2024届河南省八市高一物理第一学期期末考试模拟试题含解析

2024届河南省八市高一物理第一学期期末考试模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、甲、乙、丙三个物体同时同地出发做直线运动,它们的位移一时间图象如图所示,在20s内它们的平均速度和平均速率的大小关系是(

)A.平均速度大小相等，平均速率B.平均速度大小相等，平均速率C.平均速度，平均速率相等D.平均速度和平均速率大小均相等2、甲球的质量是乙球质量的5倍，两球从同一高度同时自由落下，下列说法正确的是（）A.甲、乙都做自由落体运动，所以都不受任何外力作用B.甲、乙从同一高度自由落下，所以两球同时落地C.甲球质量大，所以甲的加速度比乙的加速度大D.甲球质量大，所以甲落到地面的速度也大3、下列关于速度和加速度的说法中正确的是（）A.速度方向就是加速度的方向B.加速度为正，表示速度越来越大C.速度变化越大，加速度越大D.加速度不断减小，速度可能不断增大4、下列说法正确的是（）A.高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，加速度也一定很大B.质点是理想化模型，现实并不存在，所以引入它没有多大意义C.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”D.s、kg、m是国际单位制中力学的三个基本单位5、如图，质量相等的A、B两小球分别连在轻质弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上，则在细线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为()A.0和 B.0和C.和 D.和6、如图甲所示，固定光滑细杆与水平地面成倾角α，在杆上套有一个光滑小环，小环在沿杆方向向上的拉力F作用下向上运动．0~2s内拉力的大小为10N，2~4s内拉力的大小变为11N，小环运动的速度随时间变化的规律如图乙所示，重力加速度g取10m/s2,则下列说法正确的是（）A.小环在加速运动时的加速度a的大小为2m/s2B.小环在0~2s内通过的位移大小为1mC.小环的质量m=2kgD.细杆与水平地面之间的夹角α=3007、一位同学乘坐直升电梯从一楼上到六楼的过程中，其v－t图像如图所示。已知该同学的质量m＝60kg，g＝9.8m/s2.下列说法正确的是（）A.2－9s时间内该同学处于平衡状态 B.前2s内该同学处于超重状态C.前2s内该同学对电梯底部的压力大小为540N D.10s内电梯的位移大小为17m8、如图所示，用OA、OB两根轻绳将物体悬于两墙之间，OA、OB两根轻绳之间的夹角为90°．当更换OA绳，使A点下移，直至轻绳OA为水平，在此过程中保持O点位置不变．则在A点不断下移到A′的过程中，则OA、OB两绳的拉力（）A.OA逐渐增大 B.OB逐渐增大C.OA先变小后变大 D.OB先变大后变小9、如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则（）A.物体A与球B之间的作用力减小B.球B对墙的压力增大C.物体A对地面的压力减小D.地面对物体A的摩擦力减小10、如图所示是轿车常用的千斤顶，当摇动把手时，螺纹轴就能迫使千斤顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起.当车轮刚被顶起时，汽车对千斤顶的压力为1.0×105N，此时千斤顶两臂间的夹角为120°.下列判断正确的是A.此时千斤顶每臂受到的压力大小均为5.0×104NB.此时千斤顶对汽车的支持力为1.0×105NC.若继续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶每臂受到压力将增大D.若继续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶每臂受到的压力将减小二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）一个小圆环瓷片最高能从h＝0.18m高处由静止释放后直接撞击地面而不被摔坏．现让该小圆环瓷片恰好套在一圆柱体上端且可沿圆柱体下滑，瓷片与圆柱体之间的摩擦力是瓷片重力的4.5倍，如图所示．若让该装置从距地面H＝4.5m高处从静止开始下落，瓷片落地恰好没被摔坏．已知圆柱体与瓷片所受的空气阻力都为自身重力的0.1倍，圆柱体碰地后速度立即变为零且保持竖直方向．(g取10m/s2)（1）瓷片直接撞击地面而不被摔坏时，瓷片着地时的最大速度为多少？（2）瓷片随圆柱体从静止到落地，下落总时间为多少？14、（14分）“引体向上”是一项体育健身运动，该运动的规范动作是:两手正握单杠，由身体悬垂开始，上提时，下颚超过杠面为合格．如图所示，某同学质量为，开始下颚距单杠的高度为，当他用的恒力将身体拉至某位置时，不再用力，以后依靠惯性继续向上运动，取，为保证此次引体向上动作合格，停止用力时下颚到杠面的距离最大为多少?(要求用牛二律和动能定理两种方法求解)15、（13分）如图，甲乙两车开始处于相距s0=100m的A、B两点，甲车从A点以速度v0=10m/s向右做匀速运动，乙车从B点由静止开始向右做加速度a1=1m/s2的匀加速直线运动。当两车速度相等时，乙车开始以a2=2m/s2的加速度做匀减速直线运动(1)当两车速度相等时两车的距离为多少？(2)从开始运动到两车相遇，共经历多长时间？

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、A【解题分析】平均速度等于位移与所用时间的比值．平均速率等于路程与所用时间的比值．根据位移图象确定出位移关系，分析物体的运动情况，确定出路程关系，再进行判断平均速度和平均速率的关系【题目详解】由图看出，三个物体的起点与终点相同，位移相同，所用时间也相同，则三个物体的平均速度大小相同．由图得知，甲先沿正方向运动，后沿负方向返回，而乙、丙都一直沿正方向运动，三个物体的位移相同，则甲的路程最大，乙丙的路程相等，所以甲的平均速率最大，乙丙的平均速率相等，即，故选A【题目点拨】由位移图象纵坐标的变化量等于位移，能判断出物体的位移关系．根据位移图象的斜率等于速度分析物体的运动情况，确定路程关系，是本题解答的基本思路2、B【解题分析】因为甲乙物体均做自由落体运动，所以它们的初速度为零，加速度为g，根据运动学关系式求解【题目详解】甲、乙都做自由落体运动，都只受重力作用，选项A错误；自由落体运动的加速度与重力大小无关，则两物体的加速度均为g，根据h=gt2，甲、乙从同一高度自由落下，所以两球同时落地，选项B正确，C错误；根据v2=2gh可知两物体落地速度相同，选项D错误；故选B.【题目点拨】此题关键是知道自由落体运动的特点，知道重力加速度与重力大小无关；掌握自由落体运动的基本公式.3、D【解题分析】A．速度方向不一定是加速度的方向，选项A错误；B．加速度为正，若速度为负，则速度越来越小，选项B错误；C．根据可知，速度变化越大，加速度不一定越大，选项C错误；D．若速度与加速度同向，则即使加速度不断减小，速度也是不断增大的，选项D正确。故选D。4、D【解题分析】速度与加速度无关；当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可。【题目详解】A．高速行驶的磁悬浮列车，虽其速度很大，若是匀速运动，则速度不变，所以没有加速度，故A错误；B．质点是忽略了物体的形状和大小，把物体看成一个具有质量的点，这是为了研究问题方便而建立的理想化模型，实际不存在，故B错误；C．力是维持物体运动的原因，物体受力就会运动，不再受力了，它总会逐渐停下来，是亚里士多德的观点，故C错误；D．国际单位制中力学的三个基本单位分别是千克、米、秒，故D正确。故选D。【题目点拨】本题就是考查学生对质点概念以及牛顿第一定律的理解，是很基本的内容，必须要掌握住的。5、A【解题分析】对A：在剪断细线之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等，弹簧拉力；在剪断细线的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，而弹簧的伸长量没有来得及发生改变，故弹力不变，所以A的受力情况没有变化，故A球的加速度为零；对B：在剪断细线之前，对B球进行受力分析，B受到重力、弹簧对它斜向下的拉力、支持力及细线的拉力，在剪断细线的瞬间，细线的拉力立即减为零，对B球进行受力分析，则B受到到重力、弹簧的向下拉力、支持力．因弹簧的拉力大小为，所以根据牛顿第二定律得：B的加速度为；故A正确，BCD错误；6、CD【解题分析】速度时间图象中，斜率代表加速度；根据斜率即可求得加速度；从速度时间图象得到小环的运动规律，即先匀速后加速，求出加速度，得到合力，然后受力分析，根据共点力平衡条件和牛顿第二定律列式求解质量和夹角【题目详解】由图得：；故A错误；小环在0~2s内通过的位移大小为2×1m=2m，选项B错误；由小环运动的v-t图可知，当F1=10N时，在0-2s时间内小环做匀速运动；F2=11N时，在2-4s内小环做匀加速运动，则有：F1-mgsinα=0；F2-mgsinα=ma；代入数据解得：m=2kg，α=30°；故CD正确；故选CD【题目点拨】本题考查牛顿第二定律以及运动学图象的应用；关键是对小球进行运动情况分析，明确物体先匀速后加速；做好受力分析，根据共点力平衡条件和牛顿第二定律列式求解即可.7、ABD【解题分析】A．由图像可知，2－9s时间内该同学做匀速直线运动，加速度为零，由牛顿第二定律，可得合力F为零，所以该在此时间段处于平衡状态，A正确；B．该同学乘坐直升电梯从一楼上到六楼，规定向上为正方向，前2s物体的加速度为正，即加速度向上，此为超重状态，B正确；C．前2s加速度向上，大小为，令FN为电梯对人支持力，对人分析，由牛顿第二定律，有FN-mg=ma代入数值计算的FN=648N由牛顿第三定理，可知前2s内该同学对电梯底部的压力大小为648N，C错误；D．速度—时间图像所围成的面积表示位移，则10s内电梯的位移D正确。故选ABD。8、AB【解题分析】做此类题目，需要分析清楚题中变化的量，和不变的量，在矢量三角形中分析【题目详解】O点受到重物的拉力，OB绳子的拉力，OA绳子的拉力，三力处于平衡状态，如图所示：将三个力转移至矢量三角形中，可得重力不变，OB绳上拉力方向不变，在OA绳方向逐渐转至OA′的过程中，两拉力方向由90°逐渐增大，则OA绳上拉力由最小值逐渐增大，同理OB绳上的拉力也在增大，故AB对；CD错9、AD【解题分析】AB．画出球B的受力图，球B受竖直向下的重力、A对B的支持力F1、竖直墙对B的支持力F2，如图根据平行四边形定则可知，当A向右移动少许后，A对B的支持力F1及墙对B的支持力F2均减小；即A与球B之间的作用力减小，球B对墙的压力减小，故A正确，B错误；CD．对AB的整体而言，地面对A的摩擦力大小等于墙对B的支持力，所以地面对A的摩擦力减小；地面对A的支持力等于AB两球的重力之和不改变，所以A对地面的压力不变。故C错误，D正确。故选AD。10、BD【解题分析】车轮刚被顶起时，千斤顶两臂支持力的合力为千斤顶对汽车的支持力，等于汽车对千斤顶的压力，大小为，故B错误；两臂夹角为，由几何关系可知，千斤顶每臂受到的压力为，故A错误；继续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶两臂夹角变小，每臂受到的压力减小，故C错误，D正确.二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）18m/s;（2）1.2s【解题分析】试题分析：（1）瓷片从h=0.18m处下落，加速度为a0，设瓷片质量为m，mg-0.1mg=ma0a0=9m/s23分落地时速度为v02=2a0hv0=1.8m/s2分(2)瓷片随圆柱体一起加速下落，加速度为a1,a1=a0=9m/s2···1分圆柱体落地时瓷片速度v12=2a1Hv1=9m/s下落时间t1=1s2分瓷片继续沿圆柱体减速下落直到落地，加速度大小为a2

1mg+4.5mg-mg=ma2a2=36m/s22分下落时间t2v1-v0=a2t2t2=0.2s1分下落总时间t总=t1+t2=1.2s·2分考点：本题考查牛顿定律应用14、m【解题分析】人先恒力作用下做匀加速运动，后做竖直上抛运动，即做匀减速直线运动．根据牛顿第二定律结合运动公式，或者用动能定理解答；【题目详解】（1）用牛顿第二定律解答：设施加恒力F时，人的加速度为a，由牛顿运动定律得：F-mg=ma代入解得：a=2m/s