2023-2024学年四川省成都市高考物理质量检测模拟试题合集2套（含解析）

2023-2024学年四川省成都市高考物理质量检测模拟试题（一模）二、选一选：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1～5题只要一项符合标题要求，第6～8题有多项符合标题要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．（6分）下列表述正确的是（）A．亚里士多德经过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的缘由”这一结论 B．开普勒在研讨行星运动规律的基础上发现了万有引力定律 C．库仑经过“扭秤实验”非常精确地测出了带电物体间的静电力 D．法拉第引入的“电场线”是真实存在于电场中的2．（6分）如图，程度地面上叠放着矩形物体A和B，细线一端连接A，另一端跨过定滑轮连接着物体C，A、B、C均静止。下列说确的是（）A．A共遭到三个力作用 B．B共遭到四个力作用 C．适当添加C的质量后，A、B、C仍静止在原地位，则A对B的压力比原来大 D．适当添加C的质量后，A、B、C仍静止在原地位，则地面对B的力比原来大3．（6分）截止目前，我国的探月工程已发五个探测器。如图所示为“嫦娥三号”飞行轨道表示图，其中的P是环月圆轨道与环月椭圆轨道远月点的相交处，Q是环月椭圆轨道的近月点。下列说确的是（）A．椭圆轨道上，“嫦娥三号”在P点的加速度最小 B．在圆轨道与椭圆轨道上运转时，“嫦娥三号”的周期相等 C．在P点由圆轨道变轨为椭圆轨道，“嫦娥三号”需求加速 D．椭圆轨道上，从P至Q，“嫦娥三号”的机械能逐渐增大4．（6分）如图所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为r，C为电容器，R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻（阻值随光照加强而减小），A为理想电流表，G为灵敏电流计，已知R1＞r。当开关S闭合且电路波动后，在逐渐增大对R3的光照强度的过程中（）A．A表的示数变小 B．电源的输入功率变大 C．电源内部耗费的热功率变小 D．G表中有从a至b的电流5．（6分）如图，底端固定有挡板的斜面体置于粗糙程度面上，轻弹簧一端与挡板连接，弹簧为原长时端在B点，一小物块紧靠弹簧放置并在外力作用下将弹簧紧缩至A点。物块由静止释放后，沿粗糙斜面上滑至点C，然后下滑，最终静止在斜面上。若整个过程中斜面体一直静止，则下列判定正确的是（）A．整个运动过程中，物块加速度为零的地位只要一处 B．物块上滑过程中速度的地位与下滑过程中速度的地位不同 C．整个运动过程中，零碎弹性势能的减少量等于零碎内能的添加量 D．物块从A上滑到C的过程中，地面对斜面体的力大小先增大再减小，然后不变6．（6分）xOy平面内运动的某质点t＝0时辰在y轴上。图（a）是质点在x方向的速度v﹣工夫t图像（选x轴正方向为v的正方向），图（b）是质点在y方向的位移y﹣工夫t图像。则可知（）A．质点做匀变速曲线运动 B．t＝0时，质点的速度大小为2m/s C．t＝2s时，质点的坐标为（6m，0） D．t＝1s时，质点的速度大小为5m/s7．（6分）某电场中的一条电场线与x轴重合，一负点电荷仅在电场力作用下以某一初速度沿x轴正方向做直线运动。已知点电荷的电荷量为﹣2×10﹣8C，点电荷的动能E与坐标x的关系如图中曲线所示，斜线为该曲线过点（0.3，3）的切线。下列判定正确的是（）A．该电场的电势沿x轴正方向降低 B．该电场为匀强电场 C．x＝0.3m处的场强大小为500N/C D．x＝0.3m与x＝0.5m间的电势差是100V8．（6分）如图，绝缘座放在光滑程度面上，间距为d的平行板电容器竖直固定在绝缘座上，A板有小孔O，程度绝缘光滑杆穿过O固定在B板上，电容器、底座和绝杆的总质量为M。给电容器充电后，一质量为m的带正电环P套在杆上以某一速度v0，对准O向左运动，在电容器中P距B板最近的地位为S，OS＝。若A、B板外侧无电场，P过孔O时与板无接触，不计P对A、B板间电场的影响。则（）A．P在S处的速度为0 B．P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为 C．P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为 D．P从O至S的过程中，整个零碎电势能的添加量为三、非选一选：本卷包括必考题和选考题两部分。第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33～38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9．为了探求物体质量一定时加速度与力的关系，某同窗设计了图（a）所示的实验安装，其中M为小车的质量，m为砂和砂桶的质量，m0为动滑轮的质量，滑轮光滑且大小不计，力传感器可测出细线中的拉力大小。（1）实验中，不需求进行的操作是，不需求满足的条件是（填序号字母）。A．用天平测出砂和砂桶的质量mB．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡力C．保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量MD．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数（2）该同窗在实验中得到图（b）所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出）。已知打点计时器的打点周期为0.02s，根据纸带可求出小车的加速度大小为m/s2（结果保留三位有效数字）。（3）该同窗以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出图（c）所示的a﹣F图线是一条过原点的直线，若图线的斜率为k，则小车的质量为。10．要测量一个约200Ω的未知电阻Rx的阻值，要求测量精度尽量高、且电表的指针偏角必须超过量程的三分之一。实验室提供了以下器材：①电流表A1（0～5mA，内阻r1＝10Ω）；②电流表A2（0～10mA，内阻r2＝5Ω）；③定值电阻R1（R1＝180Ω）；④定值电阻R2（R2＝20Ω）；⑤滑动变阻器R（0～5Ω）；⑥干电池（电动势1.5V，内阻不计）；⑦开关S及导线若干。（1）某同窗设计了图（a）所示的电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于端（填“左”或“右”）；（2）图中定值电阻应选（填“R1”或“R2”）；（3）若某次测得电流表A1、A2的示数分别为I1、I2，则被测电阻的大小为Rx＝（用可能用到的符号I1、I2、r1、r2、R1、R2表示）；（4）若经过调理滑动变阻器，测得多组I1、I2，作出I2﹣I1的图像如图（b）所示，求得图线的斜率为k＝1.90，则被测电阻的大小为Rx＝Ω（保留三位有效数字）。11．如图，竖直平面xOy内，象限有程度向右（沿x轴正方向）的匀强电场，第三象限有竖直向上（沿y轴正方向）的匀强电场，场强大小均为E；悬点在A（0，L）、长为L的绝缘细线悬挂着质量为m的带电小球（可视为质点），小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ＝37°。撤去象限的电场，小球下摆到O点时，细线恰好断裂，然后小球经第三象限的电场，落在地面上距O点程度距离为d的B点。重力加速度大小为g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：（1）小球的带电性质及电荷量q；（2）小球运动到B点的速度大小。12．如图，倾角为30°、长L＝6m的倾斜传送带的速度大小v0可由驱动零碎根据需求设定，且设定后速度保持不变，其方向沿传送带向上。现给质量m＝1kg的货箱（视为质点）施加一个沿传送带向上、大小F＝10N的恒力，使其由静止开始从传送带底端向高平台运动。已知货箱与传送带间的动因数μ＝，静力等于滑动力，重力加速度取g＝10m/s2。（1）若v0＝0，求货箱在传送带上运动的工夫t；（2）若v0＝4m/s，求货箱在传送带上运动的过程中，力对货箱的冲量If和货箱与传送带间因产生的热量Q；（3）若v0＝4m/s，货箱运动到0.7s末，由于某种缘由使恒力F忽然消逝，试经过计算判断货箱能否到达高平台。（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选标题的题号涂黑。留意所做标题的题号必须与所涂标题的题号分歧，在答题卡选答区域指置答题。如果多做，则按所做的题计分。13．下列说确的是（）A．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大 B．用气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数可以估算气体分子的体积 C．物体向外界放热，其内能不一定减小 D．金刚石、食盐、玻璃和水晶都是晶体 E．自然界自发的宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进行14．小明父亲启动汽车送小明上学时，发现汽车胎压异常形态电子零碎有如图所示的报警：“左前轮胎压1.7atm，胎压过低”。已知左前轮内胎体积为V0，为使汽车正常行驶，小明父亲用电动充气泵给左前轮充气，每秒钟充入△V＝V0、压强为1atm的气体，充气结束后内胎体积膨胀了10%，胎内气体压强达到了2.4atm。（设胎内气体可视为理想气体且充气过程中胎内气体温度无明显变化，计算结果可用分式表示）（i）充气结束，胎内气体若保持1.7atm，其理论体积V理是V0的多少倍？（ii）充气几分钟可以使胎压达到2.4atm？15．关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是（）A．弹簧振子在四分之一周期里运动的路程一定等于一个振幅 B．用超声波被血流反射回来其频率发生变化可测血流速度，是利用了波的多普勒效应 C．摆钟偏慢时可经过延长摆长进行校准 D．光学镜头上的增透膜是利用了光的偏振 E．电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、γ射线16．对比钻石折射率是判断钻石真假的一种方法。图（a）为某种材料做成的钻石表示图，其截面如图（b）所示，虚线为垂直于MN边的对称轴，∠AOB可以根据需求打磨成不同大小，现有光线从图示地位垂直于MN边射入该钻石内。（i）若∠AOB＝106°时，光恰好不从AO边射出。请计算该钻石的折射率，判断该钻石的真假。（真钻石对该光的折射率为2.42，计算中可能用到sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（ii）继续打磨该钻石使∠AOB减小后，让光线仍沿图（b）所示方向入射，光射到BO边时刚好发生全发射，求∠AOB的大小。（结果保留两位小数）四川省成都市：2022届高考【物理】押题模仿试卷（一）答案与试题解析二、选一选：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1～5题只要一项符合标题要求，第6～8题有多项符合标题要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．（6分）下列表述正确的是（）A．亚里士多德经过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的缘由”这一结论 B．开普勒在研讨行星运动规律的基础上发现了万有引力定律 C．库仑经过“扭秤实验”非常精确地测出了带电物体间的静电力 D．法拉第引入的“电场线”是真实存在于电场中的【分析】根据物理学史和常识解答，记住物理学家的次要贡献即可。解：A、伽利略经过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的缘由”这一结论，故A错误；B、牛顿在研讨行星运动规律的基础上发现了万有引力定律，故B错误；C、库仑经过“扭秤实验”非常精确地测出了带电物体间的静电力，故C正确；D、法拉第引入的“电场线”是为了描述电场人为引入的，在电场中不是真实存在，故D错误。故选：C。【点评】本题考查物理学史，是常识性成绩，对于物理学上严重发现、发明、理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2．（6分）如图，程度地面上叠放着矩形物体A和B，细线一端连接A，另一端跨过定滑轮连接着物体C，A、B、C均静止。下列说确的是（）A．A共遭到三个力作用 B．B共遭到四个力作用 C．适当添加C的质量后，A、B、C仍静止在原地位，则A对B的压力比原来大 D．适当添加C的质量后，A、B、C仍静止在原地位，则地面对B的力比原来大【分析】A处于平衡，合力为零，对A受力分析即可，B处于平衡形态，对B受力分析，可知B和地面间也存在；适当添加C的质量后，A、B、C仍静止在原地位，以A为研讨对象分析，可知A对B压力比原来小，对B受力分析，根据平衡条件及牛顿第三定律即可分析地面对B的力。解：A、物体A处于静止形态，受力分析如图所示：物体A共遭到四个力，故A错误；B、物体B处于静止形态，受力分析如图所示：B共遭到五个力，故B错误；CD、适当添加C的质量后，A、B、C仍静止在原地位，可知T增大，θ不变，由平衡条件得：NA＝mAg﹣Tsinθ可知NA减小，可知A对B压力比原来小，由平衡条件及牛顿第三定理可得：fB＝fA′fA′＝fA＝Tcosθ联立可得：fB＝Tcosθ可知，地面对B的力比原来大，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查受力平衡条件，目的是考查先生的推理能力，全体法与隔离法的灵活选择对解题过程简约与否至关重要，要求能灵活选择方法。3．（6分）截止目前，我国的探月工程已发五个探测器。如图所示为“嫦娥三号”飞行轨道表示图，其中的P是环月圆轨道与环月椭圆轨道远月点的相交处，Q是环月椭圆轨道的近月点。下列说确的是（）A．椭圆轨道上，“嫦娥三号”在P点的加速度最小 B．在圆轨道与椭圆轨道上运转时，“嫦娥三号”的周期相等 C．在P点由圆轨道变轨为椭圆轨道，“嫦娥三号”需求加速 D．椭圆轨道上，从P至Q，“嫦娥三号”的机械能逐渐增大【分析】在环月段圆轨道上P点时减速才能进入环月椭圆轨道．嫦娥三号悬停时反推力与重力平衡，据此求得月球表面的重力加速度，由月球半径求得月球的宇宙速度．由卫星的变轨原理分析变轨时是加速还是减速．解：A、根据万有引力提供向心力：，可得，由于P点是椭圆轨道上的远月点，则“嫦娥三号”在P点的加速度最小，故A正确；B、根据公式开普勒第三定律，可知，在圆轨道与椭圆轨道上运转时，轨道半长轴不同，则“嫦娥三号”的周期不相等，故B错误；C、在P点由圆轨道变为椭圆轨道，是由高轨道向低轨道做近心运动，所以“嫦娥三号”需求在P点减速，故C错误；D、椭圆轨道上，从P至Q，只要万有引力对“嫦娥三号”做功，故“嫦娥三号”的机械能守恒，即保持不变，故D错误。故选：A。【点评】本题要掌握万有引力提供向心力，要能够根据题意选择恰当的向心力的表达式，知道开普勒第三定律，理解公式中各量的含义．4．（6分）如图所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为r，C为电容器，R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻（阻值随光照加强而减小），A为理想电流表，G为灵敏电流计，已知R1＞r。当开关S闭合且电路波动后，在逐渐增大对R3的光照强度的过程中（）A．A表的示数变小 B．电源的输入功率变大 C．电源内部耗费的热功率变小 D．G表中有从a至b的电流【分析】在逐渐增大对R3的光照强度的过程中，R3的阻值减小，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，即可知道电流表A的示数如何变化。由内外电阻的关系和外电阻的变化分析电源的输入功率如何变化。由P＝I2r分析电源内部耗费的热功率变化情况。根据电容器充放电情况，判断G表中电流方向。解：A、增大对R3的光照强度，其电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，则A表的示数变大，故A错误；B、由于R1＞r，电源的输入功率与外电阻的关系可知，当外电阻减小时，外电阻与内电阻逐渐接近，电源的输入功率增大，故B正确；C、根据公式P＝I2r可知经过电源的电流增大，电源内部耗费的热功率增大，故C错误；D、由闭合电路欧姆定律知U＝E﹣I（R1+r），可知，I增大，其它量不变，并联部分电压U减小，即电容器两端电压减小，所以电容器处于放电过程，G表中电流从b流向a，故D错误。故选：B。【点评】对于闭合电路的动态分析成绩，普通按外电路→内电路→外电路的分析思绪进行。分析内电路次要根据总电流及内阻分析内电压变化情况，而外电路较为复杂，要留意灵活运用电路的性质。5．（6分）如图，底端固定有挡板的斜面体置于粗糙程度面上，轻弹簧一端与挡板连接，弹簧为原长时端在B点，一小物块紧靠弹簧放置并在外力作用下将弹簧紧缩至A点。物块由静止释放后，沿粗糙斜面上滑至点C，然后下滑，最终静止在斜面上。若整个过程中斜面体一直静止，则下列判定正确的是（）A．整个运动过程中，物块加速度为零的地位只要一处 B．物块上滑过程中速度的地位与下滑过程中速度的地位不同 C．整个运动过程中，零碎弹性势能的减少量等于零碎内能的添加量 D．物块从A上滑到C的过程中，地面对斜面体的力大小先增大再减小，然后不变【分析】物块的合力为零时速度，由平衡条件和胡克定律分析上滑和下滑速度的地位关系；根据能量和转化守恒定律分析整个运动过程中产生的内能与弹簧的弹性势能的关系；物块从A上滑到C过程中，以斜面体和物块全体为研讨对象，分析地面对斜面体的力如何变化。解：A、设斜面倾角为θ，物体上滑时，当满足mgsinθ+μmgcosθ＝k△x，此时物块加速度为零；物体下滑时，当满足mgsinθ﹣μmgcosθ＝k△x'，此时物块加速度为零，整个运动过程中，物块加速度为零的地位有两处，故A错误；B、上滑过程在弹簧紧缩量为△x时，加速度为零，速度；下滑过程在弹簧紧缩量为△x'时，加速度为零，速度，由A选项可知物块上滑过程中速度的地位与下滑过程中速度的地位不同，故B正确；C、整个过程零碎能量不变，上滑过程中弹簧的弹性势能转化成内能和重力势能，故零碎弹性势能的减少量等于零碎内能的添加量与添加的重力势能之和，故C错误；D、物块从A上滑到B过程中，弹簧的弹力逐渐减小，在物体的合力等于零之前，由牛顿第二定律有kx﹣f﹣mgsinα＝ma，a随着x的减小而减小，方向沿斜面向上。以斜面体、物块和弹簧全体为研讨对象，由牛顿第二定律知：地面对斜面体的力f＝macosα，a减小，则f减小，方向程度向左。在物体的合力等于零之后到B的过程，由牛顿第二定律有f+mgsinα﹣kx＝ma，a随着x的减小而增大，方向沿斜面向下。以斜面体、物块和弹簧全体为研讨对象，由牛顿第二定律知：地面对斜面体的力f＝macosα，a增大，则f增大，方向程度向右。物体从B运动到C的过程，物体的加速度不变，则由f＝macosα知，f不变，综上知，物块从A上滑到C过程中，地面对斜面体的力先减小再增大，然后不变。故D错误。故选：B。【点评】本题是力学综合题，分析物体的受力情况是基础，还要把握能量是如何转化的。对于加速度不同的物体，也可以运用全体法研讨。6．（6分）xOy平面内运动的某质点t＝0时辰在y轴上。图（a）是质点在x方向的速度v﹣工夫t图像（选x轴正方向为v的正方向），图（b）是质点在y方向的位移y﹣工夫t图像。则可知（）A．质点做匀变速曲线运动 B．t＝0时，质点的速度大小为2m/s C．t＝2s时，质点的坐标为（6m，0） D．t＝1s时，质点的速度大小为5m/s【分析】根据两图象可知：质点在x方向上做匀加速直线运动，在y方向上做匀速运动，运动的合成与分解，即可判定运动性质；根据两图象可知：质点在x方向上做匀加速直线运动，在y方向上做匀速运动，求出1s末x方向的分速度，然后根据平行四边形定则得出质点的速度；分别求出质点沿x方向的位移与y方向的位移，然后根据平行四边形定则求解2s内的位移大小。解：A、质点在x轴方向质点以初速度为2m/s做匀加速直线运动，而在y轴方向质点做匀速运动，根据运动的合成与分解，及曲线运动条件，可知，质点做匀变速曲线运动，故A正确；B、t＝0时，在x方向上的初速度为vx0＝2m/s，y方向上的速度为vy＝＝m/s＝﹣3m/s，则速度为v＝＝m/s＝m/s，故B错误；C、2s内质点在x方向上的位移为，2s内质点在y方向上的位移为y＝﹣3×2m＝﹣6m，质点的坐标为（8m，0），故C错误；D、t＝1s时，在x方向上的速度为4m/s，y方向上的速度为﹣3m/s，则合速度为，故D正确。故选：AD。【点评】处理本题的关键知道质点在x方向和y方向上的运动规律，根据平行四边形定则进行合成，留意掌握曲线运动的条件，要留意v﹣t图象中图线与工夫轴围成的面积对应质点运动的位移。7．（6分）某电场中的一条电场线与x轴重合，一负点电荷仅在电场力作用下以某一初速度沿x轴正方向做直线运动。已知点电荷的电荷量为﹣2×10﹣8C，点电荷的动能E与坐标x的关系如图中曲线所示，斜线为该曲线过点（0.3，3）的切线。下列判定正确的是（）A．该电场的电势沿x轴正方向降低 B．该电场为匀强电场 C．x＝0.3m处的场强大小为500N/C D．x＝0.3m与x＝0.5m间的电势差是100V【分析】粒子仅受电场力作用，列出动能定理式子，可判断出Ek﹣x图像斜率表示电场力，并可判断电场力方向，场强与电场力的关系，即可求解。解：A、负点电荷沿x轴正方向运动的过程中，动能减少，由动能定理知电场力对其做负功，则电场方向沿x轴的正方向，电势沿x轴正方向降低。故A正确B、由于点电荷仅受电场力，由动能定理得知，图象的斜率为电场力，由图可知，斜率减小，电场力减小，根据，可知电场强度变小。故B错误；C、由图可知x＝0.3m处的场强大小为，故C正确；D设x＝0.3m处动能为Ek，x＝0.5m处动能为E'k，由图可知，，由动能定理得﹣qU＝E'k﹣Ek解得U＝62.5V，故D错误。故选：AC。【点评】本题考查电场相关概念，动能定理，要求先生公式，理解所给图像斜率、交点的意义，对先生分析能力有一定要求。8．（6分）如图，绝缘座放在光滑程度面上，间距为d的平行板电容器竖直固定在绝缘座上，A板有小孔O，程度绝缘光滑杆穿过O固定在B板上，电容器、底座和绝杆的总质量为M。给电容器充电后，一质量为m的带正电环P套在杆上以某一速度v0，对准O向左运动，在电容器中P距B板最近的地位为S，OS＝。若A、B板外侧无电场，P过孔O时与板无接触，不计P对A、B板间电场的影响。则（）A．P在S处的速度为0 B．P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为 C．P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为 D．P从O至S的过程中，整个零碎电势能的添加量为【分析】带电环与电容器组成的零碎动量守恒，可利用动量守恒定律求解速度，从而求出位移；整个过程零碎能量守恒，零碎动能转化为电势能。解：A、带电圆环进入电场后，在电场力的作用下，做匀减速直线运动，而电容器则在电场力的作用下做匀加速直线运动，当他们速度相等时，带电圆环与电容器的左极板相距最近，取向左为正方向，有零碎动量守恒mv0＝（m+M）v可得则P在S处的速度不为0，故A错误；BC、该过程电容器（绝缘座）向左做匀加速直线运动，有环向左做匀减速直线运动，有由题意可知解得P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为，故C正确，B错误；D，P从O至S的过程中，带电环减速，动能减少，电容器动能添加，零碎动能减少，电势能添加，添加的电势能故D正确。故选：CD。【点评】本题考查动量守恒定律与功能关系，要求先生判断守恒量，并能够对带电环以及电容器在整个过程的能量转化进行分析，难度适中。三、非选一选：本卷包括必考题和选考题两部分。第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33～38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9．为了探求物体质量一定时加速度与力的关系，某同窗设计了图（a）所示的实验安装，其中M为小车的质量，m为砂和砂桶的质量，m0为动滑轮的质量，滑轮光滑且大小不计，力传感器可测出细线中的拉力大小。（1）实验中，不需求进行的操作是A，不需求满足的条件是C（填序号字母）。A．用天平测出砂和砂桶的质量mB．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡力C．保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量MD．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数（2）该同窗在实验中得到图（b）所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出）。已知打点计时器的打点周期为0.02s，根据纸带可求出小车的加速度大小为1.95m/s2（结果保留三位有效数字）。（3）该同窗以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出图（c）所示的a﹣F图线是一条过原点的直线，若图线的斜率为k，则小车的质量为。【分析】（1）根据实验的原理和注意确定不需求的操作以及条件；（2）根据计数点间的工夫间隔确定两计数点间的工夫；再根据连续相等工夫内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度；（3）根据牛顿第二定律确定F与加速度间的关系，再图象即可求出小车的质量。解：（1）A、实验中细线上的拉力由力的传感器可测出，故不需求测出砂和砂桶的质量，故A错误；符合题意；B、为了保证细线上的拉力就是动滑轮和小车所受的合外力，需求平衡力，故B正确，不符合题意；C、拉力由力的传感器可测出，故不需求保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故C错误，符合题意。D、小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，这是实验测量的标准步骤，故D正确，不符合题意。故不需求进行的操作是A；不需求满足的条件为C。（2）两计数点间还有四个点没有画出，则两计数点间的工夫间隔为T＝0.1s，根据△x＝aT2利用逐差法有（3）根据牛顿第二定律有2F＝（m0+M）a则故图象的斜率解得故（1）A；（2）C；（3）1.95；（4）。【点评】本题考查探求加速度与物体质量、物体受力间的关系，要留意明确实验原理，掌握根据图象处理数据的基本方法，同时掌握根据逐差法处理纸带的方法。10．要测量一个约200Ω的未知电阻Rx的阻值，要求测量精度尽量高、且电表的指针偏角必须超过量程的三分之一。实验室提供了以下器材：①电流表A1（0～5mA，内阻r1＝10Ω）；②电流表A2（0～10mA，内阻r2＝5Ω）；③定值电阻R1（R1＝180Ω）；④定值电阻R2（R2＝20Ω）；⑤滑动变阻器R（0～5Ω）；⑥干电池（电动势1.5V，内阻不计）；⑦开关S及导线若干。（1）某同窗设计了图（a）所示的电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于左端（填“左”或“右”）；（2）图中定值电阻应选R1（填“R1”或“R2”）；（3）若某次测得电流表A1、A2的示数分别为I1、I2，则被测电阻的大小为Rx＝（用可能用到的符号I1、I2、r1、r2、R1、R2表示）；（4）若经过调理滑动变阻器，测得多组I1、I2，作出I2﹣I1的图像如图（b）所示，求得图线的斜率为k＝1.90，则被测电阻的大小为Rx＝211Ω（保留三位有效数字）。【分析】（1）为保护电路使分压为零，滑片置于左端；（2）根据电源电动势和电流表满偏时，大致求出分压电阻的阻值，从而选择定值电阻；（3）根据并联电路电压相等和欧姆定律求出待测电阻的阻值；（4）由上一问的表达式写出I2﹣I1图象，由图象的斜率从而求出Rx的值。解：（1）由于电路为分压式电路，闭合开关前要保护电流表，要求流过电流表的电流尽可能小，固要将滑动变阻器的滑片应置于左端；（2）由电路图可看出，本题考向本质为伏安法测电阻，则需将电流表A1改装为电压表，由于电源电动势为1.5V，则A1改装的电压表应能测1.5V的电压，则有Ig（R串+r1）≈1.5V，代入数据有：R串≈290Ω，则选R1较为合适；（3）根据欧姆定律有：Rx＝（4）由上一问（第三空）的答案整理得：I2＝I1由上式可知：k＝则代入计算可得：Rx＝211Ω故（1）左；（2）R1；（3）；（4）211【点评】本实验是伏安法的变形，即安安法，经过滑动变阻器的调压从而使一条支路的电流变化时，干路中的电流也要变化，且是线性关系，作出I2﹣I1图象，图象就求出待测电阻的阻值，此种方法既减小了因读数的偶然误差，也了因电表内阻的影响产生的零碎误差。11．如图，竖直平面xOy内，象限有程度向右（沿x轴正方向）的匀强电场，第三象限有竖直向上（沿y轴正方向）的匀强电场，场强大小均为E；悬点在A（0，L）、长为L的绝缘细线悬挂着质量为m的带电小球（可视为质点），小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ＝37°。撤去象限的电场，小球下摆到O点时，细线恰好断裂，然后小球经第三象限的电场，落在地面上距O点程度距离为d的B点。重力加速度大小为g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：（1）小球的带电性质及电荷量q；（2）小球运动到B点的速度大小。【分析】（1）由三力平衡，矢量的合成法则，及三角知识，并由电场力与电场强度方向相反，从而小球的判定电性及电量；（2）根据动能定理，类平抛运动处理规律，及运动学公式，即可求解。解：（1）小球受三力作用静止，电场力方向与电场强度方向相反，故小球带正电；由力的平衡条件得：qE＝mgtanθ解得，小球的电荷量为：（2）设小球在O点的速度大小为v1，摆下过程中，由动能定理，则有：解得：v1＝小球在第三象限做类平抛运动，程度方向有：d＝v1t竖直方向做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有：mg﹣qE＝ma由运动学规律有：vy＝at小球运动到B点的速度：联立各式，解得：答：（1）小球的带正电，其电荷量为；（2）小球运动到B点的速度大小为。【点评】考查带电粒子在电场中运动成绩，掌握平衡条件的运用，理解动能定理的内容，及类平抛运动处理的规律，还要留意小球的两个运动过程，尤其是类平抛运动与平抛运动的区别。12．如图，倾角为30°、长L＝6m的倾斜传送带的速度大小v0可由驱动零碎根据需求设定，且设定后速度保持不变，其方向沿传送带向上。现给质量m＝1kg的货箱（视为质点）施加一个沿传送带向上、大小F＝10N的恒力，使其由静止开始从传送带底端向高平台运动。已知货箱与传送带间的动因数μ＝，静力等于滑动力，重力加速度取g＝10m/s2。（1）若v0＝0，求货箱在传送带上运动的工夫t；（2）若v0＝4m/s，求货箱在传送带上运动的过程中，力对货箱的冲量If和货箱与传送带间因产生的热量Q；（3）若v0＝4m/s，货箱运动到0.7s末，由于某种缘由使恒力F忽然消逝，试经过计算判断货箱能否到达高平台。【分析】（1）根据牛顿第二定律求得上滑时的加速度大小，根据运动学公式求得上滑工夫；（2）当货箱速度达到4m/s之前，根据牛顿第二定律求得加速度，利用运动学公式求得货箱速度达到4m/s时所需工夫和上滑的位移，当速度大于4m/s时，根据牛顿第二定律求得加速度，利用运动学公式求得运动工夫，求得发生的绝对位移，根据If＝ft求得冲量，根据Q＝μmgcosθ•△x求得产生的热量；（3）根据工夫关系求得在0.7s时货箱获得的速度及货箱沿斜面上滑的距离，撤去外力后，货箱做减速运动，求得减速到传送带速度时所需工夫，利用运动学公式求得上滑的距离，当速度小于传送带后，在牛顿第二定律和运动学公式求得继续上滑的距离，即可判断。解：（1）v0＝0时，货箱受重力，拉力，传送带对货箱的支持力和力，向上做匀加速运动，由牛顿第二定律有：F﹣μmgcos30°﹣mgsin30°＝ma解得：a＝2m/s2由运动学规律有：解得：（2）v0＝4m/s时，货箱受重力，拉力，传送带对货箱的支持力和力，向上做匀加速运动，直到速度达到4m/s，设此过程加速度为a1，运动工夫为t1，发生位移为x1，由牛顿第二定律有：F+μmgcos30°﹣mgsin30°＝ma1代入数据得：由运动学规律有：v0＝a1t1，代入数据得：t1＝0.5s，x1＝1m/s货箱与传送带间的绝对路程为：△x1＝v0t1﹣x1＝4×0.5m﹣1m＝1m此后，力反向，货箱继续沿斜面向上做加速运动，由受力情况可知加速度设此过程的工夫为t2，发生位移为x2x2＝L﹣x1＝6m﹣1m＝5m由运动学规律有：代入数据得：t2＝1s货箱与传送带间的绝对路程为：△x2＝x2﹣v0t2＝5m﹣4×1m＝1m规定沿传送带向上的方向为正方向则有：If＝μmgcos30°t1﹣μmgcos30°t2，Q＝μmgcos30°（△x1+△x2）代入数据解得：If＝﹣1.5N•s，方向沿传送带向下Q＝6J（3）t1＝0.5s时，货箱速度达到4m/s，从0.5s到0.7s，货箱以加速度a2沿传送带向上做加速运动，设此过程工夫为t3，发生位移为x3，末速度为vt3＝0.7s﹣0.5s＝0.2s由运动学规律有：v＝v0+a2t3，代入数据得：v＝4.4m/s，x3＝0.84m力F消逝后，货箱先沿传送带向上做减速运动（力方向沿传送带向下）直到速度再次到达4m/s，设此过程发生位移为x4由动能定理有：代入数据得：x4＝0.21m此后，力方向沿传送带向上，传送带继续向上减速运动，设货箱速度从4m/s减至0的过程中发生的位移为x5由动能定理有：代入数据得：x5＝4m/s因：x1+x3+x4+x5＝1m+0.84m+0.21m+4m＝6.05m＞L所以，货物能到达高平台。答：（1）若v0＝0，求货箱在传送带上运动的工夫t为s；（2）若v0＝4m/s，求货箱在传送带上运动的过程中，力对货箱的冲量If和货箱与传送带间因产生的热量Q分别为﹣1.5N•s和6J；（3）若v0＝4m/s，货箱运动到0.7s末，由于某种缘由使恒力F忽然消逝，货箱能到达高平台。【点评】本题考查用牛顿运动定律分析传送带成绩、匀变速直线运动的规律、冲量及动能定理等内容，旨在考查先生的综合分析能力，试题较难。（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选标题的题号涂黑。留意所做标题的题号必须与所涂标题的题号分歧，在答题卡选答区域指置答题。如果多做，则按所做的题计分。13．下列说确的是（）A．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大 B．用气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数可以估算气体分子的体积 C．物体向外界放热，其内能不一定减小 D．金刚石、食盐、玻璃和水晶都是晶体 E．自然界自发的宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进行【分析】根据分子力做功与分子势能的变化判断；根据阿伏加德罗常数进行计算；根据热力学定律判断；玻璃是非晶体；根据热力学第二定律判断。解：A、分子力表现为斥力时，随分子间距离的减小，分子力做负功，分子势能增大，故A正确；B、由于气体分子的体积和分子所占的体积不同，所以不能由气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数估算气体分子的体积，故B错误；C、根据热力学定律△U＝Q+W可知，物体向外界放热，即Q＜0，如果外界对物体做功，即W＞0，且外界对物体做功大于物体向外界放热，则有△U＞0，若外界对物体做功等于物体向外界放热，其内能可能不变，所以其内能不一定减小，故C正确；D、金刚石、食盐、和水晶都是晶体，玻璃是非晶体，故D错误；E、根据热力学第二定律可知，自然界自发的宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进行，故E正确。故选：ACE。【点评】本题考查分子力及分子势能、阿伏加德罗常数、热力学定律、晶体与非晶体、热力学第二定律等热学基础知识，要求先生对这部分知识要注重课本，强化记忆。14．小明父亲启动汽车送小明上学时，发现汽车胎压异常形态电子零碎有如图所示的报警：“左前轮胎压1.7atm，胎压过低”。已知左前轮内胎体积为V0，为使汽车正常行驶，小明父亲用电动充气泵给左前轮充气，每秒钟充入△V＝V0、压强为1atm的气体，充气结束后内胎体积膨胀了10%，胎内气体压强达到了2.4atm。（设胎内气体可视为理想气体且充气过程中胎内气体温度无明显变化，计算结果可用分式表示）（i）充气结束，胎内气体若保持1.7atm，其理论体积V理是V0的多少倍？（ii）充气几分钟可以使胎压达到2.4atm？【分析】（i）以充气结束后实践形态为初态，胎内气体保持1.7atm，理论体积V理为末态，气体等温变化运用玻意耳定律，求解末态理论体积V理是V0的倍数关系；（ii）以在压强为1atm，充入的体积为初态，压强为1.7atm形态下充入的气体体积为末态，气体等温变化运用玻意耳定律，求解在1atm压强时充入的气体体积，然后求出充气的工夫。解：（i）设充气结束后的胎内气体压强为p2，体积为V2，则p2＝2.4atm，V2＝V0+10%V0＝1.1V0依题意理论形态：压强为p理＝1.7atm，体积V理为所求温度不变，由玻意耳定律知：p2V2＝p理V理代入数据解得：V理＝即理论体积V理是V0的倍。（ii）设充气工夫为tmin，充入胎内的气体在压强为1.7atm时的体积为对充入胎内的气体，初态压强p1＝1atm，体积V1＝60t△V＝＝理论形态，压强p理＝1.7atm，体积温度不变，由玻意耳定律有：p理V'＝p1V1代入数据解得：。答：（i）其理论体积V理是V0的倍；（ii）充气分钟可以使胎压达到2.4atm。【点评】本题考查了玻意耳定律的运用，分析题意合理选择研讨对象，确定气体初末形态，及对应的何种变化过程，选择对应的气体实验定律或者运用理想气体形态方程解题。15．关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是（）A．弹簧振子在四分之一周期里运动的路程一定等于一个振幅 B．用超声波被血流反射回来其频率发生变化可测血流速度，是利用了波的多普勒效应 C．摆钟偏慢时可经过延长摆长进行校准 D．光学镜头上的增透膜是利用了光的偏振 E．电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、γ射线【分析】由多普勒效应，单摆周期公式，光的干涉和衍射进行分析。解：A、弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程不一定等于一个振幅，比如弹簧振子从平衡地位上方向下运动的过程中，在四分之一个周期里运动的路程大于一个振幅，故A错误；B、利用多普勒效应，当间距变化时，接收的频率与发出频率不相反，则可测量血流速度，故B正确；C、根据单摆周期公式，摆钟偏慢时，周期偏大，可以延长摆长调快一些，故C正确；D、光学镜头上的增透膜是利用光的薄膜干涉景象，故D错误；E、波长越长，越容易发生衍射景象，电磁波中波长由长到短的顺序是无线电波、红外线、可见光、γ射线，故衍射能力逐渐减弱，故E正确；故选：BCE。【点评】本题次要考查了多普勒效应，单摆周期公式，光的干涉和衍射进行分析，本题解题关键在于在于利用单摆的周期公式分析出单摆摆长的变化，由多普勒效应和光的衍射和干涉知识点进行分析。16．对比钻石折射率是判断钻石真假的一种方法。图（a）为某种材料做成的钻石表示图，其截面如图（b）所示，虚线为垂直于MN边的对称轴，∠AOB可以根据需求打磨成不同大小，现有光线从图示地位垂直于MN边射入该钻石内。（i）若∠AOB＝106°时，光恰好不从AO边射出。请计算该钻石的折射率，判断该钻石的真假。（真钻石对该光的折射率为2.42，计算中可能用到sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（ii）继续打磨该钻石使∠AOB减小后，让光线仍沿图（b）所示方向入射，光射到BO边时刚好发生全发射，求∠AOB的大小。（结果保留两位小数）【分析】（i）当∠AOB＝106°时，光在AO边恰好发生全反射，由几何关系求解临界角，再根据全反射条件求解折射率即可判断；（ii）继续打磨该钻石后，光在AO边的入射角增大，发生全反射后接着射到BO边时恰好发生全反射，画出光路图，根据几何关系求解。解：（i）当∠AOB＝106°时，光在AO边恰好发生全反射，光路如图所示由几何关系得：＝90°﹣＝37°又联立求解得：因，故该钻石是假钻石；（ii）继续打磨该钻石后，光在AO边的入射角增大，发生全反射后接着射到BO边时恰好发生全反射，光路如图所示由反射定律得由几何关系得θ4＝90°﹣θ3＝C＝37°θ3＝180°﹣θ2﹣∠AOB＝53°联立上式解得：∠AOB＝84.67°。答：（i）该钻石是假钻石；（ii）∠AOB的大小为84.67°。【点评】本题次要是考查了光的全发射；解答此类标题的关键是弄清楚光的传播情况，画出光路图，根据图中的几何关系求出折射角或入射角，然后根据光的折射定律或全反射的条件列方程求解。2023-2024学年四川省成都市高考物理质量检测模拟试题（二模）一、单项选一选：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只要一个选项符合标题要求。1.（2021·山东柳城模仿）无人驾驶汽车在新冠疫情期间对疫情防控起到了积极作用。某自主品牌的一款无人驾驶汽车在直线测试时的速度平方与位移关系图像如图所示。自地位时开始计时，则该车在内的位移大小为（）A. B. C. D.2.（2021·山东潍坊检测）如图所示，一个质量为0.4kg的小物块从O点以v0=1m/s的初速度从程度台上的O点程度飞出，击中平台右下侧挡板上的P点.现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的外形满足方程程y=x2-6（单位：m），不计一切和空气阻力，g=10m/s2，则下列说确的是（）A.小物块从O点运动列P点的工夫为lB.小物块刚到P点时速度方向与程度方向夹角的正切值等于5C.小物块刚到P点时速度的大小为10m/sD.小物体位移大小为3.（2021·山东枣庄质检）如图所示,用甲、乙两根筷子夹一个小球,甲倾斜,乙一直竖直。在竖直平面内,甲与竖直方向的夹角为θ,筷子与小球间的很小,可以忽略不计。小球质量一定,随着θ缓慢减小,小球一直保持静止,则下列说确的是（）A.筷子甲对小球的弹力变小 B.筷子乙对小球的弹力不变C.两根筷子对小球的弹力均增大 D.两根筷子对小球的合力将增大4.（2021·山东柳城模仿）如图所示，等量同种点电荷分别固定在两点，为连线的中垂线，分别为和上的点。电子自点获得垂直纸面向里的初速度后，恰能做匀速圆周运动，下列说确的是（）A.均带负电B.点的场强沿方向C.在两点之间的连线上，还有一处与P点场强相反的点D.从点正上方某处以原初速度垂直射入的电子，不可能做匀速圆周运动5.（2021·山东泰安联考）一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220V交变电压变为22V，已知变压器原线圈匝数为1000，则副线圈匝数为()A．50 B．100 C．500 D．20006.（2021·山东高密模仿）一简谐横波沿程度绳向右传播，波速为v，传播周期为T，介质中质点的振幅为A。绳上两质点M、N的平衡地位相距3/4波长，N位于M右方。设向上为正，在t=0时辰M位移为+A/2，且向上运动；经工夫t（t<T），M位移仍为+A/2，但向下运动，则()A.在t时辰，N位移为负，速度向下 B.在t时辰，N位移为负，速度向上C.在t时辰，N恰好在波谷地位 D.在t时辰，N恰好在波峰地位7.（2021·山东枣庄质检）在同一竖直平面内，3个完全相反的小钢球（1号、2号、3号）悬挂于同一高度；静止时小球恰能接触且悬线平行，如图所示。在下列实验中，悬线一直保持绷紧形态，碰撞均为对心正碰。以下分析正确的是()A.将1号移至高度h释放，碰撞后，观察到2号静止、3号摆至高度h。若2号换成质量不同的小钢球，反复上述实验，3号人能摆至高度hB.将1、2号一同移至高度h释放，碰撞后，观察到1号静止，2、3号一同摆至高度h，释放后整个过程机械能和动量都守恒C.将右侧涂胶的1号移至高度h释放，1、2号碰撞后粘在一同，根据机械能守恒，3号仍能摆至高度hD.将1号和右侧涂胶的2号一同移至高度h释放，碰撞后，2、3号粘在一同向右运动，未能摆至高度h，释放后整个过程机械能和动量都不守恒8.（2021·山东商河联考）很多人喜欢到健身房骑车锻炼，某同窗根据所学知识设计了一个发电测速安装，如图所示。自行车后轮置于垂直车身平面向里的匀强磁场中，后轮圆形金属盘在磁场中逆时针转动时，可等效成一导体棒绕圆盘O转动。已知该磁场的磁感应强度大小为B，圆盘半径为，圆盘电阻不计。导线经过电刷分别与后轮外边缘和圆心O相连，导线两端a、b间接一阻值为R的小灯泡。后轮匀速转动时，用电压表测得a、b间电压为U。则下列说确的是（）A.a连接的是电压表的正接线柱B.若圆盘匀速转动的工夫为t，则该过程中克服安培力做功C.自行车后轮转动的角速度是D.自行车后轮边缘的线速度大小是二、多项选一选：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合标题要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.（2021·济南历城检测）有一辆新颖电动汽车，总质量为。行驶中，该车速度在范围内保持恒定功率不变。一位同窗坐在驾驶员旁边观察车内里程表和速度表，记录了该车在位移范围内做直线运动时的一组数据如下表，设汽车在上述范围内遭到的阻力大小不变，则()12016020024028032036040014.516.518.019.019.720.020.020.0A．该汽车遭到的阻力为B．位移过程牵引力所做的功约为C．位移过程经历工夫约为D．该车速度在范围内可能做匀加速直线运动10.（2021·山东柳城模仿）如图所示，半径为的光滑金属圆环竖直固定放置，环上的四点均匀分布，分别为点和点。原长为的轻弹簧一端固定在环上的点，另一端固定一质量为的小球，小球经过小孔套在金属环上。弹簧一直处于弹性限制内，不计空气阻力，重力加速度为。若将小球静止释放，下列说确的是（）A.运动到点时，小球只受2个力的作用B.从点运动到点的过程中，小球的机械能守恒C.小球到达点时的速度大小为D.从点运动到点的过程中，小球的动能不断增大11.（2021·山东潍坊检测）如图所示，卫星1为地球同步卫星，卫星2是周期为3小时的极地卫星，只考虑地球引力，不考虑其他作用的影响，卫星1和卫星2均绕地球做匀速圆周运动，两轨道平面互相垂直，运动过程中卫星1和卫星2有时处于地球赤道上某一点的正上方.下列说法中正确的是（）A.卫星1和卫星2的向心加速度之比为B.卫星1和卫星2的速度之比为C.卫星1和卫星2处在地球赤道的某一点正上方地球的周期为24小时D.卫星1和卫星2处在地球赤道的某一点正上方的周期为3小时12.（2021·山东高密模仿）如图，匀强电场中等腰直角三角形ABC，，D为AB边中点，电场方向与△ABC所在平面平行，规定B点的电势为0。将电荷量q=-6×10-6C的点电荷从A点移到B点，电场力做了-2.4×10-5J的功，再将电荷从B点移到C点，电场力又做了1.2×10-5J的功，则()A．点电荷q在D点具有的电势能为-1.0×10-5JB．A点的电势为4VC．该匀强电场的场强大小为，方向垂直于CD连线指向B点D．将△ABC绕B点顺时针旋转，无论转过多大的角度，A、C两点电势都不会相等三、非选一选：本题共6小题，共60分。13.（2021·山东次诊断）用如下的器材和方法可以验证“力的平行四边形定则”。在圆形桌子透明桌面上平铺一张白纸,在桌子边缘安装三个光滑的滑轮,其中滑轮固定在桌子边,滑轮、可沿桌边挪动。次实验中,步骤如下:A.在三根轻绳下挂上一定数量的钩码,并使结点静止;B.在白纸上描下点的地位和三根绳子的方向,以点为起点,作出三拉力的图示;C.以绕过、绳的两个力为邻边作平行四边形,作出点为起点的平行四边形的对角线,量出对角线的长度;D.检验对角线的长度和绕过绳拉力的图示的长度能否一样,方向能否在一条直线上。(1)这次实验中,若一根绳挂的质量为,另一根绳挂的质量为,则第三根绳挂的质量一定大于__________且小于__________。(2)第二次实验时,改变滑轮、的地位和相应绳上钩码的数量,使结点平衡,绳的结点__________(填“必须”或“不必”)与次实验中白纸上描下的点重合。实验中,若桌面不程度__________(填“会”或“不会”)影响实验的结论。14.（2021·山东淄博诊断）某实验小组欲将电流表的量程由改装为。实验器材如下：A.待测电流表(内阻约为)；B.标准电流表(满偏电流为)；C.滑动变阻器(阻值为)；D.电阻箱(阻值范围为)；E.电池组、导线、开关。(1)实验小组根据图甲所示的电路测电流表的内阻，请完成以下实验内容：①将滑动变阻器调至,闭合；②调理滑动变阻器,使电流表满偏；③再闭合,保持滑动变阻器不变,调理电阻箱,电流表指针的地位如图乙所示,此时电阻箱的示数为。可知电流表内阻的测量值为______,与真实值相比______(选填“偏大”、“相等”或“偏小”)；(2)为了愈加精确地测量电流表的内阻，实验小组利用上述实验器材重新设计实验，请完成以下实验内容：①完善图丙的实物图连接；②实验小组根据图丙进行实验,采集到电流表的示数分别为,电阻箱的读数为,则电流表内阻为________；③实验小组将电流表改装成量程为的电流表,要_______(选填“串联”或“并联”)一个阻值________的电阻(结果保留一位有效数字)。15.（2021·山东高密模仿）水火箭的简化图如图所示，容器内气体的体积V=2L，内装有少量水，容器口竖直向下，用橡胶塞塞紧，放在发射架上，打气前容器内气体的压强p0=1.0×105Pa。用打气筒经过容器口的阀门向容器内打气，每次能向容器内打入压强也为p0、体积ΔV=100mL的空气，当容器中气体的压强达到一定值时，水冲开橡胶塞，火箭竖直升空。已知橡胶塞与容器口的静力f=19.5N，容器口的横截面积S=2cm2，不计容器内水的压强及橡胶塞遭到的重力，打气过程容器内气体的温度保持不变，求：(1)火箭发射升空霎时容器内气体的压强p；(2)打气筒需打气的次数n。16.（2021·山东潍坊检测）如图甲所示，下表面光滑的长木板B静止放在程度面上，质量为m3=2.0kg的物块C放在长木板的最右端，质量为m1=1kg的物块A从距长木板B左侧s0=9.5m处以某一初速度向长木板运动.一段工夫后物块A与长木板B发生弹性碰撞（碰撞工夫极短），以长木板B开始运动作为计时起点，长木板B和物块C运动的v-t图象如图乙所示，已知物块A与地面间的动因数为μ1=0.1，物块C与长木板B间的动因数为μ2=0.2，重力加速度g=10m/s2，求：（1）长木板B的质量m2；（2）物块A的初速度v0；（3）A静止时，零碎A、B、C由于产生的热量Q.17.（2021·山东枣庄质检）如图所示，光滑的四分之一圆弧轨道竖直放置，底端与一程度传送带相切，一质量的小物块a从圆弧轨道点P由静止释放，到点Q时与另一质量小物块b发生弹性正碰(碰撞工夫极短)。已知圆弧轨道半径，传送带的长度，传送带以速度顺时针匀速转动，小物体与传送带间的动因数，。求(1)碰撞前瞬问小物块a对圆弧轨道的压力大小；(2)碰后小物块a能上升的高度；(3)小物块b从传送带的左端运动到右端所需求的工夫。18.（2021·山东商河联考）在平面直角坐标系的象限内存在着沿轴正方向中的匀强电场，其余三个象限内存在着磁感应强度大小未知、方向如图所示的磁场．质量为、电荷量为、不计重力的带电液滴从点以大小为的程度速度射入电场，经点进入匀强磁场Ⅰ，经点进入匀强磁场区域Ⅱ、然后经点平行于轴进入轴左侧的匀强磁场区域Ⅲ，已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6.(1)求液滴到达点时的速度；(2)求匀强电场的电场强度的大小；(3)求区域Ⅰ内磁感应强度的大小；(4)如果在点有一个质量为但不带电的液滴处于静止形态，带电液滴与之碰撞后合为一体，第二、三象限的磁场恰好回到点，求带电液滴从点出发至回到点所需的工夫．答案以及解析1.答案：D解析：根据图像由知，，故图像的斜率，故该车运动的加速度大小，初速度大小，由可知，该车后中止，由可知D对，A、B、C均错。2.答案：AD解析：A．由题意可知，小物块从O点程度抛出后，根据平抛运动的规律有，，又有；联立解得t=1s，故A正确；BC．到达P点时竖直分速度,则P点的速度,方向与程度方向夹角的正切值。故BC错误；D．小物体的程度位移,竖直位移,根据平行四边形定则知，小物体的位移大小.故D正确。3.答案：C解析：根据平衡条件可知：，，解得：，，随着减小，都在增大，选项A错误，B错误，C正确；由于小球处于静止形态，两只筷子对小球的合力等于小球的重力，故不断不变，选项D错误。4.答案：B解析：因电子带负电，入射后能做匀速圆周运动，故向心力由库仑力提供，故两等量同种点电荷均带正电，故A错；由平行四边形定则可知，点的场强方向由指向，故B对；由点电荷电场分布特点及场强叠加可知，点场强由指向，由电场分布对称性可知，连线上只要与的场强大小相等的点，没有相反的点，故C错；因点的场强无法判断能否为上的点，故对电子由牛顿第二定律可知，，，电子无论自点上方还是下方以原初速度垂直入射，均可能仍做匀速圆周运动，故D错。5.答案：B解析：根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比得：变压器能将交变电流改变为，原线圈匝数，副线圈匝数。则：匝，故B正确，ACD错误。故选：B。6.答案：A解析：由题,在时M位移为,且向上运动,则M点的振动方程为：,将在时M位移为代入方程得：，所以：，经工夫位移仍为,但向下运动,代入公式得：，两质点的平衡地位相距波长,N位于M右方,所以M点的振动方程：，代入数据得：，随t的增大，位移的值增大，所以N向下运动，即在t时辰，N位移为负，速度向下，故A正确，BCD错误。故选：A。7.答案：D解析：A项，若2号换成质量不同的小钢球，无法完成速度交换，所以3号不能摆至高度h，故A项错误。B项，由于细线对小球的拉力改变了小球的速度，所以改变了小球的动量，可知释放后动量不守恒，故B项错误。C项，设1号碰撞前霎时速度为v，碰撞后1号和2号的共同速度为，3号的速度为，根据动量守恒，根据机械能守恒，两式联立解得，所以3号球具有的动能无法使其摆至高度h，故C项错误。D项，将1号和右侧涂胶的2号一同移至高度h释放，碰撞后，