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文档简介
云南省龙陵一中2024届物理高一上期末监测试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、正在行驶的汽车,如果作用在汽车上的一切外力突然消失,那么汽车将()A.做匀速直线运动 B.立即停下来C.先慢下来,然后停止 D.改变运动方向2、公共汽车进入转弯路口向右转时,车内乘客会()A.向前倾斜 B.向后倾斜C.向左侧倾斜 D.向右侧倾斜3、在国际单位制中,规定了七个物理量为基本物理量,其中力学物理量有三个。下列各组物理量单位中属于基本单位的是()A.kg和N B.N和sC.m/s和J D.kg和m4、城市中的路灯经常用三角形的结构悬挂,如图所示为这类结构的一种简化模型。图中硬杆OB可以绕通过B点且垂直于纸面的轴转动,钢索和杆的重量都可以忽略。如果悬挂物的重量为G,AO与BO间的夹角为θ。下列对结点O的说法正确的是A.钢索OA对结点O的拉力大小为Gcotθ,方向沿钢索向上B.钢索OA对结点O的拉力大小为,方向沿钢索向上C.杆OB对结点O的支持力大小为Gsinθ,方向沿杆向右D.杆OB对结点O的支持力大小为,方向沿杆向右5、滑滑梯是小孩子很喜欢的娱乐活动。如右图所示,一个小孩正在滑梯上匀速下滑,则()A.小孩所受的重力与小孩所受的弹力大小相等B.小孩所受的重力与小孩所受的摩擦力大小相等C.小孩所受的弹力和摩擦力的合力与小孩所受的重力大小相等D.小孩所受的重力和弹力的合力大于小孩所受的摩擦力大小6、汽车在某段时间内做匀变速运动的位移x与时间t的关系式为x=20t-2t2,x与t的单位是m和s,则该汽车()A.运动的加速度是-2m/s2B.第1s内的位移是18mC.前2s内的平均速度是18m/sD.前6s内的位移是48m7、如图所示,在一节火车车厢内有一个光滑的水平桌面,桌面上有一个小球,开始时小球和车厢均处于静止状态,如果火车突然加速向前开动()A.以地面为参考系,小球仍然静止B.以地面为参考系,小球会加速运动C.以火车为参考系,小球会加速运动D.以火车为参考系,小球仍然静止8、下列各组共点力中合力可能为零的是A.2N,3N,4NB.4N,5N,10NC.10N,12N,21ND.10N,10N,10N9、如图所示,A、B两物块质量相等,用一轻弹簧相连,将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上,系统处于静止状态时,B物块恰好与水平桌面接触而没有挤压,此时轻弹簧的伸长量为x.现将悬绳剪断,则下列说法正确的是()A.悬绳剪断瞬间,A物块的加速度大小为gB.悬绳剪断瞬间,A物块的加速度大小为2gC.悬绳剪断后,A物块向下加速运动x后开始减速D.悬绳剪断后,A物块向下加速运动2x后开始减速10、如图所示,质量为m、顶角为α的直角劈和质量为M的正方体放在两竖直墙和一水平面间,处于静止状态。若不计一切摩擦,则()A.直角劈对墙面的弹力大小为mgsinαB.墙面对正方体的弹力大小为C.正方体对直角劈的弹力大小为mgcosαD.水平面对正方体的弹力大小为(M+m)g11、2011年8月27日世界田径锦标赛在韩国大邱举行。如图所示,在撑竿跳高比赛中运动员(若不计空气阻力)A.起跳时竿对她的弹力大于她的重力B.起跳时竿对她的弹力小于她的重力C.起跳以后的下落过程中她处于超重状态D.起跳以后的下落过程中她处于失重状态12、在滑冰场上,甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上,原来静止不动、在相互猛推一下后分别向相反方向运动.假定两板与冰面间的动摩擦因数相同.已知甲在冰上滑行的距离比乙远,由以上信息可判读下面说法中正确的是A.在推的过程中,甲推乙的力小于乙推甲的力B.在推的过程中,甲受的合外力大于乙受的合外力C.在刚分开时,甲的初速度大于乙的初速度D.在分开后,甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、(6分)14、(10分)三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)如图所示,质量M=1.0kg的长木板静止在光滑水平面上,在长木板的右端放一质量m=1.0kg的小滑块(可视为质点),小滑块与长木板之间的动摩擦因数μ=0.20.现用水平恒力F=6.0N向右拉长木板,使小滑块与长木板发生相对滑动,经过t=1.0s撤去力F.小滑块在运动过程中始终没有从长木板上掉下.求:(1)撤去力F时小滑块和长木板的速度各是多大?(2)小滑块相对长木板静止时,小滑块相对地面运动的总位移16、(12分)“抛石机”是古代战争中常用的一种设备。如图所示,某学习小组用自制的抛石机演练抛石过程。已知所用抛石机长臂的长度L=2m,质量m=1.0kg的石块装在长臂末端的口袋中,开始时长臂处于静止状态,与水平面间的夹角现对短臂施力,当长臂转到竖直位置时立即停止转动,水平抛出前,石块对长臂顶部向上的压力为2.5N,抛出后垂直打在倾角为45°的斜面上,不计空气阻力,重力加速度g取试求斜面的右端点A距抛出点的水平距离。17、(12分)如图所示,一质量为6kg的物块,置于水平地面上,物块与地面的动摩擦因数为0.5,然后用两根绳分别系在物块的A点和B点,A绳水平,B绳与水平面成37°,已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2。求:(1)逐渐增大B绳的拉力,直到物块对地面的压力恰好为零,则此时A绳和B绳的拉力分别是多大?(2)将A绳剪断,为了使物块沿水平面做匀速直线运动,在不改变B绳方向的情下,B绳的拉力应为多大?(结果保留一位小数)
参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、A【解题分析】根据牛顿第一定律可知正在运动的物体若一切外力突然消失,将会做匀速直线运动,所以汽车将做匀速直线运动,故A正确,BCD错误。故选A。2、C【解题分析】汽车突然向右转弯时,下半身由于受车的摩擦力改为向右前方运动,上半身由于具有惯性继续向前运动,所以人向左倾倒,故ABD错误C正确。故选C。3、D【解题分析】力学基本单位有三个,分别是长度单位、质量单位、时间单位,故ABC错误,D正确。故选D。4、D【解题分析】以重物为研究对象,绳子对其拉力等于其重力,然后以O点为研究对象,分析受力,如图所示:根据平衡条件,结合几何知识,杆BO对O点的支持力为:方向沿杆向右;钢索OA对O点的拉力为:方向沿钢索向上;故ABC错误,D正确。故选D。5、C【解题分析】AB.小孩在滑梯上受力如图所示,设滑梯斜面倾角为θ,则:所以AB错误;CD.小孩在重力、弹力和摩擦力三个力作用下处于平衡状态,其中任意两个力的合力一定与第三个力大小相等,故C正确。故选C。分卷II6、B【解题分析】A.根据得汽车的初速度为:v0=20m/s,加速度a=-4m/s2,则加速度的大小为4m/s2,选项A错误;B.第1s内的位移是选项B正确;C.前2s内的平均速度是选项C错误;D.物体停止运动的时间则前6s内的位移等于5s内的位移选项D错误;故选B.7、AC【解题分析】AB.火车突然加速向前开动时,小球由于惯性还要保持原来的静止状态,所以以地面为参考系,小球仍然静止,选项A正确,B错误;CD.以火车为参考系,小球相对于火车向后加速运动,选项C正确,D错误。故选AC。8、ACD【解题分析】A.2N和3N的力的合力取值范围是1N≤F≤5N,当两力的合力为4N时,方向与第三个力方向相反时,它们三个力的合力可能为零,故A正确;B.4N和5N的力合成时最大值为9N,故不可能与10N的力合成为零,故B错误;C.10N和12N的力的合力取值范围是2N≤F≤22N,当两力的合力为21N时,方向与第三个力方向相反时,它们三个力的合力可能为零,故C正确;D.10N和10N的力的合力取值范围是0N≤F≤20N,当两力的合力为10N时,方向与第三个力方向相反时,它们三个力的合力可能为零,故D正确;9、BD【解题分析】AB.剪断悬绳前,对B受力分析,B受到重力和弹簧的弹力,知弹力剪断瞬间,弹簧弹力不变,对A分析,A的合力为根据牛顿第二定律,得故A错误,B正确;CD.弹簧开始处于伸长状态,弹力当向下压缩速度最大,即所以下降的距离为2x时速度最大,即开始减速,故C错误,D正确。故选BD。10、BD【解题分析】以直角劈和质量为M正方体整体为研究对象,分析受力情况,如图1所示则由平衡条件得,水平面对正方体的弹力大小对直角劈研究,分析受力情况,如图2所示根据平衡条件得墙面对m的弹力正方体对直角劈的弹力大小为对整体可知,墙面对正方体弹力根据牛顿第三定律得知,直角劈对墙面的弹力大小故选BD。11、AD【解题分析】AB.起跳时加速度向上,故竿对人的弹力大于人的重力,A正确B错误;CD.起跳以后的下落过程,向下做加速运动,加速度竖直向下,处于失重状态,C错误D正确;故选AD。12、BC【解题分析】在推的过程中,甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力,根据牛顿第三定律,作用力和反作用力大小相等,方向相反,A错误;由知在推的过程中,甲受的合外力大于乙受的合外力,B正确;分开后,两人受到的合力都是摩擦力,根据牛顿第二定律得;所以甲乙的加速度大小相等,由运动学公式知,刚分开时,甲的初速度大于乙的初速度,C正确,D错误二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、14、三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(1)2.0m/s4.0m/s(2)2.25m【解题分析】(1)小滑块和长木板均做匀加速运动,分别对小滑块和长木板受力分析,求出加速度,运用速度时间公式求出速度;(2)撤去拉力后,由于惯性,两个物体都向前滑动,但由于长木板速度较大,故两物体间摩擦力不变,小滑块继续加速,长木板匀减速,直到两个物体间相对静止为止,根据运动学公式可以先求出第二个过程的时间,然后分别求出两个过程的位移,就得到总位移.【题目详解】(1)对长木板施加恒力F的时间内,小滑块与长木板间相对滑动,小滑块和长木板在水平方向的受力情况如图所示小滑块所受摩擦力Ff=μmg设小滑块的加速度为a1,根据牛顿第二定律Ff=ma1,解得a1=2.0m/s2长木板受的摩擦力大小Ff′=Ff=μmg设长木板的加速度为a2,根据牛顿第二定律F-Ff′=Ma2解得a2=4.0m/s2经过时间t=1.0s,小滑块的速度v1=a1t=2.0m/s长木板的速度v2=a2t=4.0m/s(2)撤去力F后的一段时间内,小滑块的速度小于长木板的速度,小滑块仍以加速度a1做匀加速直线运动,长木板做匀减速直线运动.设长木板运动的加速度为a3,此时长木板水平方向受力情况如图所示,根据牛顿第二定律Ff″=Ma3解得a3=2.0m/s2设再经过时间t1后,小滑块与长木板的速度相等,此时小滑块相对长木板静止即v1+a1t1=v2-a3t1解得t1=0.50s如图所示,在对长木板施加力F的时间内,小滑块相对地面运动的位移是s1,从撤去F到二者速度相等的过程,小滑块相对地面的位移是s2.所以小滑块相对长木板静止时,小滑块相对地面运动的总位移为s块=s1+s2=a1t2+(v1t1+a1t12)=2.25m.【题目点拨】本题关键的就是正确的对两个物体受力分析,求出加速度,分析清楚运动过程,由于本题小滑块的受力一直未变,也可以直接有位移时间公式求解.16、75m【解题分析】根据牛顿第二定律求解石块做平抛运动的初速度;根据石块被抛出后做平抛运动,垂直打在45°角的斜面上,可知竖直速度,从而求解时间,结合平抛运动的规律即可解答。【题目详解】石块长臂顶部时,根据牛顿第二定律可得解得v0=5m/s石块被抛出后做平抛运动,垂直打在45°角的斜面上,则vy=v0=5m/s则vy=gt可得t=0.5s则水平方向x=v0t=2.5m
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