速度，加速度之比等于电荷量与质量的比值之比，则两电荷的比荷之比为8：2．故D正确，C错误．故选AD．考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】解决本题的关键知道粒子在垂直于电场方向和沿电场方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．8、CD【解题分析】试题分析：电容是电容器本身的一种特性，与带电荷量、电压无关，故A、B错误、C正确；根据电容的定义可知，带电荷量，所以选项D正确；考点：平行板电容器9、AD【解题分析】

AB．小球离开C点做平抛运动，落到A点时水平位移为R，竖直下落高度为R，根据运动学公式可得：竖直方向有R=gt2水平方向有R=vC1t解得vC1=小球落到D点时水平位移为2R，则有2R=vC2t解得vC2=故速度大小满足≤vc≤故A正确，B错误．CD．由于球的直径略小于圆管直径，所以过C点时，管壁对小球的作用力可能向下，也可能向上，当vC1=向心力＜mg所以管壁对小球的作用力向上，根据牛顿第二定律得mg-Fc1=解得N=mg当vC′=，向心力F′==2mg＞mg所以管壁对小球的作用力向下，根据牛顿第二定律得mg+Fc2=解得N′=mg假设在C点管壁对小球的作用力为0时的速度大小为vC3，则由向心力公式可得mg=解得vC3=vC3在≤vc≤范围内，所以满足条件．所以球经过C点时对管的作用力大小满足0≤Fc≤mg故C错误，D正确。故选AD。10、AD【解题分析】据题意，在t1~t2时间内，外加磁场磁感应强度增加且斜率在增加，则在导线框中产生沿顺时针方向增加的电流，该电流激发出增加的磁场，该磁场通过圆环，在圆环内产生感应电流，根据结论“增缩减扩”可以判定圆环有收缩趋势，故选项A正确；在t2~t3时间内，外加磁场均匀变化，在导线框中产生稳定电流，该电流激发出稳定磁场，该磁场通过圆环时，圆环中没有感应电流，故选项B、C错误；在t3~t4时间内，外加磁场向下减小，且斜率也减小，在导线框中产生沿顺时针方向减小的电流，该电流激发出向内减小的磁场，故圆环内产生顺时针方向电流，选项D正确．楞次定律、安培定则【方法技巧】线圈内通有非均匀变化的磁场，导线框内产生变化的电流，该电流激发出变化的磁场，才可以使圆环产生感应电流；线圈内通有均匀变化的磁场，导线框内产生稳定的电流，该电流激发出的是稳定的磁场，不会使圆环产生感应电流．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.4720.0532【解题分析】50分度的游标卡尺，精确度是0.02mm，游标卡尺的主尺读数为24mm，游标尺上第36个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为36×0.02mm=0.72mm，所以最终读数为：24mm+0.72mm=24.72mm=2.472cm．螺旋测微器的半刻度已经漏出，固定刻度为0.5mm，可动刻度为3.2×0.01mm=0.032mm，所以最终读数为0.5mm+0.032mm=0.532mm=0.0532cm．点睛：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12、（1）内接；（2）分压式；（3）电路图如图所示；实物连线图如图所示；【解题分析】

（1）由于满足RVRx（2）由于滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻阻值，所以变阻器应采用分压式接法；（3）电路图如图1所示；实物连线图如图2所示；（1）内接（2）分压式（3）

【题目点拨】选择电表的原则是电表指针偏转角度应在1/3量程以上；若满足RVRx>四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）2mg【解题分析】

（1）根据动能定理得：解得：（2）根据动能定理得：解得：（3）根据牛顿第二定律得：解得：．14、（1）eELm(2)3mLeE(3)【