2021年江苏省徐州一中高考物理模拟预测试卷（附答案详解）

2021年江苏省徐州一中高考物理模拟预测试卷

一、单选题（本大题共11小题，共44.0分）

1.在双缝干涉实验中，光屏上某点尸到双缝S［、52的路程差为7.5x10-7加，如果用

频率为6.0xlO'Hz的单色光照射双缝，贝欧）

A.单色光的波长是2x10-7m；点出现暗条纹

B.单色光的波长是2xP点出现亮条纹

C.单色光的波长是5x10-7血；p点出现暗条纹

D.单色光的波长是5x10-76；尸点出现亮条纹

2.如图所示，4、b两束单色光先后以相同的入射角从同一点射入一平行玻璃砖，其

A.4光在玻璃砖中的传播速度更大

B.。光的波长较大

C.a、〃两束单色光经过同一双缝干涉装置后，“光产生的相邻两个亮条纹的中心

间距较小

D.a、匕两束单色光经过同一双缝干涉装置后，人光产生的相邻两个亮条纹的中心

间距较小

3.图为2020年深圳春节期间路灯上悬挂的灯笼，三个灯笼由轻

绳连接起来挂在灯柱上，。为结点，轻绳04OB,OC长度

相等，无风时三根绳拉力分别为以、7、&•其中OB、OC两

绳的夹角为60。，灯笼总质量为3M,重力加速度为g。下列表

述正确的是（）

A.向一定小于1ng

B.4与凡是一对平衡力

C.自与日大小相等

D.尸8与尸c合力大小等于3”?

4.如图所示是“嫦娥三号”环月变轨的示意图。在I圆轨道

运行的“嫦娥三号”通过变轨后绕n圆轨道运行，则下列

说法中正确的是（）

A.“嫦娥三号”在I轨道的线速度大于在n轨道的线速度

B.“嫦娥三号”在I轨道的角速度大于在n轨道的角速度

c.“嫦娥三号”在I轨道的运行周期大于在口轨道的运行周期

D.“嫦娥三号”由I轨道通过加速才能变轨到n轨道

一学生用两个颜色不同的篮球做斜抛运动游戏，如图

所示，第一次出手时，红色篮球的初速度与竖直方向

的夹角a=60。；第二次出手时，橙色篮球的初速度与

竖直方向的夹角为0=30°；两次出手的位置在同一竖

直线上，结果两篮球正好到达相同的最高点C,则红色篮球与橙色篮球运动的高度

之比为（）

A.|B.IC.ID.|

6.在“用单分子油膜估测分子的大小”实验中，我们估测到的物理量是（）

A.水分子的直径B.水分子的体积C.油分子的直径D.油分子的体积

2020年冬季，南方多地拉闸限电，湖南、浙江、江

用

西等地出台限电措施，而山东在这一方面做得比较户

好。其中外省电力的调入，起了有力保障，这就涉

及远距离输电问题。远距离输电可简化为如图所示电路，发电厂发出的电先通过升

压变压器升压传输，再通过降压变压器降压到用户端。若所用变压器均为理想变压

器，J、&分别表示升压变压器的原、副线圈电压，出、以分别表示降压变压器

的原、副线圈电压，发电厂输出电压及输电线的电阻R均不变。若用户端消耗的功

率增加，下列说法正确的是（）

A.输电线上损失的电压变小B.升压变压器的输出功率变小

C.输电线上损耗的功率变大D.用户端的电压力变大

8.如图所示，在坐标轴尤=0和％=20m处有两个连续振动的波源，在介质中形成相

向传播的甲、乙两列波，t=0时刻两列波刚好传到％=2m和x=16zn处。已知两

列波的波速均为3.5m/s,则下列判断中正确的是（）

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A.两列波在空间相遇时会发生干涉现象

B.甲波与乙波的周期之比为1：2

C.乙比甲先到达x=9m处

D.t=2s时，x=9m处质点开始向上振动

9.如图所示，导热的气缸开口向下，缸内活塞封闭了一定质量的理

想气体，活塞可自由滑动且不漏气，活塞下挂一个砂桶，砂桶装

满砂子时，活塞恰好静止，现将砂桶底部钻一个小洞，让细砂慢

慢漏出.气缸外部温度恒定不变，贝女）

A.缸内的气体压强减小，内能减小

B.缸内的气体压强增大，内能减小

C.缸内的气体压强增大，内能不变

D.外界对气体做功，缸内的气体内能增加

10.如图所示，水平放置的。形光滑框架上接一个电阻值为

R0的电阻，放在垂直纸面向里的、场强大小为B的匀强磁

场中，一个半径为心、质量为，"的半圆形硬导体AC在水

平向右的恒定拉力/作用下，由静止开始运动距离d后速度达到心半圆形硬导体

AC的电阻为r,其余电阻不计，下列说法边不正确的是（）

A.此时AC两端的电压为。"=煞?

B.此过程中电路产生的电热Q=Fd-^mv2

C.此过程中通过电阻品的电荷量为勺=然

D.此过程所用时间1=（亭等+mv）

kt<0+r

11.如图甲所示，0、A为电场中一直线上的两个点，带正电的点电荷只受电场力的作

用，从。点以某一初速度沿直线运动到A点，其电势能J随位移x的变化关系如

图乙所示。则从O到A过程中，说法正确的是（）

0.V

0

困甲

A.点电荷的速度先增大后减小B.点电荷所受电场力先减小后增大

C.该电场是某个负点电荷形成的D.0到A电势先降低后升高

二、实验题(本大题共1小题，共10.0分)

12.某同学制作了一个简易多用电表，图甲为电路原理图，B为选择开关，电流表内阻

R=400,满偏电流I。=25mA,定值电阻R?=600,该多用电表表盘如图乙所示，

下排刻度均匀，C为上排正中间刻线，其它刻线没有画出。

(1)当选择开关接3时，电表为(选填“欧姆表”“电压表"或''电流表"),

量程为。

(2)为了测该多用电表欧姆挡的内阻和表内电源的电动势，该同学在实验室找到了

一个电阻箱，设计了如下实验：

①将选择开关接2,红、黑表笔短接，调节比的阻值使电表指针满偏；

②将多用电表红、黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使多用电表指针指在C处，

此时电阻箱如图丙所示；

③计算得到多用电表内电池的电动势为n.

(3)选择欧姆挡进行欧姆调零后，将红、黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在

图乙所示位置，则待测电阻的阻值为

(4)该简易电表使用一段时间后，电池的电动势下降到3H内阻变大，但此表仍能

调零，调零后用此表测得某电阻阻值为1800,该电阻真实值为Q.

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三、计算题(本大题共4小题，共46.0分)

13.质量为M=30kg的汽缸如图甲所示放置，质量为巾=103、横截面积为S=

0.01瓶2的活塞密封一部分气体，气体的长度为Li=12cm,此时环境温度为19T,

大气压强为Po=1.0x105pa,重力加速度g取10m/s2,不计活塞与汽缸之间的摩

擦，汽缸导热性能良好，气体可视为理想气体。

(1)现将汽缸缓慢倒过来用弹簧支撑，如图乙所示，在这一过程中没有气体泄漏，

若环境温度升高至29丁，求此时弹簧的弹力；

(2)现将汽缸缓慢倒过来悬挂，如图丙所示，在这一过程中没有气体泄漏，求稳定

后活塞相对汽缸移动的距离(结果保留小数点后一位)。

14.如图甲所示为某半径为R的半球形透明介质的截面,AB为半圆的直径，。为圆心，

在。点左侧，一束单色光从A。上的E点垂直A3射入半球形介质，在圆弧上恰好

发生全反射，OE=^R。

2

(1)求该半球形透明介质的折射率；

(2)若将该透明介质制成截面为直角三角形的透明体，如图乙所示，AABC=30°,

4C边的长度为令上述单色光的平行光束从AC边以45。角入射，求A3

边和边上有光射出的区域的长度之和(不考虑光在介质中二次反射)。

15.如图甲所示，加1=5kg的滑块自光滑圆弧形槽的顶端A点无初速度地滑下，槽的

底端与水平传送带相切于左端导轮顶端的B点，传送带沿顺时针方向匀速运转。Hi1

下滑前将巾2=3kg的滑块停放在槽的底端。下滑后与机2发生碰撞，碰撞时间极

短，碰后两滑块均向右运动，传感器分别描绘出了两滑块碰后在传送带上从B点运

动到C点的u-t图象,如图乙、丙所示。两滑块均视为质点，重力加速度g=10m/s2o

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(1)求A、8的高度差人；

(2)求滑块根］与传送带间的动摩擦因数〃和传送带的长度LBC；

(3)滑块血2到达C点时速度恰好减至U3m/s,求滑块血2的传送时间;

(4)求系统因摩擦产生的热量。

16.如图所示为一简易的速度筛选器，形状为一等腰直角三角形，直角边长为2”。在

该区域里，有一垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场。一束速度大小不同、

质量为〃?、电荷量为q的带正电粒子从中点。垂直A8射入该磁场区域，在BC边

放置一粒子收集器，长度与BC等长，粒子打到收集器上会被收集，从而把这些粒

子筛选出来。其中粒子重力不计，也不计粒子间相互作用。

(1)求能被收集粒子的最小速度；

(2)求能被收集粒子的速度范围；

(3)讨论能被收集粒子在磁场中运动的时间与速度的关系；

(4)如果入射点稍向下移，能被收集粒子的速度范围会增大还是减小？(不需要写出

推导过程)

A

粒子收集甥

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：根据光波的速度公式：c=2/

则有：A=7=S^m=5xl0-7/n

光的路程差跟光波长之比为：71=手=①耳=1.5；

X5x10-7

即路程差为光的半个波长的奇数倍.因此，两束光在该点振动减弱，出现光的暗条纹,

故C正确，ABD错误.

故选：Co

先根据公式c=%/求出光的波长，然后判断路程差是半波长的奇数倍还是偶数倍，若是

偶数倍即波长的整数倍则出现亮条纹.

本题考查双缝干涉实验中出现明暗条纹的条件，掌握光的干涉中出现明亮条纹的条件并

会应用，解决本题的关键掌握双缝到光屏上P点的距离之差是波长的整数倍，则出现明

条纹，路程之差是半波长的奇数倍，则出现暗条纹.

2.【答案】C

【解析】

【分析】

复色光从空气斜射到厚平板玻璃（上、下表面平行）的上表面，穿过玻璃后从下表面射出，

变为。、b两束平行单色光，根据侧移大小，可确定折射率大小.频率与折射率成正比，

从而判定波长的长短，进而可确定传播速度及双缝干涉条纹间距大小。

此题关键要理解玻璃砖的光学特性，知道光线通过平板玻璃后，出射光线与入射光线平

行，不会发生全反射.根据公式双缝干涉条纹间距公式比较干涉条纹的间距大

小。

【解答】

AB、作出以人两束单色光在玻璃砖中的光路图如下图所示，

设光在玻璃砖上表面的折射角为匕由图可知％<%，根据点=黑=?可知〃光在介

质中的折射率较大，在介质中传播的速度较小，波长较小，故A、B错误；

CD、由于4a<儿，根据=可知经过同一双缝干涉装置后，4光产生的相邻两个

亮条纹的中心间距较小，故C正确，。错误。

故选：Co

3.【答案】D

【解析】解：ACD,三个灯笼受到重力与0A的拉力，所以。4的拉力4=3mg

三根绳子等长，可知0B与0C的拉力是相等额；对。点进行受力分析如图：

可知：FBCOS300+Fccos30°=FA=3mg,

所以：FB=FQ='y/3mg,故A错误，C错误，。正确；

B、由图可知，4与心的方向不在同一条直线上，所以不是一对平衡力，故8错误；

故选：D。

以。点为研究对象作出受力分析图，由正交分解法可得出平行四边形，由几何关系可得

出各力间的关系。

该题结合力的合成与分解考查共点力平衡，解答的关键是要先判断出绳子。3与0C上

的拉力相等。

4.【答案】C

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【解析】解：航天器绕星球做匀速圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此可知:

x,mMv22，2TT、2

G—"m7=mr<D=7n7（T）

4、线速度v=秒知,/轨道上半径大，线速度小，故A错误;

B、角速度3=J詈知，/轨道上半径大，角速度小，故8错误;

C、周期7=厝知，/轨道上半径大，周期大，故C正确；

。、卫星在较高轨道上到较低轨道上运动时，变轨时是在较高轨道上减速，使得万有引

力大于在该轨道上做匀速圆周运动的向心力，从而做近心运动而减小轨道半径，故。

错误。

故选：C。

万有引力提供圆周运动向心力并由此分析描述圆周运动各物理量与半径间的关系，根据

半径关系求解其它物理的变化。

熟悉卫星变轨原理，并掌握万有引力提供卫星做匀速圆周运动的向心力是解题的关键。

5.【答案】B

【解析】解：因为C点是两个篮球斜抛运动的最高点，所以在C点两个篮球的速度都

是水平方向，可用逆向思维，将该题看成从C点水平抛出红、橙两个篮球，当运动到虚

线处时，速度方向与竖直方向的夹角分别为a、0

根据平抛运动的推论：做平抛运动的物体任意时刻速度的反向延长线过水平位移的中点。

又因为红、橙篮球的水平位移相同，所以反向延长红、橙篮球的速度，会交于水平位移

的中点，如下图：

X

设水平位移为X,红色篮球的竖直位移为砥，橙色篮球的竖直位移为h2,则有:tana=—,

解得：心=就？电=就

所以红色篮球与橙色篮球运动的高度之比为：?=黑=察黑故AC。错误、B

"2tanatan603

正确。

故选：Bo

两个斜抛运动的最高点都在C处，可以用逆向思维，将两个球的运动看成从C点开始

的平抛运动，再根据“做平抛运动的物体任意时刻速度的反向延长线过水平位移的中点”

这一推论，作图之后得到几何关系式，从而求出两球运动的竖直高度之比。

本题考查平抛运动，解题的关键在于用逆向思维将两球的运动看成是从C点出发的平抛

运动，另外要熟知平抛运动的相关推论，简化解题过程。

6.【答案】C

【解析】解：“用单分子油膜估测分子的大小”实验中是将酒精油酸容液滴在水面上形

成单分子油膜，通过测量油膜体积以及油膜面积来求出油分子的直径，故C正确，ABD

错误。

故选：C。

明确实验原理，知道实验方法和过程从而明确实验中物理量的来源。

本题考查“用单分子油膜估测分子的大小”实验，关键是明确实验原理，知道实验目的

和实验方法。

7.【答案】C

【解析】解：A、当用户端消耗的功率增加时，降压变压器的输出功率会增加，降压变

压器的输入功率增加，从而导致降压变压器的输入电流变大，根据U=/R可知，输电线

上损失的电压变大，故A错误；

8、升压变压器副线圈中的电流变大，电压U2不变，输出功率变大，故B错误；

C、输电线上损失的电压变大，输电线的电阻R不变，根据P=?可知，输电线上损耗

的功率变大，故C正确：

。、输电线上损失的电压变大，降压变压器原线圈的电压/减小，副线圈电压&也减小，

故。错误。

故选：Co

通过用户端消耗的功率增加，判断出输电线的电流/的变化，利用U=/R判断输电线损

失电压的变化；利用「2=判断升压变压器的输出功率的变化；利用U的变化，由P=

号判断输电线上损耗功率的变化；利用g=4-u判断降压变压器原线圈电压4的变

R

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化，通过3判断力的变化。

本题考查理想变压器和远距离输电问题。在推导各物理量变化时，应该从用户端功率变

化出发，判断出输电线中的电流的变化。注意计算线圈功率或整个电路功率时，由于不

是纯电阻电路，故只能用P=U/来计算；而对于导线R,其功率用P线=嗫R或P线

计算均可。

8.【答案】B

【解析】解：A、由题图可知两列波的波长不同，则两列波的频率不同，所以两列波在

空间相遇时不会发生干涉现象，故A错误；

B、甲波的波长为2”,乙波的波长为4m,两波波速相等，则由7=河知甲波与乙波

的周期之比为1：2,故B正确；

CD、由=§知，两波在t=2s时同时到达％=9m处，且x=9m处的质点开始向下

振动，故CD错误。

故选:B。

根据波长，由波速求得周期，即可判断是否能发生稳定干涉；由波速得到两波传到某一

质点的时间，再根据叠加原理得到质点振动。

本题考查机械波。机械振动问题中，一般根据振动图象得到周期、质点振动方向；再根

据波形图得到波长和波的传播方向，从而得到波速及质点振动，进而根据周期得到路程。

9.【答案】C

【解析】

【分析】

以活塞为研究对象，根据力平衡得知气缸内气体的压强逐渐增大，气体被压缩，体积减

小，外界对气体做功.由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能

不变.

本题关键是运用力学知识分析气体压强如何变化，同时抓住一定质量的理想气体的内能

只跟温度有关.

【解答】

设活塞重力为G,横截面积为S,大气压为po,则以活塞为研究对象，

根据力平衡得到：气缸内气体的压强p=Po-g,由于G减小，则p增大，即气体压强

增大，由玻义耳定律pU=C可知气体体积丫变小，则外界对气体做功.

由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能不变.

故选C

10.【答案】D

【解析】解：A、导体AC有效切割的长度等于半圆的直径23半圆形导体AC切割磁

感线产生感应电动势的大小为：E=B-2L-v=2BLv,

而AC相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律得：办c=/±E=

华警4正确；

“0十丁

8、根据能量守恒定律可知，外力做的功，一方面转化为导体动能的增加，另一方面

转化为焦耳热，即：Fd=Q+^mv2,解得：Q=Fd-16172.故B正确；

C、根据法拉第电磁感应定律得：l==又因为电流定义式为：T

r+R。t(Ro+r)f

解得此过程中通过电阻&的电荷量为：q=7t=若.故C正确；

。、根据动量定理得：Ft-B12Lt=mv,又因为q=7t，则有“：Ft-qB2L=mv,

解得：t=%片=*多等+小切故。错误.

rrKQ+F

本题选不正确的，故选：Do

先根据法拉第电磁感应定律求出电动势，再结合电路的结构算出AC两端的电压；根据

能量守恒定律可求出电路中产生的焦耳热；

利用电量的表达式求出此过程中通过电阻品的电荷量；再利用动量定律求解出此过程所

需的时间。

解答本题的关键是：在计算感应电动势时知道半圆形硬导体4c有效切割的长度等于2L；

分清内电路和外电路，充分利用能的转化和守恒定律及动量定律解题。

11.【答案】B

【解析】解：A、正电荷在电场力作用下运动，故电荷的电势能与动能的总和不变，由

图象可知，电势能先增大后减小，则动能先减小后增大，速度先减小后增大，故A错误；

B、电场力做的功W=Fx=Ep-0。，Ep-=Fx+Epo,图线的斜率是电场力的大小，

可见电场力先减小后增大。故8正确，

C、根据带负电的点荷周围的场强分布规律可知，正的电荷在其周围做直线运动时，单

靠近场源电荷是，电势能减少，远离时电势能增加，由于图象中是先增加后减少，故不

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可能是负电荷的电场。故C错误。

D、从。到A过程中，该正电荷的电势能先增大再减小，根据电势能的定义Ep=q<p可

知，电势先升高后降低，故。错误。

故选：B。

根据能力守恒可知动能的变化。根据电势能即随位移x的变化关系图象的斜率表示电

场力的大小分析电场力变化情况。跟点电荷周围电场的分布规律，结合运动规律判断电

场的性质。根据电势能的定义判断电势的变化。

电势能与随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，记住这个结论在分析电场

力变化情况时可以方便的得到答案。

12.【答案】电压表0-2.5V3.75100144

【解析】解：(1)当选择开关接3时，电阻和电流表串联分压，所以电表为电压表，

设量程为U,由串联电路的分压原理,有U=/g(R+R2)，所以电压表的量程为U=2.5U；

(2)由图可知，C为表盘的中间刻度，则/=|/g=gxl0-34

且电阻箱读数为R=1500,

由欧姆表的原理可知，此时电阻箱的阻值和表头内阻相同，

EE

由闭合电路的欧姆定律有/=海"=正，

解得E=3.75匕

(3)由乙图可读出/'=g/g=15mA=0.015/1,

.E

由闭合电路的欧姆定律有/=可而，

解得待测电阻阻值为：R'=1OO0；

(4)由测量原理有后而

―150+RJ

解得Rx=144。。

故答案为：(1)电压表，0-2.5V(2)3.75(3)100(4)144。

(1)根据串联分压可知，开关接3时为电压表，根据闭合电路欧姆定律求解电压表的量

程；

(2)当指针指在中间刻度时，待测电阻的阻值等于欧姆表的内阻，根据闭合电路欧姆定

律求解电源电动势；

(3)根据闭合电路欧姆定律求解待测电阻的阻值；

(4)根据电表的测量原理分析求解该电阻真实值。

解决该题的关键是掌握电压表改装和电流表改装的原理，知道欧姆表测电阻时，表盘的

中值电阻等于欧姆表的内阻，掌握闭合电路欧姆定律。

13.【答案】解：(1)对活塞与气缸整体受力分析，根据受力分析可知，题图乙中弹簧弹

力与汽缸和活塞的重力大小之和相等，与环境温度无关，设弹簧的弹力为凡有.：尸=

Mg+mg=(30+10)xION=400N

(2)设甲、丙图中气体的压强分别为pi和P2,气体的长度分别是刀和功；其中：k=

12cm=0.12m

甲图中气体的状态参量：pi=Po+詈=1.0*105「。+需2pa=1.1xiospa,匕=

LiS

524

丙图中气体的状态参量:P2=Po-詈=1.0x10Pa一黑Pa=9x10Pa,彩=L2S,

汽缸倒置悬挂前后气体发生等温变化，根据玻意耳定律知Pl%=P2%，

联立解得：L2x0.147m

活塞相对汽缸移动的距离为L0.147m-0.12m=0.027m=2.7cm.

=L2-LX=

答：(1)此时弹簧的弹力为400N；

(2)现将汽缸缓慢倒过来悬挂，在这一过程中没有气体泄漏，稳定后活塞相对汽缸移动

的距离为2.7cm。

【解析】(1)对活塞与气缸整体受力分析，求出弹簧的弹力；

(2)列出甲、乙、丙图中气体的状态，结合理想气体得状态方程与气体的实验定律分别

求出乙图与丙图气体的长度，最后由几何关系求出稳定后活塞相对汽缸移动的距离即可。

本题主要是考查了理想气体的状态方程；解答此类问题的方法是：找出不同状态下的三

个状态参量，分析理想气体发生的是何种变化，利用理想气体的状态方程列方程求解。

14.【答案】解：(1)由图甲结合几何知识可知，光线发生全反射的临界角为C=45。

由全反射条件有sinC=

n

即sin45°=-=—,

n2

则该半球形透明介质的折射率为71=V2o

(2)作出入射光线的光路图，如图所示，

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单色光的平行光束从AC边以45。角入射时，

由折射定律可知，折射角为30。，

由几何关系可知，射到M点的光线，折射光线从M点射出，到C点的距离为比m,

5

反射光线垂直A8边从N点射出，由几何关系可知，N为48边的中点，到A点的距离

为日L=0.3m>

故有光射出的区域的总长度为山m.

10

答：(1)求该半球形透明介质的折射率为近。

(2)4B边和BC边上有光射出的区域的长度之和为穿m.

【解析】(1)根据几何关系可求出半球形透明介质的折射率。

(2)做出光路图利用几何知识可求出AB边和BC边上有光射出的区域的长度之和。

明确光的反射和折射以及全反射的临界角的概念，能正确画出光路图是解决问题的关键。

15.【答案】解：(1)由图乙丙可知，碰撞后瞬间，Hi1的速度%=lm/s,m2的速度%=

5m/sf

设碰撞前瞬间巾1的速度为孙，碰撞过程系统动量守恒，取向右的方向为正方向，由动

量守恒定律得：=m1v1+m2v2

解得：VQ=4m/s,

血1下滑的过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：

1

mxgh=-mrvl

解得：h—0.8m；

(2)由图乙可知，滑块m1在传送带上加速运动时的加速度大小：a=^=0.5?n/s2

滑块的加速度就是由滑动摩擦力提供，故：〃1巾1。=机巡，

解得，滑块与传送带间的动摩擦因数：Mi=0.05

由图乙可知，滑块uh在传送带上先加速4s,后匀速运动6s到达C点

图线与坐标轴围成的图形的面积在数值上等于传送带的长度LBC，

即LBC=|x(14-3)x4+3x(10-4)=26m；

(3)滑块血2一直做匀减速直线运动，达C点时速度恰好减到3m/s,

全程的平均速度为：v=^=4m/s,

设滑块血2的传送时间：《=婴=彳=&5s；

4V4

(4)由图乙可知，滑块6］在传送带上加速阶段的位移：

+；Q此=8m,

滑块？Th在传送带上加速阶段产生的热量：Qi=-%i),

滑块©在传送带上减速的加速大小：优=冬=^m/s2

滑块加2受到的滑动摩擦力大小：f=m2a'

滑块徵2在传送带上减速阶段产生的热量：Qi=f@BC-vt),

系统因摩擦产生的热量：Q=QI+Q2，解得：Q=16J。

答：(1)月、8的高度差力为0.8m；

(2)滑块mi与传送带间的动摩擦因数4和传送带的长度勿。为26处

(3)滑块血2到达C点时速度恰好减到3m/s,滑块爪2的传送时间为6.5s；

(4)系统因摩擦产生的热量为16J。

【解析】(1)由图示图象可以求出两滑块碰撞后瞬间的速度，两滑块碰撞过程系统动量

守恒，由动量守恒定律可以求出碰撞前滑块mi的速度，滑块Tn1下滑