江西省南昌市重点初中高一物理第一学期期末预测试题含解析

江西省南昌市重点初中高一物理第一学期期末预测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、关于速度、加速度、合外力间的关系，下列说法正确的是（）A.物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大B.物体的速度为零，则加速度为零，所受的合外力也为零C.物体的速度为零，加速度一定为零，所受的合外力也一定为零D.物体的速度很大，但加速度可能为零，所受的合外力也可能为零2、如下图所示，一匀质木棒，搁置于台阶上保持静止，关于木棒所受的弹力的示意图中正确的是（）A. B.C. D.3、下列说法正确的是（）A.小球做自由落体运动时，速度不断增大，惯性变大B.小球在做自由落体运动时完全失重，惯性不存在了C.把一个物体竖直向上抛出后，能继续上升，是因为物体仍受到一个向上的推力D.物体的惯性仅与质量有关，质量越大的物体惯性越大4、如图所示，水平传送带以速度v匀速传动，一质量为m的小物体由静止轻放在传送带上，若小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，小木块放上传送带到与传送带相对静止过程中电动机多做的功为：A.2mv2 B.mv2C.mv2 D.mv25、如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行。现给小滑块施加一个竖直向上的拉力使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有（）A.小球对斜劈的压力先减小后增大 B.小球对斜劈的压力逐渐增大C.轻绳对小球的拉力逐渐增大 D.轻绳对小球的拉力逐渐减小6、如图所示，离地面高h处有甲、乙两个小球，甲以初速度v0水平射出，同时乙以大小相同的初速度v0沿倾角为45°的光滑斜面滑下，若甲、乙同时到达地面，则v0的大小是（

）A. B.C. D.7、某人在t＝0时刻开始观察一个正在做匀加速直线运动的质点，现只测出该质点在第3s内和第7s内的位移，则下列说法正确的是（）A.不能求出任意一秒内的位移B.不能求出任一时刻的瞬时速度C.能求出第3s末到第7s末这段时间内的位移D.能求出质点运动的加速度8、如图所示，小熊猫正在划船前进，则下列说法中正确的是（）A.使船前进的力的施力物体是船桨B.用桨向后划水，船就向前运动，说明物体间力的作用是相互的C.小熊猫对船的压力和船对小熊猫的支持力是一对平衡力D.小船漂浮，小船受到的浮力大小等于小熊猫和船的总重力9、如图甲所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体。现对A施加水平向右拉力F，通过传感器可测得A的加速度a随拉力F变化的关系如图乙所示。已知重力加速度g＝10m/s2，由图线可知()A.A的质量mA＝2kg B.B的质量mB＝2kgC.A、B间的动摩擦因数μ＝0.2 D.B的加速度一直随F增大而增大10、如图光滑水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块，物块和木板间的动摩擦因数相同，开始时各物均静止．今在两物块上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2．下列说法正确的是（）A.若F1>F2，M1=M2，则一定v1>v2B.若F1<F2，M1=M2，则一定v1>v2C.若F1=F2，M1<M2，则一定v1>v2D.若F1=F2，M1>M2，则一定v1>v211、如图所示，两个均匀光滑的小球、放在竖直墙壁和水平地面之间，另一侧用一块竖直挡板挡住，现将竖直挡板向右平移一小段距离没有接触到地面），则下列说法正确的是A.水平地面对小球的支持力不变B.小球、之间的相互作用力变大C.竖直墙壁对小球的作用力变大D.竖直挡板对小球的作用力变小12、如图所示，一质量为m的物体以一定的速率v0滑到水平传送带上左端的A点，当传送带始终静止时，已知物体能滑过右端的B点，经过的时间为t0，则下列判断正确的是()A.若传送带逆时针方向运行且保持速率不变，则物体也能滑过B点，且用时为t0B.若传送带逆时针方向运行且保持速率不变，则物体可能先向右做匀减速运动直到速度减为零，然后向左加速，因此不能滑过B点C.若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)v＝v0时，物体将一直做匀速运动滑过B点，用时一定小于t0D.若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)v＞v0时，物体一定向右一直做匀加速运动滑过B点，用时一定小于t0二．填空题(每小题6分，共18分)13、“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示:（1）本实验主要采用的物理学研究方法是_____A．类比法B．等效替代法C．理想模型法D．控制变量法（2）实验中关于打点计时器的使用说法正确的是_____A．若使用电磁打点计时器，应接6V以下直流电源B．若使用电火花打点计时器，应接6V以下交流电源C．先接通电源，再释放小车D．安放复写纸时，应把纸带放在复写纸的上面（3）用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是_____；使砂与砂桶的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力近似等于_____（4）实验中打出的某一条纸带如图乙所示，相邻的5个计数点间的时间间隔是0.1s，由此可算小车运动的加速度是_____m/s214、在“探究加速度与力和质量的关系”的实验中：(1)备有器材：A．带有定滑轮的长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；细绳、小车砝码；D．装有细砂的砂桶；E．垫片；F．毫米刻度尺，还缺少的一件器材是_______；(2)实验得到如图所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距x2和D、E间距x4已测出，利用这两段间距计算小车加速度a的表达式为a=_______；(3)同学甲根据实验数据画出如图1所示图线，从图线可得砂和砂桶的总质量为_______kg；（g取10m/s2）(4)同学乙根据实验数据画出了如图2所示图线，从图线可知同学乙操作过程中可能___________。15、①某同学用如图所示装置做“验证牛顿第二定律”的实验，若他在图示状态下开始做实验，请指出图中的主要错误是（至少写两项）：_________________、______________________②若他更正了图中的所有错误后，他以下的做法和理由正确的是________；A.使砂桶的质量m远小于小车总质量M，是为了减小系统误差B.平衡摩擦力是为了减小偶然误差C.采用描点画图象的方法处理数据，是为了减少系统误差D.采用逐差法处理数据，为了减少偶然误差③他在实验中得到如图所示纸带，纸带上的计数点用A、B、C、D、E表示．根据图上数据，小车经过B点时的速度是___________m/s．（相邻计数点间的时间间隔为0.1s）三．计算题(22分)16、（12分）在寒冷的冬天，路面很容易结冰，在冰雪路面上汽车一定要低速行驶．在冰雪覆盖的路面上，车辆遇紧急情况刹车时，车轮会抱死而“打滑”．如图所示，假设某汽车以10m/s的速度行驶至一个斜坡的顶端A时，突然发现坡底前方有一位行人正以2m/s的速度做同向匀速运动，司机立即刹车，但因冰雪路面太滑，汽车仍沿斜坡滑行．已知斜坡的高AB＝3m，长AC＝5m，司机刹车时行人距坡底C点的距离CE＝6m，从厂家的技术手册中查得该车轮胎与冰雪路面的动摩擦因数约为0.5.(1)求汽车沿斜坡滑下的加速度大小(2)试分析此种情况下，行人是否有危险17、（10分）如图所示，光滑平台右侧与一长为L的木板相接，木板固定，与水平地面的夹角为θ．现有一小滑块以初速度V．从光滑平台滑上木板，恰能沿木板匀速下滑，最终停在粗糙的水平路面上．已知滑块与木板及水平路面间的动摩擦因数均相同，不计滑块在连接处速度大小的变化，重力加速度为g，求：(1)滑块与木板间的动摩擦因数；(2)滑块在水平路面上运动的位移大小；(3)滑块在木板和水平路面上运动的总时间

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】A．物体的速度越大，加速度不一定越大，所受的合力不一定越大，例如机车恒定功率启动，做加速度减小的加速运动，即物体的速度越来越大，但加速度越来越小，故A错误；B．物体的速度为零，加速度不一定为零，所受的合力不一定为零，例如竖直上抛一个物体运动到最高点，物体的速度为零，加速度为重力加速度，故B错误；C．物体的速度为零，但加速度可能很大，所受的合外力可能很大，如枪膛中点火瞬间的子弹速度为零，加速度很大，所受的合外力很大，故C错误；D．物体做速度很大的匀速直线运动时，加速度为零，所受的合外力也为零，故D正确；故选D。2、D【解析】弹力方向总是与接触面垂直并指向被支持的物的。匀质木棒与地面接触时接触面为地面，弹力垂直地面向上，与台阶接触时，接触面为木棒，弹力垂直于棒指向上。所以ABC错误；D正确；故选D。3、D【解析】惯性的大小只与物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大；把一个物体竖直向上抛出后，能继续上升，是因为物体具有惯性，保持原来的运动状态，不是受到一个向上的推力．故ABC错误，D正确故选D【点睛】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起4、B【解析】设小物体由静止轻放在传送带上，到与传送带达到相对静止的过程所用的时间为，则皮带上表面转过的距离为：小物体前进的位移为：该过程中吗，小物体动能的增量为，根据动能定理得，该过程中摩擦力对物块做的功为：相对滑动过程中，产生的内能：电动机多做的功，一部分增加了小物体的动能，一部分转化为内能即为：A.与结论不符，A错误；B.与结论相符，B正确；C.与结论不符，C错误；D.与结论不符，D错误5、C【解析】AB．对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，如图所示：根据平衡条件可知，细线的拉力T增加，支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小，故AB错误；CD．对球和滑块整体分析，受重力、斜面的支持力N，杆的支持力N′，拉力F，如图所示：根据平衡条件，有：水平方向：N′=Nsinθ竖直方向：F+Ncosθ=G由于N减小，故N′减小，F增加，即轻绳对小球的拉力逐渐增大，故C正确、D错误。故选C。6、A【解析】平抛运动的时间为：；乙在斜面下滑的加速度为：根据，代入数据得．故A正确，BCD错误．故选A【点睛】解决本题的关键知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间相同决定水平位移，抓住平抛运动的时间和匀加速运动的时间相同，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解7、CD【解析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出质点的加速度，以及各秒内的位移．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出瞬时速度的大小，结合速度时间公式求出各个时刻的瞬时速度【详解】因为连续相等时间内位移之差是一恒量，已知第3s内和第7s内的位移，则可以得出相邻相等时间内的位移之差，从而得出任意1s内的位移，以及第3s末到第7s末的位移，故A错误，C正确．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，即x7−x3＝4aT2，可以求出加速度的大小，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出瞬时速度的大小，结合速度时间公式求出各个时刻的瞬时速度．故B错误，D正确．故选CD【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷8、BD【解析】A．使船前进的力的施力物体是水，故A错误；B．用桨向后划水，水给船一个向前的反作用力使船向前运动，说明物体间力的作用是相互的。故B正确；C．小熊猫对船的压力和船对小熊猫的支持力是一对相互作用力，故C错误；D．由受力平衡可知，小船受到的浮力大小等于小熊猫和船的总重力，故D正确。故选BD。9、BC【解析】AB．由图像可以看出，当力F＜48N时加速度较小，A、B相对静止，加速度相同，对整体法，由牛顿第二定律则得由数学知识得所以当F>48N时，A的加速度较大，采用隔离法，由牛顿第二定律，对A有：则得由数学知识得联立解得故A错误，B正确；C．当F=60N时，a=8m/s2，对A有：解得故C正确；D．当AB间出现相对滑动时，B所受滑动摩擦力不变，即合外力不变，加速度不变，故D错误。故选BC10、BC【解析】本题中涉及到两个物体，所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法．板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解【详解】若F1＞F2、M1=M2，根据受力分析和牛顿第二定律得：M1上的物块的加速度大于M2上的物块的加速度，即aa＞ab，由于M1=M2，所以摩擦力作用下的木板M1、M2加速度相同，设M1、M2加速度为a，木板的长度为L．它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：L=aat12-at12物块与M2的相对位移：L=abt22−at22由于aa＞ab，所以得：t1＜t2，M1的速度为v1=aat1，M2的速度为v2=abt2，则v1＜v2，故A错误；若F1＜F2、M1=M2，根据A选项公式，由aa＜ab，则v1＞v2，故B正确；若F1=F2时：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于M1、M2，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：μmg=M1a1=M2a2得加速度：a1＝，a2＝设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：L=at32−a1t32物块与M2的相对位移：L=at42−a2t42若M1＜M2，则a1＞a2，所以得：t3＞t4；M1的速度为v1=a1t3，M2的速度为v2=a2t4，则v1＞v2，故C正确若M1＞M2，a1＜a2，根据C项分析得：t3＜t4；M1的速度为v1=a1t3，M2的速度为v2=a2t4，则v1＜v2，故D错误；故选BC【点睛】要去比较一个物理量两种情况下的大小关系，我们应该通过物理规律先把这个物理量表示出来．同时要把受力分析和牛顿第二定律结合应用11、ABC【解析】A．以整体为研究对象，竖直方向根据平衡条件可知，水平地面对小球a的支持力等于a和b的总重力，保持不变，故A正确；BC．以b为研究对象，根据矢量三角形可得各力变化如图所示，竖直挡板c向右平移一小段距离的过程中，a对b的作用力Fab与竖直方向的夹角变大，根据图象可知小球a、b之间的相互作用力变大，竖直墙壁对小球b的作用力F墙b变大，故BC正确；D．以整体为研究对象，水平方向根据平衡条件可知竖直挡板c对小球a的作用力与竖直墙壁对小球b的作用力大小相等，故竖直挡板c对小球a的作用力变大，故D错误。故选ABC。12、AC【解析】若传送带逆时针运动，物体受摩擦力水平向左，物体会一直做匀减速直线运动，若传送带顺时针运动，物体是减速还是加速，要比较物体与传送带的速度大小，分情况进行讨论即可；【详解】A、当传送带不动时，小物块在滑动摩擦力作用下在传送带上做匀减速运动，当传送带逆时针方向运行且保持速率不变，物体滑上传送带时仍在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，加速度不变，位移不变，运动情况完全相同，所以物体也能滑过B点，且用时为，故A正确，B错误；C、传送带以恒定速率v沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上做匀速直线运动滑过B点，所以所用时间，故C正确；D、传送带以恒定速率v沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上可能一直做匀加速运动，也有可能先做匀加速后做匀速运动，所以，故D错误【点睛】解决本题的关键会根据物块的受力判断物块的运动规律，当传送带顺时针旋转时，当物块的速度大于传送带的速度，物块可能先减速后匀速，当物块的速度小于传送带的速度，物块可能先加速后匀速二．填空题(每小题6分，共18分)13、①.D②.C③.平衡摩擦力④.砂和砂桶的重力⑤.1.46【解析】（1）探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小，探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，这种实验方法是控制变量法，故D正确，ABC错误；（2）A．电磁打点计时器，应接6V以下交流电源，故A错误；B．电火花打点计时器，应接220V交流电源，故B错误；C．使用过程中，应先接通电源，再释放小车，故C正确；D．接通电源前，把纸带穿过限位孔，再把套在轴上的复写纸片压在纸带的上面，故D错误（3）用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是平衡摩擦力；设砂与砂桶的质量为m，小车的质量为M，对整体运用牛顿第二定律得：，则小车的合力为，当砂桶和砂的总质量远小于小车的质量即时，小车所受的拉力近似等于砂和砂桶的重力；（4）根据图乙可知，，，根据公式可得：14、①.天平②.③.0.020(0.018~0.022均可）④.未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解析】(1)[1]本题要测量小车的质量，则需要天平，所以还缺少的一件器材是天平。(2)[2]根据逐差法得解得(3)[3]根据牛顿第二定律可知则F即为图象的斜率，所以砂和砂桶的总重力解得(4)[4]由图2可知，图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，可知平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力。15、①.拉小车的线与木板平行、不能用电池做电源②.小车离打点计时器太远、没有平衡摩擦力③.AD④.0.60【解析】①牵引小车的细线与