科学九年级酸碱易错难题

.z.一、选择题1、以下实验方确的是〔〕A．要除去二氧化碳中的少量一氧化碳，可将气体通入澄清石灰水B．要除去NaOH溶液中的Na2CO3，可参加适量的稀盐酸C．要除去稀盐酸中的少量硫酸，可参加适量的Ba〔NO3〕2溶液D．粗盐提纯实验中，采用了溶解、过滤、蒸发的方法除去粗盐中的不溶性杂质2、以下对相关化学知识的表达正确的选项是〔〕A．酶是机体吸入氧气时的载体B．钙、铁、锌都是人体必需的微量元素C．人体缺乏维生素A会引起坏血病D．催化剂在化学反响前后，其质量和化学性质都不发生变化3、以下做法符合食品平安要求的是〔〕A．用甲醛溶液浸泡毛肚以防腐B．提炼地沟油作为餐饮用油C．用化工原料将馒头染色D．添加小打焙制糕点4、2012年，我省农村中小学实施营养餐改善方案陆续启动，许多孩子辞别过去一日两餐的饮食习惯，一日吃三餐，营养得到改善．*农村学校的营养早餐食谱如下：面包、鸡蛋、牛奶、火腿肠．其中富含糖类的食品是〔〕A．面包B．鸡蛋C．牛奶D．火腿肠5、以下各组溶液中，不用其他试剂就能将其区别开的是A．Na2CO3、HCl、HNO3、Na2SO4B.K2CO3、H2SO4、HNO3、BaCl2C．HCl、AgNO3、HNO3、NaClD.Na2SO4、NaOH、CuSO4、NaCl6、一定温度下，硫酸铜受热分解生成CuO、SO2、SO3和O2。：SO2、SO3都能被碱石灰和氢氧化钠溶液吸收。利用以下图装置加热硫酸铜粉末直至完全分解。硫酸铜粉末质量为10.0g，完全分解后，各装置的质量变化关系如下表所示。装置A(试管+粉末)BC反响前42.0g75.0g140.0g反响后37.0g79.5g140.0g请通过计算，推断出该实验条件下硫酸铜分解的化学方程式是A．3CuSO43CuO+SO3↑+2SO2↑+O2↑

B．4CuSO44CuO+2SO3↑+2SO2↑+O2↑

C．5CuSO45CuO+SO3↑+4SO2↑+2O2↑

D．6CuSO46CuO+4SO3↑+2SO2↑+O2↑7、下表是小同学用多种方法鉴别物质的情况，其中两种方法都正确的选项是：〔〕选项待鉴别物质方法和所加试剂方法一方法二A稀HNO3和KOH溶液用pH试纸检验滴加CuSO4溶液BCaCO3和BaSO4参加足量水滴加稀HClC稀HCl和稀H2SO4滴加BaCl2溶液参加酚酞试液DCa(OH)2溶液和NaOH溶液滴加K2CO3溶液滴加FeCl3溶液二、填空题8、“物质构成的奥秘〞这一主题让我们认识了一些常见的化学元素、物质组成的表示、物质分类等容．现有O、H、Cl、Na四种元素，请你参与以下问题的研究．〔1〕现有上述四种元素分别组成的一些物质：Na2O、H2、NaOH、HCl．请按以下要求将这些物质分类并填空：〔填化学式〕①单质；②化合物；③氧化物；④碱．〔2〕上述四种元素中，有一种元素的原子在化学反响中易得到一个电子形成相对稳定的构造，该元素的原子构造示意图为〔填序号〕：A、B、C、D、它与上述四种元素中的金属元素形成的化合物为〔填化学式〕．〔3〕钠元素形成的一种氧化物可发生如下反响：2Na2O2+2H2O═*+4NaOH，则*的化学式为．9、请答复物质提纯和鉴别的以下问题。〔1〕除去CaCl2溶液中混有的杂质HCl，可参加过量的；〔2〕探究K2CO3溶液、稀盐酸、Ba(OH)2溶液间，两两混合能否发生化学反响时，将所有废液倒入同一干净烧杯中。除指示剂外，烧杯中最终一定含有的一种溶质是。三、实验探究题10、以下为初中化学常见物质，由H、C、O、Cl、Na、Ca、Cu、Fe中的元素组成。〔1〕利用图一进展实验①假设B为不溶水的白色粉末，将A溶液滴入后产生气泡，则B的化学式为；②假设将A溶液滴入到C粉末中，观察到溶液变为黄色，则反响的化学方程式为；③假设将蓝色D溶液滴入到E粉末中，可观察到溶液变为浅绿色，则反响的化学方程式为；〔2〕利用图二进展实验挤压胶头滴管将F溶液滴入到盛有H的锥形瓶中，可观察到气球胀大，得到K溶液，K溶液可继续与H反响生成M，其中K与M含有一样的金属元素，则该反响的化学方程式为；〔3〕利用图三进展实验——“发射火箭〞表演时，挤压胶头滴管，套着塑料火箭的轻质细木棒向上冲出，完成发射。则锥形瓶中的固体和胶头滴管中的液体可能是上述物质中的：序号物质①②③④⑤液体固体11、*化学小组在进展模拟炼铁的实验时，对产物的成分进展探究。【提出问题】黑色粉末A可能是什么呢？【查阅资料】铁的氧化物都能与稀盐酸，稀硫酸反响，其中氧化铁为红棕色，其余都为黑色，并且只有四氧化三铁能被磁铁吸引。【进展猜测】小组成员一致认为：黑色粉末A不可能只有铁粉，理由是，黑色粉末A参加足量CuSO4溶液所发生反响的化学方程式是。小组成员，通过查阅资料，对黑色粉末A的成分进展了如下猜测：猜测①黑色粉末A由铁粉和四氧化三铁〔Fe3O4〕组成。猜测②黑色粉末A由铁粉和氧化亚铁〔FeO〕组成。猜测③。【实验探究】实验实验操作实验现象结论Ⅰ取适量黑色粉末A用磁铁吸引黑色粉末局部被吸引猜测

不正确Ⅱ取适量黑色粉末B于试管中，参加足量稀盐酸黑色粉末全部溶解猜测②正确Ⅲ

猜测③正确【反思评价】实验Ⅱ中得出的结论是不正确，其理由是。【实验结论】猜测③是正确12、A-E分别是由一种到三种元素组成的初中常见的5种固体物质，按要求答复相应的问题：〔1〕5种固体物质均可与稀盐酸反响，其中，A、B、C遇稀盐酸有气体产生，B、C产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，A中的溶液为浅绿色，其余均为无色，A与稀盐酸反响的化学方程式是。〔2〕上述试管①-④中依次放入B、C、D、E四种固体，参加足量的水，除B外均可溶于水，D、E均出现明显放热现象。向试管③④中分别滴入2-3滴酚酞，溶液均呈现红色，再向其中参加试管②中的溶液，试管③中无明显变化，试管④中出现浑浊现象。B、D的化学式分别是、；试管④中出现浑浊现象的有关化学方程式是。13、依据图1和图2的有关信息，答复以下问题：〔1〕图1是向氢氧化钠溶液中逐滴参加盐酸时，溶液温度与盐酸溶液体积之间的变化关系图。由图1可知，该反响是〔填“放热〞或“吸热〞〕，M点所表示的含义是。〔2〕图2是向碳酸钠溶液中逐滴参加盐酸时其反响过程的图像，由图像可知该反响分两步完成。第一步：Na2CO3＋HCl＝NaHCO3＋NaCl，当盐酸的体积大于ml时进展第二步，此时，反响的化学方程式是，当盐酸的体积大于V2ml时，溶液中的溶质是。14、同学们用Na2CO3溶液和浓HCl来研究简易灭火器的反响原理时，对废液的成分进展了探究．【推理假设】上述两种反响的化学方程式为．由此推测出废液中一定有NaCl，可能有Na2CO3或盐酸．【实验探究】〔一〕确定废液中是否含有盐酸〔1〕选择试剂：根据盐酸的化学性质，同学们选用了如下图的五种物质，其中物质*是酸碱指示剂中的溶液．〔2〕实验验证：*同学向废液中参加少量的镁粉，观察到，确定废液中一定没有盐酸．〔二〕确定废液中是否含有Na2CO3*同学选用pH试纸测出废液的pH=10，确定废液中一定含有Na2CO3〔三〕处理废液，回收利用欲从废液中得到纯洁的NaCl，设计了如下实验方案，请完成方案评价．方案参加试剂别离方法方案评价一适量的Ca〔NO3〕2溶液过滤、蒸发结晶〔选填“可行〞或“不可行〞，下同〕二适量的稀盐酸蒸发结晶15、*学校“我与化学〞学习小组发现，铜绿[Cu2(OH)2CO3]受热分解后，除生成CO2和水蒸气外，试管中还有一些黑色粉末状固体。于是他们就通过实验探究分析黑色固体的组成，并验证产生的气体。请你参与一起分析探讨：(1)试管中的黑色团体可能是炭粉，也可能是氧化铜，还可能是。(2)经查阅资料可知炭粉不能与酸反响，也不溶于酸，而氧化铜则可与酸反响而溶解。于是他们先向试管中的黑色固体里参加一种溶液来检验黑色固体终究是什么？你认为他们可加的溶液是(填化学式)(3)具体分析如下：假设黑色固体是炭粉，应该看到的现象；如果发现，该黑色固体则是氧化铜；假设现象为，才证明第三种可能成立。(4)假设用右图装置验证两种气体生成物，应将生成的混合气体先通过〔填“A〞或“B’’〞〕装置，不然就会有影响，原因是。当将气体通入装置A进展验证时，气流应从通入。16、小杰取一支试管参加少量的碳酸钠溶液，向其中滴加一定量的澄清石灰水，充分反响后过滤，得到澄清的滤液。小杰对该滤液的成分进展了如下实验探究，请补全实验报告：实验步骤实验现象实验结论取少量滤液于试管中，参加__________溶液无气泡产生滤液中不含有__________另取滤液于试管中，向其中____________________滤液中含有Ca(OH)217、过氧化钙〔CaO2〕广泛应用于水产养殖、污水处理等领域，是优良的供养剂。制备CaO2：工业制备过氧化钙的一种方法是氢氧化钙法。〔1〕Ca(OH)2和H2O2在有水存在的条件下生成CaO2·8H2O，它在120℃时完全分解为CaO2等。有关化学反响方程式为：，。测定CaO2纯度：CaO2在350℃时能迅速分解，生成CaO和O2。右图是实验室测定产品中CaO2〔2〕检查装置气密性的方法是：连接好装置，从漏斗注水，量气管两边形成高度差，做好标记，一段时间后，高度差，说明气密性良好。〔3〕正确读取量气管液面的初始、最终读数前都需进展的操作是。〔4〕加热小试管时，随着过氧化钙分解，量气管的液面逐渐下降，为防止试管和量气管气体压强过大，可将漏斗〔填“上提〞或“下移〞〕。〔5〕计算含量需要测定的数据有。〔填字母序号〕A.氧气的体积B.样品的质量C.反响的时间〔6〕假设样品质量为0.20g，反响前量气管读数为2.10mL，反响后量气管读数为24.50mL〔常温下氧气的密度为1.429g/L〕。实验中量气管的最正确规格是。〔填字母序号〕A．50mLB．100mLC．1L〔7〕样品中CaO2含量为。〔8〕假设样品质量用w表示，反响前称量药品和小试管总质量为mg，反响后在空气中冷却，称量药品和小试管总质量为ng，则CaO2含量=。此方案测定结果偏小的原因可能是。四、计算题18、*钙片的标签如下图，可知此钙片成分中只有碳酸钙含有钙元素。〔1〕请通过计算说明此标签中的含钙量是否错误。〔2〕为测定其真实的含钙量，小东每次取10片钙片放入已称量的含足量盐酸的烧杯中，发生的化学反响是：CaCO3+2HCl＝CaCl2+H2O＋CO2↑，充分反响后再称取烧杯和剩余物的总质量。小东做了三次实验，数据如下：物质的质量第一次第二次第三次平均值反响前：烧杯+盐酸22g22g22g22g10片钙片8g8g8g8g反响后：烧杯+剩余物26.7g26.5g26.9g26.7g①请列式计算每片钙片含碳酸钙的质量。②请列式计算每片钙片的含钙量，并建议厂家应如何修改标签。19、*厂生产的化肥硝酸铵的包装袋上注明有如图字样，问：如果杂质不含氮元素，则该化肥的纯度是多少？****含有****〔mg/L〕硒：0.013锶：0.0596锌：0.00162钠：18.3…硝酸铵NH4NO3含氮量≥32.9%***化工厂20、*合金可能由铜与镁、锌中的一种组成，现欲测定其组成，进展如下实验：取该合金样品30g放入烧杯中，让后将200g溶质质量分数为19.6%的稀硫酸平均分四次依次参加该烧杯中，每次均充分反响。实验数据如下：请计算：〔1〕该合金中铜的质量分数为。〔2〕该合金除铜外，另一种金属是。〔写出过程〕〔3〕第三次参加稀硫酸充分反响后，所得溶液中溶质的质量分数。21、碳酸钠和碳酸氢钠的固体混合物充分加热至恒重，其质量变化如以下图所示。另取一样质量的该混合物溶于水得到106.6g溶液，向该溶液中参加100g7.3%的稀盐酸，恰好完全反响。〔：2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O，碳酸钠受热不易分解。〕计算：〔1〕混合物与盐酸反响生成二氧化碳的质量。〔2〕所得溶液中溶质的质量分数。五、综合题22、如图中A、B、C、D为初中常见的四种化合物，其中“﹣〞表示两端的物质在一定条件下能反响，“→〞表示一种物质在一定条件下能反响生成另一种物质．A、B、C中都有两种一样的元素，其中一种为金属元素，另一种为非金属元素，D是植物进展光合作用必不可少的气体．〔1〕推断A的化学式为，D的化学式为；〔2〕反响“B﹣D〞的化学方程式为．23、如下图，A～D是九年级化学常见物质．A为金属氧化物，C为石的主要成分，“→〞表示物质之间存在的转化关系〔局部生成物未标出〕．请答复以下问题：〔1〕D的俗名：〔任填一种即可〕〔2〕B与D之间的化学反响属于反响〔填根本反响类型〕．〔3〕写出A→B的化学方程式．〔4〕写出B在生成、生活中的一种用途．24、A~G都是初中化学学习过的常见物质，这些物质在一定条件下，存在着如以下图所示的转化关系。A和E为单质，其它为化合物，且G是石中的主要成分。请根据图示推测，答复以下问题：〔1〕B和C的化学式分别是，；〔2〕F的水溶液中所含的离子是；〔3〕反响①的化学方程式为_____________；〔4〕在常温下发生的反响④的化学方程式为__________________。〔5〕50gG在一定条件下转化为D时，所得到的D的质量是g。25、现有一包粉末，它们可能由Na2SO4、CuCl2、Na2CO3、KNO3中的一种或几种组成，*学生的实验过程记录如下：〔1〕白色沉淀A的化学式为________，无色气体D的化学式为_________。〔2〕由上述实验记录推断：原粉末中一定不含______________________。〔3〕无色溶液B中一定含有的溶质是______，可能含有的溶质是_____。〔4〕KNO3是化学肥料中的_________〔填：氮肥、磷肥或复料〕，其中氮元素的化合价为________价。27、以下图是初中化学常见物质间的转化关系(反响条件和局部产物已略去),其中A为钠盐,B、C常温下是无色气体，*、Y均为黑色粉末,D为红色金属单质,F在常温下为液态氧化物,试答复以下问题：〔1〕A含有三种元素,则A的俗名是________；F的化学式为：。〔2〕上述物质转化过程中：B+*→C属于反响类型。〔3〕指出C的一种用途_________，写出C+Y→D的化学方程式______。〔4〕假设反响E→F为中和反响，应则E的化学式为_________。28、现有Na2CO3和Na2SO4的固体混合物样品共12g，将其溶解于92.4g水中，向所得溶液中逐滴滴加H2SO4溶液，参加H2SO4溶液的质量与产生气体的的质量的关系如右图所示。求:(1)固体混合物中Na2CO3的质量。(2)求样品与H2SO4溶液恰好完全反响后所得Na2SO4溶液中溶质的质量分数。29、A～G均为初中常见的化学物质〔“→〞表示物质间的转化关系，“—〞表示两端的物质能发生化学反响〕，其中A、F是初中阶段常见的两种氧化物；B、D是初中阶段常见的两种碱；G是一种常见的建筑材料，E是人体胃液中的一种酸，它们之间有如以下图的相互转化关系〔图中局部生成物已略去〕。请答复以下问题：〔1〕B物质的俗称是_，〔2〕C的化学式为__。〔3〕写出化学反响①和②的化学方程式：①______；②___________。30、实验室里有一瓶常用的无色溶液，因保管不当，其残缺的标签中只剩下“Na〞和“10%〞字样〔如右图所示〕。小强和小华同学很感兴趣，决定对其成分进展探究。【提出问题】这瓶试剂可能是什么溶液呢？【交流讨论】根据受损标签的情况判断，这瓶试剂不可能是。A．酸B．碱C．盐【查阅资料】Ⅰ初中常见含钠的化合物有：NaCl、NaOH、Na2CO3、NaHCO3。ⅡNa2CO3和NaHCO3的水溶液都呈碱性。Ⅲ室温(200C)时,测定四种物质的溶解度数据如下:物质NaClNaOHNa2CO3NaHCO3溶解度g361092159.6小华根据试剂瓶标注的质量分数为10%和上表中的溶解度数据判断,这瓶试剂不可能是。【作出猜测】①可能是NaCl；②可能是Na2CO3；③可能是。【实验探究】(1)小强用干净的玻璃棒蘸取试液于pH试纸上,测得pH＞7,则这瓶试剂不可能是。〔2〕小强为了检验该溶液是NaOH溶液还是Na2CO3溶液，他又进展了如下实验。实验步骤实验现象结论及化学方程式①取少量溶液于试管中，滴加

。产生大量气泡反响的化学方程式：

。②把产生的气体通入澄清的石灰水中。澄清的石灰水变浑浊猜测②正确。反响的化学方程式：

【拓展延伸】请你选择与小强不同类别的试剂，来鉴别NaOH溶液和Na2CO3溶液，你选择的试剂是。【综合计算】现取含有氯化钠杂质的纯碱样品25g放入烧杯中，向其中参加50g稀盐酸，二者恰好完全反响。反响完毕后称量烧杯中剩余物质的总质量为66.2g(不包括烧杯的质量，且气体的溶解忽略不计)。试计算纯碱样品中杂质氯化钠的质量分数。1、解：A、二氧化碳能与澄清石灰水反响生成碳酸钙沉淀和水，一氧化碳不与澄清石灰水反响，通入澄清石灰水中反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故该实验方法错误．B、Na2CO3、NaOH溶液均能与稀盐酸反响，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原则，故该实验方法错误．C、Ba〔NO3〕2溶液能与硫酸反响生成硫酸钡沉淀和硝酸，能除去杂质但引入了新的杂质硝酸，不符合除杂原则，故该实验方法错误．D、粗盐中含有不溶性的泥沙等，粗盐提纯实验中，可以采用溶解、过滤、蒸发的方法除去粗盐中的不溶性杂质，故该实验方确．应选D．2、解答：解：A、血红蛋白是机体吸入氧气时的载体，故A错误；B、钙是人体中的常量元素，铁、锌是人体中的微量元素，故B错误；C、人体缺乏维生素A会引起夜盲症，故C错误；D、由催化剂的定义及特性可知，催化剂在化学反响前后，其质量和化学性质都不发生变化，故D正确．应选D．3、解答：解：A、甲醛有毒，能破坏人体蛋白质的构造，使之失去生理功能，不能食用，故A错误．B、地沟油会破坏白血球和消化道黏膜，引起食物中毒，甚至致癌，故不能食用，故B错误．C、染色馒头中的化工原料，会损失人体的肝肾，甚至能够致癌，故不能食用，故C错误．D、小打是碳酸氢钠，碳酸氢钠无毒，碳酸氢钠受热分解且能与酸反响生成二氧化碳气体，气体受热膨胀使面松软多孔，故D正确．应选D．4、解答：解：A、面包中富含糖类，故富含题意；B、鸡蛋中富含蛋白质，故不符合题意；C、牛奶中富含蛋白质，故不符合题意；D、火腿肠中富含蛋白质、脂肪，故不符合题意．应选A5、6、【答案】B【解析】由表可知CuO的质量是42.0g-37.0g=5g，根据质量守恒定律代入各化学方程式求得硫酸铜质量，为10.0g的正确。7、答案：A解析：A.稀硝酸为酸性，pH＜7；而氢氧化钾溶液为碱性，pH＞7；所以用pH试纸可鉴别两种溶液；硫酸铜和氢氧化钾反响生成氢氧化铜的蓝色沉淀，硫酸铜和稀硝酸不反响无明显现象，A选项正确；B、碳酸钙和硫酸钡都不溶解于水，因此使用水不能鉴别碳酸钙和硫酸钡，B选项不正确；C、稀HCl和稀H2SO4都是酸性溶液，参加酚酞都没有明显现象，因此加酚酞的方法不能鉴别两种溶液；参加氯化钡有白色沉淀产生的是稀硫酸，无明显现象的是稀盐酸，因此C项不正确；D、Ca(OH)2溶液和NaOH溶液，滴加碳酸钾有白色沉淀产生的是氢氧化钙，无明显现象的是氢氧化钠，故方法一可以鉴别，滴加氯化铁都有红褐色沉淀产生，故方法二不正确，因此，D项不正确；二、填空题8、解答：解：〔1〕H2是由一种元素组成的纯洁物，属于单质；HCl是由不同种元素组成的纯洁物，属于化合物；Na2O是由两种元素组成的且有一种是氧元素的化合物，属于氧化物；Na0H是由钠离子和氢氧根离子组成的化合物，属于碱；〔2〕根据假设最外层电子数≥4，则一般为非金属元素，在化学反响中易得电子，则在化学反响中易得到一个电子形成相对稳定的构造的最外层电子数应为7，C元素的原子构造示意图符号题意．〔3〕根据反响的化学方程式2Na2O2+2H2O═*+4NaOH，反响物中钠、氧、氢原子个数分别为4、6、4，反响后的生成物中钠、氧、氢原子个数分别为4、4、4，根据反响前后原子种类、数目不变，则每个*分子由2个氧原子构成，则物质*的化学式为O2．故答案为：〔1〕H2；HCl；Na2O；NaOH；〔2〕C；NaCl；〔3〕O2．9、【答案】〔1〕碳酸钙或CaCO3〔2〕氯化钾或KCl【解析】除杂质的原则为：①能把杂质除掉，②原物质的质量不能减少，可以增加．③不能混入新的杂质．要除去CaCl2溶液中混有的少量HCl，实质是除氢离子，并且过量的物质是容易和氯化钙溶液别离的，故应该为固体K2CO3溶液、稀盐酸、Ba(OH)2溶液之间，稀盐酸、与Ba(OH)2生成发生中和反响，氯化钡和水，K2CO3与Ba(OH)2不反响，K2CO3溶液和稀盐酸生成氯化钠和水，二氧化碳，氯化钡与K2CO3生成氯化钠和水，二氧化碳，所以最终烧杯中一定含有反响最终生成的氯化钠溶质．三、实验,探究题10、【解析】：此题考察了酸和碳酸盐反响、酸和金属氧化物反响、金属和盐反响等知识点是酸、碱、盐的综合性试题，该试题的要求比拟高。〔1〕①由白色粉末中参加液体有气泡产生，可以联想到碳酸盐和稀酸反响，再结合所给的元素，白色粉末是碳酸钙②假设将A溶液滴入到C粉末中，观察到溶液变为黄色，溶液变为黄色说明含有铁离子，由C是粉末可知是氧化铁，A为稀盐酸，所以化学方程式为氧化铁和稀盐酸反响生成氯化铁和水，写化学方程式时要注意配平〔2〕H2O+Na2CO3+CO2=2NaHCO3〔3〕序号物质①②③④⑤液体HClHClHClHClHCl固体NaHCO3Na2CO3CaCO3FeNaOH〔5组写全给2分，写出三组或三组以上且正确给1分，只要有错误组合不给分〕11、【答案】【进展猜测】黑色粉末A假设只有铁粉，参加足量硫酸铜溶液后会全部发生反响，不会有黑色固体剩余，而实验过程中是有黑色固体剩余。〔2分〕Fe+CuSO4→FeSO4+Cu黑色粉末A由铁粉、四氧化三铁、氧化亚铁组成。【实验探究】实验Ⅰ：猜测①不正确实验Ⅲ：实验操作取适量实验Ⅰ中被吸引的黑色粉末于试管中，参加足量硫酸铜溶液〔合理答案给分〕实验现象仍有黑色固体剩余〔合理答案给分〕【反思评价】假设含有四氧化三铁加稀盐酸也会全部溶解。【解析】假设黑色粉末A由铁粉和四氧化三铁〔Fe3O4〕组成，用磁铁吸引，黑色粉末会全部被吸引，所以实验Ⅰ：猜测①不正确。再有一种可能就是黑色粉末A由铁粉、四氧化三铁、氧化亚铁组成，取适量黑色粉末A用磁铁吸引，黑色粉末没有全部被吸引，说明含有氧化亚铁，然后取被吸引的黑色粉末于试管中，参加足量硫酸铜溶液，反响说明有铁，仍然有有黑色固体剩余说明含有四氧化三铁。12、【答案】〔1〕Fe+2HCl→FeCl2+H2↑(2)CaCO3NaOHCaO+H2O→Ca(OH)2Ca(OH)2+Na2CO3→CaCO3↓+2NaOH〔2分〕【解析】(1)因为A遇稀盐酸有气体产生，且反响后溶液为浅绿色，可想到A为铁。铁与稀盐酸反响的化学方程式是Fe+2HCl→FeCl2+H2↑，〔2〕B与盐酸反响产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，说明B是碳酸盐，B又难溶于水，所以可以推测B是碳酸钙；因为D、E溶于水出现明显放热现象，且参加酚酞，溶液变红，则可推测D、E可能为氢氧化钠、氧化钙，试管③④中就可能是氢氧化钠溶液、氢氧化钙溶液；C与盐酸反响产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，说明C是碳酸盐,参加到试管③④中，③中无明显变化，试管④中出现浑浊现象，则可推出C时碳酸钠，D是NaOH，E是氧化钙，试管④中出现浑浊现象的有关化学方程式就是CaO+H2O→Ca(OH)2Ca(OH)2+Na2CO3→CaCO3↓+2NaOH13、【答案】〔1〕放热，氢氧化钠和氯化氢恰好完全反响〔2〕V1,NaHCO3+HCl→NaCl+H2O+CO2↑,NaClHCl【解析】〔1〕从图像上看溶液温度在增加，说明此反响放热。M点后温度就下降了，就说明反响停顿了所以M点所表示氢氧化钠和氯化氢恰好完全反响〔2〕V1之后才开场产生气体，所以说明参加V1ml盐酸后第一步反响完毕了，然后NaHCO3+HCl→NaCl+H2O+CO2↑，当盐酸的体积大于V2ml时，反响完毕，所以溶液中的溶质为生成的NaCl和过量的HCl。14、解答：解：碳酸钠和盐酸反响生成氯化钠和水和二氧化碳，配平即可，故答案为：Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2↑〔一〕根据盐酸的化学性质，可以用石蕊检验，石蕊遇到盐酸会变红色，酚酞不变色，因此不用酚酞；*同学向废液中参加少量的镁粉，观察到无明显现象或无气泡，证明废液中一定没有盐酸．故答案为：〔1〕石蕊〔2〕无明显现象〔二〕要确定废液中是否含有Na2CO3，可选用PH试纸或PH计测出废液的pH=10，确定废液中一定含有Na2CO3；故答案为：pH试纸或pH计〔三〕欲从废液中得到纯洁的NaCl，加适量的Ca〔NO3〕2溶液不可行，因为会参加新的杂质硝酸钠；适量的稀盐酸可行，因为碳酸钠和盐酸反响生成氯化钠和水和二氧化碳．故答案为：一、不可行；二、可行15、【解析】根据铜绿的化学式Cu2〔OH〕2CO3，铜绿受热分解后所得到的黑色固体只可能为炭粉、氧化铜中的一种或两种；由查阅资料和所学知识可知，炭粉与稀酸不反响，而金属氧化物能与稀酸反响，生成盐和水．氧化铜与稀酸反响生成铜的盐溶液，呈蓝色．所以要确定黑色粉末的组成，要向黑色粉末中加稀酸混合气体通过澄清石灰水后会使对水的检验受到影响，因此在通入澄清石灰水检验二氧化碳之前应先检验水．【答案】〔1〕炭粉和氧化铜的混合物〔1分〕(2)H2SO4(HCl、HNO3也可)〔1分〕(3)黑色固体不溶解，溶液呈无色；〔1分〕黑色固体完全溶解，溶液呈蓝色；〔1分〕黑色固体局部溶解，溶液呈蓝色。〔1分〕(4)B〔1分〕会干扰对混合气体中水蒸气的验证〔1分〕a〔1分〕16、【答案】实验步骤实验现象实验结论盐酸(HCl)或硫酸(H2SO4)碳酸钠(Na2CO3)通入CO2气体或参加Na2CO3(或K2CO3)溶液产生白色沉淀【解析】碳酸钠溶液和澄清石灰水反响后，生成氢氧化钠，反响物有剩余，剩余溶液中会有碳酸钠或氢氧化钙，碳酸钠可以和酸反响生成气体，所以可以参加酸，无气泡产生说明滤液中不含有碳酸钠，要证明有氢氧化钙可以通入CO2气体或参加Na2CO3(或K2CO3)溶液，会产生白色沉淀。17、【答案】〔1〕Ca(OH)2+H2O2+6H2O=CaO2·8H2OCaO2·8H2OCaO2+8H2O〔2〕不变〔3〕调节两边液面相平〔4〕下移〔5〕AB〔6〕A〔7〕72%〔8〕在空气中冷却导致CaO吸收水蒸〔9分，每空1分〕四、计算题18、〔1〕解：假设该钙片为纯碳酸钙，碳酸钙中钙元素的质量分数=×100%=40%则每片钙片中含钙的质量=×40%=0.32g，所以此钙片不可能每片含钙0.75g。〔2〕①根据实验数据，反响后烧杯和剩余物的平均质量==26.7g故平均生成CO2的质量=8+22－26.7=3.3g设10片钙片中含碳酸钙质量为*，则CaCO3+2HCl＝CaCl2+H2O＋CO2↑10044*3.3g=*=7.5g因此每片钙片含碳酸钙的质量为0.75g②每片钙片含钙元素质量=0.75×40%=0.3g答：在标签上将含钙量由每片含钙0.75g改为每片含钙0.3g。19、设该化肥的纯度为*，当含N＝32.9%时有：NH4NO3中N元素的质量分数×*＝32.9%*＝94%答：该化肥的纯度不低于94%。20、【解析】：此题考察了金属和稀酸反响的化学方程式的计算。〔1〕由第一次参加50g的稀硫酸合金的质量减少了6.5g，第二次再加50g稀盐酸时，合金的质量又减少6.5g，所以得出每参加50g的稀硫酸合金的质量就会减少6.5g，说明50g的稀硫酸和6.5g的合金确好完全反响，最后参加50g稀硫酸时减少的质量只有1.5g，所以剩余物质的质量即为铜的质量〔2〕由50g的稀硫酸和6.5g的合金确好完全反响，求出金属的相对原子质量〔3〕第三次后剩余固体的质量为10.5g，因此反响掉的物质的质量即为30g-10.5g=19.5g，由19.5g锌的质量求出反响生成的硫酸锌的质量，反响后溶液的质量=锌的质量+稀硫酸的质量-氢气的质量【答案】：〔1〕30%············································1分〔2〕解：设另一种金属为M，相对原子质量为*。M+H2SO4=MSO4+H2↑*986.5g50g×19.6%*=65所以该金属是锌。············································1分〔3〕解：设第三次反响后生成硫酸锌的质量为Y，氢气质量为Z。21、【解析】由图可知固体减少的质量是生产二氧化碳和水的质量，然后根据质量守恒定律进展解答。【答案】解：设混合物中碳酸氢钠的质量为*；碳酸氢钠与盐酸反响生成二氧化碳的质量为y、碳酸钠与盐酸反响生成二氧化碳的质量为z2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O2×84〔44+18〕*3.1g1分

*=8.4gNaHCO3+HCl=NaCl+CO2↑+H2O84448.4gyy=4.4g混合物中碳酸钠的质量为：13.7g－8.4g=5.3gNa2CO3+2HCl=2NaCl+CO2↑+H2O106445.3gzz=2.2g13.7g混合物与稀盐酸反响生成二氧化碳的总质量是6.6g反响后溶液的质量：106.6g+100g-6.6g=200g，根据氯元素守恒，设反响生成氯化钠的质量为mHCl~NaCl36.558.5100g×7.3%mm=11.7g

氯化钠溶液中氯化钠的质量分数=答：混合物与盐酸反响生成二氧化碳的质量为6.6g；与盐酸反响后溶液中氯化钠的质量分数是5.85%。五、综合题22、解答：解：D是植物进展光合作用必不可少的气体，则D是二氧化碳，二氧化碳能与碱反响，则B可能是氢氧化钙，氢氧化钙能转化生成碳酸钠，则C可能是碳酸钙，碳酸钙能生成二氧化碳，碳酸钙能高温分解生成氧化钙，则A可能是氧化钙，代入框图，符合题意；〔1〕A是氧化钙，D是二氧化碳，故填：CaO，CO2；〔2〕二氧化碳能与氢氧化钙反响生成碳酸钙和水，故填：Ca〔OH〕2+CO2═CaCO3↓+H2O．23、解答：解：C为石的主要成分，可知C为碳酸钙，C高温分解生成A，而A为金属氧化物，故A为氧化钙；A与水反响后生成了B，B为氢氧化钙；根据B与D反响后的产物为碳酸钙和氢氧化钠，可以推断D是碳酸钠．〔1〕D为碳酸钠，俗称纯碱或打．〔2〕B为氢氧化钙，D为碳酸钠，两者反响生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，是两种化合物相互交换成分生成另外两种化合物的反响，属于复分解反响．〔3〕A为氧化钙，与水反响生成氢氧化钙，反响的化学方程式为：CaO+H2O=Ca〔OH〕2．〔4〕B为氢氧化钙，在生成、生活中可用于中和酸性土壤、作建筑材料等．故答案为：〔1〕纯碱；〔2〕复分解；〔3〕CaO+H2O=Ca〔OH〕2；〔4〕中和酸性土壤等．24、【解析】E是亮红色固体单质，应该是金属铜，根据白色沉淀G是一种建筑材料，可以推断G为碳酸钙，D为二氧化碳，C是CuO，因为A是单质，所以A为碳单质，则B应该为一氧化碳，D与F反响生成了碳酸钙，则F应该是氢氧化钙，至此各物质鉴定完毕，可以据此答题．【答案】〔1〕CO〔1分〕CuO〔1分〕〔2〕Ca2+，OH–〔1分〕高温

〔3〕C+2CuO2CuO+CO2↑

〔2分，未配平、漏条件或漏↑只给1分〕〔4〕CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑

〔2分，未配平或漏↑只给1分〕〔5〕22〔2分〕25、答案：〔1〕BaCO3；CO2(2)Na2SO4CuCl2(3)NaCl；KNO3(4)复料+5Na2SO4CuCl2〔3〕碳酸钠和适量氯化钡反响生成碳酸钡和氯化钠，故无色溶液B中的溶质为NaCl，可能有KNO3〔4〕硝酸钾中含有钾、氮两种营养元素，故是复；根据化合物中各元素的化合价的代数和为0，钾元素的化合价为+1价、氧元素的化合价为-2价，可求出氮元素的化合价为+5价26、【答案】〔共7分，化学方程式2分，其余每空1分〕〔2〕A〔3〕碳酸氢钠〔4〕aNaCl〔或氯化钠〕b.操作步骤实验现象结论及化学方程式产生白色的沉淀Na2CO3+Ca(OH)2===2NaOH+CaCO3↓〔5〕氯化钙〔或氯化钡〕〔或盐酸等〕溶液(合理也给分)。【解析】酸的化学式是H开