2023-2024学年河北省沧州市七县高二上学期期中联考物理试题及答案

{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}1.C绝缘性能良好的化纤制品衣服不能及时把静电导入大地,容易造成手术事故,选项A错误；飞机轮胎用导电橡胶制成可以将飞机产生的静电迅速导走,选项B错误；由于金属导体能做到静电屏蔽,故用金属桶装易燃的汽油要安全,选项C正确；轿车上有一根露在外面的小天线是无线广播的接收天线,选项D错误.2.C导体电阻由导体的材料、长度与横截面积决定,与导体两端电压和通过导体的电流无关,选项A错误；因为不知两导线横截面积间的关系,因此忽略温度的影响,两根长度相同的镇铭合金线电阻不一定相等,选项B错误；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关,相同条件下,铜导线比铁导线的导电性能好,说明导体的电阻与材料有关,选项C正确；导体的电阻越大,说明它对电流的阻碍作用越大,选项D错误.3.A开始A球处于平衡,库仑力等于弹簽的弹力,设弹簽劲度系数为k1,有:k1工0-k,将C球与A球接触后,A球的带电量变为原来的一半,假设伸长量变为原来的一半,知弹力为F-k1EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up3(工0),2),库仑力F,-kEQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up17(2),2).因为伸长量变小了,则两球间的距离变小,所以弹力F小于库仑力F,,则知伸长量不能是原来的一半,要比EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(工0),2)大,故A正确.4.D开关S保持闭合状态,电容器两极板间的电势差等于电源的电动势,故电容器两极板间的电势差不变,因此无论将R的滑片向左移动,还是将两极板的间距减小,静电计指针张开角度不变,故A、B错误；断开开关S后,电容器所带的电荷量不变,将两极板的间距增大,即d增大,根据C-可知,电容减小,故C错误；断开开关S后,电容器所带的电荷量不变,若紧贴下极板插入金属板,则d减小,由C-知,电容增大,根据E--知,板间的电场强度不变,故D正确.5.B分析M、0两点,因M点处的等势线密集,M点处的电场强度大,电荷在M点受到的电场力大,粒子在M点的加速度大,故A错误；N、0两点的电势相等,则粒子在N、0两点的电势能相等,粒子在N、0两点的动能相等,速度大小相等,故B正确；粒子受到的电场力指向轨迹曲线内侧且垂直于等势线,则粒子从M运动到N电场力做正功,粒子速度增大,从0运动到P电场力做负功,速度减小,故粒子在由M到P的运动过程中的速度先增大后减小,同理,粒子在由P到M的运动过程中的速度也先增大后减小,故C错误；因粒子由0到P的过程中电场力做负功,动能减小,电势能增大,即粒子在P点的电势能大于在0点的电势能,由于0点电势与N点电势相等,粒子在0点与N点电势能相等,故粒子在P点的电势能大于在N点的电势能,D错误.6.A小球受到的电场力方向水平向右,重力方向竖直向下,合力恒定且与初速度方向不在同一直线上,所以小球做匀变速曲线运动,A正确；合力与速度的夹角为锐角,则速率一直增大,B错误；速率一直增大,电场力对小球一直做正功,小球的机械能一直增大,C、D错误.7.C表头满偏电压为0.5V,A错误；改装后为电压表,所测电流最大为1mA,B错误；接ab端量程为10V,C正确；接ac端量程为19.5V,D错误.8.AC根据电势能与电势的关系Ep-Qp,可知电势能既与电场有关,又与电荷有关；电势仅由电场本身因素决定,与处于电场中的电荷无关,选项A正确.电子带电量为—e,若一个电子从M点移动到N点的过程中,电场力做功为3eV,则UMN为—3V,选项B错误.在静电场中,电势能与电势的关系是Ep-qp,则知正电荷在电势越高的地方电势能越大,选项C正确.负电荷在等势面高的位置的电势能小,所以将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面,电势能增大,电场力做负功,选项D错误.9.AD甲图中小灯泡正常工作时的电阻RL--20Ω,流过小灯泡的电流I--0.2A,电源效率η- TX100%-90%,选项A正确；甲图中R总--30Ω,R-R总—T—RL-7Ω,选项B错误；乙图中电动机M两端的电压UM-E—IT—U-1.4V,电动机为非纯电阻用电器,电动机内阻RM内牛-7Ω,选项C错误,D正确.10.ABD由U-得出等势面c电势为10V,电子从等势面d到等势面b,动能由20eV减小到0,说明越向上电势越低,相邻等势面间电势差为10V,等势面a的电势为—10V,选项A正确；由E-得匀强电场的场强大小为200V/m,选项B正确；电子再次飞经等势面d时,电场力做功为0,动能为20eV,选项C错误；电子沿电场线运动,加速度不变,电子的运动为匀变速直线运动,选项D正确.解析1）根据螺旋测微器读数规则可得d-0.5mm十0.232mm-0.732mm；（2）当用“X1k”挡时发现指针偏转角度过大,说明被测电阻较小,应该换用小倍率电阻挡；调整档位后,要先进行欧姆调零,再进行测量,测量后,断开表笔关闭多用表；故实验步骤的顺序为：BDEA；（3）由于EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(R工),RA)~3EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(0),3)00-1000>EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(RV),R工)~EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(6000),3000)-2,待测电阻的阻值远大于电流表内阻,可知电流表应该采用内接法；由于滑动变阻器用分压电路,则实物连线如图所示；（4）根据电阻定律和欧姆定律可知R工-p-p、R工-,解得该合金丝电阻率为p-.）（解析1）电流表的内阻已知,故采用甲电路图；毫安表满偏时,电路的总电阻R--1000Ω,所以滑动变阻器接入电路的阻值最小应为几百欧,故滑动变阻器选择C.（2）UI图线如题图丙所示,图线与纵轴截距即为电动势,E-0.97V,图像的斜率绝对值|k|-Rg十r-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(0),0)EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(.),.)EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(97—0.),76X10)EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(0),3)Ω-750Ω,解得r-700Ω.13.解1）正点电荷从无限远处移到电场中A点,要克服电场力做功8X10—6J,所以EPA-8X10—6J,PA-EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(EP),q)A-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(8X10),2X10)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up11(—),—)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up8(6),8)-400V（3分）EPB-2X10—6J,PB-EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(EP),q)B-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(2X10),2X10)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up11(—),—)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up8(6),8)-100V（3分）由电势差定义UAB-PA—PB-300V（2分）（3）把2X10—5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功为WAB-qUAB-—2X10—5X300J-—6X10—3J（4分）14.解1）由闭合电路欧姆定律的推论可知,当电路外电阻等于内阻r时,输出功率最大,最大值为Pm-（1分）把定值电阻看成电源内阻的一部分,由题图乙可知,当RP-R1-R十r-6Ω时,滑动变阻器消耗的功率最 E2-大 E2-（2）滑动变阻器的阻值为3Ω时与阻值为R2时消耗的功率相等,有EQ\*jc3\*hps33\o\al(\s\up20(）),）)2R2（2分）电源效率η-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(P),P)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(外),总)X100%-83.3%（1分）15.解1）粒子在平行板电容器间做类平抛运动,则水平方向2L-心0t1（1分）竖直方向q-ma（2分）1-atEQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up3(2),1)（2分）-at1