2024届福建省漳州市第五中学等四校物理高二上期中统考模拟试题含解析

2024届福建省漳州市第五中学等四校物理高二上期中统考模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下述说法正确的是A．根据E＝，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．带电荷量Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A受到的静电力的3倍C．根据库仑定律表达式F＝k，当两电荷之间的距离r→0时，两电荷之间的库仑力F→∞D．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比2、如图所示，为保温电饭锅的电路示意图，R1、R2为两电热丝，S为温控开关，A、B两点接在稳压电源上，R1:R2=9:1，加热时的功率为1000W，则（）A．S闭合时，电饭锅处于加热状态B．S断开时，电饭锅处于加热状态C．保温状态时电源的输出功率为900WD．保温状态时电源的输出功率为W3、关于匀强电场中的场强和电势差的关系，下列说法正确的是()A．电场强度越大，则任意两点间的电势差也越大B．任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积C．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等D．场强与电势处处相同4、如图所示，真空中点固定一点电荷，、是该点电荷电场中的两点，关于该两点的场强的大小和电势高低关系，下列看法正确的是A． B．C． D．5、在下列四组用电器中，属于纯电阻用电器的一组是（）A．电风扇和电动机B．洗衣机和电冰箱C．白炽灯和电烙铁D．电解槽和电吹风6、如图所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线．一个带正电的粒子（不计重力）从a到b穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示．下列结论正确的是（）A．负点电荷一定位于N点右侧B．带电粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C．带电粒子在a点时的电势能小于在b点时的电势能D．带电粒子从a到b过程中速度大小逐渐减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在“研究平行板电容器电容大小的因素”实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，B板与静电计连接，A板与金属外壳连接，如图所示．下列措施能使静电计指针张角变小（）A．将A极板向右移动B．将A极板向上移动C．在A、B极板间插入介质D．用一根导线连接A、B两极板8、一学生去实验室取定值电阻两只，R1=10Ω，R2=30Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压．电路连接如图，电源输出电压U=12.0V不变．该学生先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是A．U2一定小于9.0VB．U1一定大于3.0VC．U1与U2之和小于12VD．U1与U2之比一定等于1:39、如图所示，一质量为m、电荷量为q的带正电小球套在水平固定的粗糙绝缘直杆上，绝缘的轻质弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直面内。杆上的三个点A、B、C，，，。小球从A点由静止释放后，沿杆向左滑至最远处C。若弹簧的原长为OB，匀强电场的电场强度大小为E、方向水平向左，弹簧的形变始终在弹性限度内，则在小球从A到C的过程中，下列说法正确的是A．小球受到的摩擦力不变B．小球的电势能与弹簧的弹性势能之和减少C．小球滑到B点时的速度最大D．电场力做的功大于克服滑动摩擦力做的功10、如图所示，匀强电场方向平行于xOy平面，在xOy平面内有一个半径为R＝5m的圆，圆上有一个电荷量为q＝-1×10－8C的试探电荷P，半径OP与x轴正方向的夹角为θ，P沿圆周移动时，其电势能Ep＝2.5×10－5cosθ(J)，则（）A．x轴位于零势面上B．电场强度大小为500V/mC．电场强度方向沿x轴正方向D．电场强度方向沿y轴正方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠（2.5V，0.6W），滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干．①粗测小电珠的电阻，应选择多用电表_____倍率的电阻档（请填写“×1”、“×10”或“×100”）；调零后，将表笔分别与小电珠的两极连接，示数如图，结果为_____．②实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图完成实物图丙中的连线_________．③开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于____端．为使小电珠亮度增加，P应由中点向_____端滑动．12．（12分）某研究性学习小组设计了以下方法来测量小球的带电量．如图所示的小球是一个外表面镀有金属膜的空心塑料球，用绝缘丝线悬挂于点，点固定一个可测量丝线偏离竖直方向角度的量角器，、是两块相同的、正对着竖直平行放置的金属板（加上电压后其内部电场可看作匀强电场）．另外还要用到的器材有天平、刻度尺、直流电压表、开关、滑动变阻器及导线若干．该小组的实验步骤如下，请你帮助该小组完成：（1）用天平测出小球的质量，按如图所示进行器材的安装，并用刻度尺测出、板之间的距离，使小球带上一定的电量．（2）连接电路如图所示，电压表接在电容器两端，要求小球在实验过程中细线与竖直方向的夹角从开始调节，电容器两极板应该连接到__________（填“”、“”、“”）两端．（3）闭合开关，调节滑动变阻器滑片的位置，读出多组电压表的示数和相应的丝线偏转的角度．（4）以电压为纵坐标，以__________为横坐标作出过原点的直线，求出直线的斜率．（5）小球的带电量__________．（用、、、等物理量表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）轻质细线吊着一质量为m＝0.32kg、边长为L＝0.8m、匝数n＝10的正方形线圈，总电阻为r＝1Ω.边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示，磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化关系如图乙所示，从t＝0开始经t0时间细线开始松弛，取g＝10m/s2.求：(1)在前t0时间内线圈中产生的电动势；(2)在前t0时间内线圈的电功率；(3)t0的值．14．（16分）在电场中把2.0×10-9C的正电荷从A点移到B点，静电力做功2.0×10-7J．再把这个电荷从B点移到C点，静电力做功为-4.0×10-7J．(1)A、B间，B、C间，A、C间的电势差各是多大？(2)A、B、C三点中哪点电势最高？哪点电势最低？(3)把-1.0×10-9C的电荷从A点移到C点，静电力做多少功？15．（12分）如图所示，在E＝103V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R＝40cm，一带正电荷q＝10－4C的小滑块质量为m＝40g，与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.2，取g＝10m/s2，问：(1)要小滑块恰好运动到圆轨道的最高点C，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的滑块通过P点时对轨道压力是多大？(P为半圆轨道中点)(3)小滑块经过C点后最后落地，落地点离N点的距离多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

A．电场强度是由电场本身决定的物理量，与试探电荷的电量以及所受的电场力无关，选项A错误；B．带电荷量Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，两者之间是相互作用力，则B受到的静电力等于A受到的静电力，选项B错误；C．根据库仑定律表达式F＝k，当两电荷之间的距离r→0时，库仑定律不再成立，选项C错误；D．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比，选项D正确；故选D.2、A【解题分析】

AB.由电路图可知，当S闭合时，R1短路，电路中电阻最小，由知，此时电路为加热状态，故A正确，B错误；CD.电阻R2的阻值为R1：R2=9：1，R1=9R2=9×48.4Ω=435.6Ω，当S断开时，R1、R2串联，电路电阻最大为R=R1+R2=435.6Ω+48.4Ω=484Ω保温状态时电路的功率为故CD项错误．3、C【解题分析】U＝Ed中的d指两点所在等势面的距离，选项A、B、D错误，C正确。4、A【解题分析】

AB．由点电荷电场强度可知，离点电荷越远电场强度越小，所以，故A正确，B错误；CD．如果点电荷为正电荷，根据沿电场线电势降低可知，，同理，如果点电荷为负电荷时，，故CD错误．5、C【解题分析】

电扇和电动机都有机械功的输出，故是非纯电阻电器，故A错误。洗衣机和电冰箱都不是只发热，故是非纯电阻电器，故B错误。电烙铁和白炽灯只发热没有机械功的输出，故是纯电阻电器，故C正确。电解槽和电吹风不是只发热，还有其他形式能量的转化，故D错误。故选C。【题目点拨】明确纯电阻的含义：只发热没有机械功的输出也没有其他形式的能量转化．6、A【解题分析】带正电粒子受力指向M，故场源电荷为负电荷，a点离场源电荷远，所以a点场强小于b点；由于电场力做正功，故a点电势能大于b点，速度小于b点．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】

A．将A极板向右移动，则减小A、B板间的距离，根据电容的决定式知电容C增大，电容器的电量Q不变，则由定义式知，板间电压U减小，静电计指针张角变小，故A正确；

B．把A板向上平移，减小A、B板的正对面积，根据电容的决定式分析得知，电容C减小，电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，静电计指针张角变大，故B错误；

C．在A、B板间放入一介质板，根据电容的决定式知，电容C增大，电容器的电量Q不变，则板间电压U减小，静电计指针张角变小，故C正确；

D．用一根导线连接A、B两极板，电容器电量为零，则静电计指针没有读数，故D错误．8、ACD【解题分析】

不接电压表时，R1、R2串联，电压之比为：，而U′1+U′2=12V，解得：U′1=3.0V，U′2=9.0V；当电压表并联在R1两端时，有：，解得：U1<3V，同理，当电压表并联在R2两端时，有：U2<9V，得：U1+U2<12V，故AC正确，B错误；设电压表内阻为RV，则电压表与R1并联时，其示数；电压表与R2并联时，其示数，则可知，两电压表读数之比一定等于1:3，故D正确．【题目点拨】本题主要运用串并联的知识讨论电压表对电路的影响，知道并联电压表后并联部分电阻变小，并能明确接入电压表时总电阻减小，同时注意要将电压表视为电阻进行分析，利用串并联电路的规律定量分析电压表示数．9、BD【解题分析】

A.小球在运动过程中因为弹簧的形变量变化，所以弹簧对小球的作用力在竖直方向的分力不断变化，会引起小球与直杆之间的弹力的变化，根据f＝μFN可知，小球受到的摩擦力不断变化，故A错误；B.在整个运动过程中能量守恒，涉及到的能量有电势能、弹性势能、及克服摩擦力做功得到的内能，所以电势能与弹簧的弹性势能之和减少，减少的能量就等于得到的内能，故B正确；C.小球在受力平衡时具有最大速度，在B点时杆与小球间的弹力最大，则具有最大摩擦力，此处不平衡，故C错误；D.在整个过程中电场力做正功，弹簧的弹性势能增加，所以电场力做的功大于克服滑动摩擦力做的功，故D正确。10、BC【解题分析】

A．由电势能EP=2.5×10-5cosθ，可得θ=90°时EP=0，θ=270°时EP=0，说明y轴位于零势能面上，场强方向平行于x轴，故A错误；

BCD．当θ=0°，EP=2.5×10-5J，由EP=qφ，得该点的电势同理可得当θ=180°时该点电势为2500V；根据顺着电场线电势降低，可知电场强度的方向沿x轴正向，则场强为故D错误，BC正确。

故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、×17.5左端（或a端）右端（或b端）【解题分析】

①小电珠的电阻，故可选用×1档；读数为7.5Ω②如右图所示；③开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于左端．为使小电珠亮度增加，P应由中点向右端滑动．12、ab为横坐标【解题分析】（2）为了使得两极板间的电压可以变化，故应连接在滑动变阻器两端，故ab段，（4）小球受到竖直向下的重力，绳子的拉力以及电场力三个力作用，处于平衡状态，根据平衡条件有，又有，联立解得，所以应以为横坐标．（5）由上可知，则小球的带电量为．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0.4V(2)0.16W(3)2s【解题分析】

(1)由法拉第电磁感应定律得：E＝n＝n××解得E＝0.4V感应电流的方向：逆时针(2)I＝＝0.4AP＝I2r＝0.16W(3)分析