【解析】克孜勒苏柯尔克孜2022-2023学年重点中学八年级（下）期末物理试卷

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一、选择题（本大题共10小题，共40分）

1．在国际单位制中，力的单位是（）

A．米B．牛C．千克D．秒

2．（2023·临沂模拟）如图所示，一些同学有转笔的习惯：将笔放在手指上，不停地拨动它转圈。关于这一现象，下列说法正确的是（）

A．笔在转动过程中不受力的作用

B．笔静止在手指上时，受到平衡力作用

C．只有连续拨动时，笔才会不停地转圈，说明力是维持物体运动的原因

D．笔对手指的压强等于笔静止在桌面上时对桌面的压强

3．如图所示图象中，能正确表示物体所受重力与质量关系的是（）

A．B．

C．D．

4．（2023·宿迁）为安全起见，在下坡路上，小华握紧自行车刹把缓慢行驶．在此过程中，增大滑动摩擦力的方法是（）

A．增大压力B．减小速度

C．增大接触面积D．增大接触面粗糙程度

5．（2023八下·武威月考）下列生活实例中，属于增大压强的是（）

A．大型载重货车有很多车轮

B．铁路的钢轨铺在枕木上

C．取出一些书的书包背起来更舒服

D．剪刀的刀刃做得很薄

6．（2023八下·玉田期末）用下列方法匀速提升同一重物，若不计绳子、滑轮的重力及摩擦，其中最省力的是（）

A．B．

C．D．

7．如图所示，在甲、乙两试管中装有相同的液体相同的高度，试管底部受到液体的压强和的关系是（）

A．B．C．D．无法确定

8．（2023八下·灵山期末）如图所示，使用时属于费力杠杆的是（）

A．镊子夹石块

B．起子开瓶盖

C．羊角锤拔铁钉

D．天平称物体质量

9．宇宙飞船载人舱在下降到地面附近时，由于空气阻力作用它做匀速运动中，它的（）

A．动能不变，势能减少B．动能不变，势能增加

C．动能减少，势能不变D．动能增加，势能减小

10．一艘满载赈灾物资的货轮从海上进入长江海水的密度大于江水的密度后，轮船所受浮力（）

A．变小B．变大C．不变D．无法确定

二、非选择题（共60分）

11．（2023八下·徐州期中）木块在10N水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为N，将水平拉力F增大到20N，该木块受到的摩擦力为N．撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块具有．

12．（2023·益阳模拟）小华质量为50kg，每只脚与地面的接触面积为200cm2，他双脚站立时对水平地面的压强为Pa，他走路时对水平地面的压强会．（选填“变大”、“变小”或“不变”）．（g=10N/kg）

13．我国自主研制的潜水器“蛟龙号”下潜到了的深度，这是目前同类潜水器的最深潜水记录，当它下潜到深处时，蛟龙号的表面受到海水对它的压强为，当它上浮时，蛟龙号的表面受到海水对它的压强选填“变大”、“变小”或“不变”海水密度可以近似为。

14．如图所示的滑轮组将重的物体匀速提升。所用的拉力，所做的有用功是多少？机械效率是多少？忽略绳重和滑轮与轴的摩擦

15．如图所示为一种自制简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些铜丝做成的，用它来测量液体密度时，该密度计在被测液体中选填“悬浮”、“漂浮”或“沉底”。将其分别放入装有液体密度为和的两个烧杯中，可以判断：，密度计所受浮力均选填“”、“”或“”

16．（2023·庆阳）2023年4月，我国国产直升机AC311A成功试飞．直升机能停留在空中，是因为旋转的机翼对空气施加了向下的力，根据物体间力的作用是，空气对机翼也施加了向上的力，所以直升机能够停留在空中．另外，我国国产大飞机C919于5月也完成了首飞，客机在飞行时，机翼上表面空气流速，压强，因此获得向上的升力．

17．请在图中画出动力臂和阻力臂。

18．如图，画出浮在水中的静止小球受力示意图。

19．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，用A物体做了如图所示的实验．请你根据小明的实验探究回答下列问题．

（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与的关系；根据A与E两图所测的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为N．

（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关．对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度．

（3）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为kg/m3．

20．在探究“杠杆平衡条件”的实验中，所用的器材有：每格长度等距的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线、每个重力都为的钩码若干个。

（1）实验前将杠杆中点置于支架上，调节平衡螺母使杠杆在水平位置静止的目的是：。

（2）如甲图所示，杠杆处于平衡状态。若杠杆的两侧同时增加一个钩码，那么杠杆的选填“右“或“左”端下沉。

（3）在乙图中，将弹簧测力计由竖直方向旋转至沿虚线方向，如果要继续保持杠杆在水平方向静止，测力计的示数要选填“变小”“不变”或“变大”。

（4）如果忽略杠杆自重对实验的影响，则在丙图中要使杠杆在水平位置保持平衡，弹簧测力计对杠杆的最小拉力为。

21．如图所示是探究物体动能大小与物体的质量、速度关系的示意图。

（1）在探究“动能与速度”的关系时，要保持小球的不变，让小球从选填“相同”或“不同”的高度滚下。

（2）物理研究方法有许多，本实验运用了两种研究方法：一是法；二是转换法。

（3）若斜槽光滑，小球从斜槽顶端由静止滚到斜面底部的过程中，其机械能选填“变大”“不变”或“变小”。

22．举重是我国的优势体育项目之一．一位质量为的举重运动员．在内将的杠铃举高在这一过程中

求：

（1）杠铃的重力；

（2）他对杠铃做的功；

（3）他对杠铃做功的功率．

23．把一矿石挂在弹簧测力计上，在空气中称时示数是，当把矿石浸没在水中称时，弹簧测力计的示数是，求：

（1）矿石受到的浮力。

（2）矿石的体积。

（3）矿石的密度。

答案解析部分

1．【答案】B

【知识点】力的概念及单位

【解析】【解答】A、米是长度的单位，A不符合题意；

B、牛是力的单位，B符合题意；

C、千克是质量的单位，C不符合题意；

D、秒是时间的单位，D符合题意；

故答案为：B。

【分析】本题考查常见物理量的单位，米、牛、千克、秒分别是长度、力、质量、时间的单位。

2．【答案】B

【知识点】力与运动的关系；压强大小比较

【解析】【解答】A.笔在手指中转动过程中受力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，A不符合题意；

B.笔停在静止的手指上时，此时是平衡状态，此时所受的力是平衡力，B符合题意；

C.手指不拨动笔，笔也会在手指上继续转动一段时间，这是由于惯性的缘故，C不符合题意；

D.笔对手和笔静止在桌面上时对手、桌面的压力相等，受力面积不等，根据公式p＝可求铅笔对手、桌面的压强不等，D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】A、C力是改变物体运动状态的原因；B、平衡态：静止或匀速直线运动；物体处于平衡态时其所受的力为平衡力；D、根据p=分析判断。

3．【答案】A

【知识点】探究影响重力大小因素的实验

【解析】【解答】A、该图像表示重力随质量的增大而均匀增大，并且质量为0kg时，重力为0N，所以物体重力与其质量成正比关系，故A正确；

B、该图像表示重力随质量的增大而均匀增大，但质量为0kg时，重力不为0N，两者不是正比关系，故B错误；

C、该图像表示重力随质量的增大而均匀减小，两者不是正比关系，故C错误；

D、该图像表示重力不随质量的变化而变化，两者不是正比关系，故D错误；

故答案为：A。

【分析】物体所受重力与其质量成正比关系。根据各个图像特点，判断各个图像中重力与质量的关系，即可得出正确答案。

4．【答案】A

【知识点】增大或减小摩擦的方法

【解析】【解答】解：A、刹车时用力捏紧刹把，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法增大摩擦力．符合题意．

B、C、影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，减小速度、增大接触面积都不能增大摩擦，不符合题意．

D、增大接触面粗糙程度可以增大摩擦，但小华握紧自行车刹把缓慢行驶，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法增大摩擦力，不符合题意．

故选A．

【分析】影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度．

5．【答案】D

【知识点】增大压强的方法及其应用

【解析】【解答】A．大型载重货车有很多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，A不符合题意。

B．铁路的钢轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，B不符合题意。

C．取出一些书的书包，重力减小，对肩膀的压力减小，受力面积不变，根据压强公式可知，压强变小，所以背起来更舒服，C不符合题意。

D．剪刀的刀刃做得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，D符合题意。

故答案为：D

【分析】增大压强方法：(1)S不变，F↑；(2)F不变，S↓(3)同时把F↑，S↓.而减小压强方法则相反.

6．【答案】D

【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点

【解析】【解答】A定滑轮，故不省力，故拉力等于物重；B一个动滑轮，省一半的力，故拉力为物质的一半；C是滑轮组，两端绳子分担动滑轮和物重，故拉力为物重的一半，而D是3端绳子分担动滑轮和物重，故拉力为物重的三分之一，D最省力，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】提升相同物体时，动滑轮上绳子股数越多越省力。

7．【答案】B

【知识点】液体压强计算公式的应用

【解析】【解答】由于甲、乙试管中为同种液体（即），并且液体的高度相同（即），所以根据液体压强公式p=ρgh可知，故B正确，A、C、D错误。

故答案为：B。

【分析】在题干中提取出和两个有效信息，再根据液体压强公式p=ρgh判断出。

8．【答案】A

【知识点】杠杆的分类

【解析】【解答】A．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，A符合题意；

B．起子开瓶盖，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，B不符合题意；

C．羊角锤拔铁钉，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力但费距离，C不符合题意；

D．天平是等臂杠杆，D不符合题意。

故答案为：A。

【分析】三种杠杆：

(1)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，平衡时动力小于阻力。特点是省力，但费距离。（如剪铁剪刀，铡刀，起子）

(2)费力杠杆：动力臂小于阻力臂，平衡时动力大于阻力。特点是费力，但省距离。（如钓鱼杠，理发剪刀等）

(3)等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，平衡时动力等于阻力。特点是既不省力，也不费力。（如：天平）

9．【答案】A

【知识点】动能和势能的大小变化

【解析】【解答】由于宇宙飞船载人舱质量不变，并且做匀速运动（即速度v不变），所以根据动能的影响因素为质量和速度可知，动能不变；由于载人舱质量不变，并且正在下降（即高度h在减小），所以根据势能的影响因素为质量和高度（质量越大，高度越大，质量越大）可知，势能减小。故A正确，B、C、D错误。

故答案为：A。

【分析】由题意可知，载人舱质量不变、速度不变、高度减小，再根据动能的影响因素和势能的影响因素，即可判断出动能、势能的变化。

10．【答案】C

【知识点】物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】由于货轮从海上进入长江，物体重力不变，且依旧漂浮，所以根据“物体所受浮力等于重力时，物体漂浮”可知，浮力不变。故C正确，A、B、D错误。

故答案为：C。

【分析】由题意可知，货轮重力不变且漂浮，再根据物体浮沉条件，即可判断出前后的浮力变化。

11．【答案】10；10；惯性

【知识点】摩擦力的大小

【解析】【解答】解：木块在拉力F作用下沿水平面向右做匀速直线运动，所以受到的拉力与摩擦力平衡，则F=f=10N；

如果水平拉力F增大到20N，此时木块水平面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以，物体受到的摩擦力不变，仍为10N；

撤去拉力，木块由于惯性继续向右运动．

故答案为：10；10；惯性．

【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用；（2）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关；（3）根据牛顿第一定律，如果物体不受力，将保持静止状态或匀速直线运动状态不变．

12．【答案】1.25×104；变大

【知识点】压强的大小及其计算

【解析】【解答】已知：m=50kg，S1=200cm2=2×10﹣2m2，g=10N/kg．

求：（1）他双脚站立时对水平地面的压强p；（2）走路时对水平地面的压强的变化．解：（1）站立时压力：

F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，

站立时与地面的接触面积：

S=2S1=2×2×10﹣2m2=4×10﹣2m2，

站立时压强：

p===1.25×104Pa；（2）他走路时，压力不变还等于重力即F=G=500N，但受力面积变小，

根据公式p=可知，在F不变时，S减小，压强变大．

故答案为：1.25×104；变大．

【分析】（1）小华对水平地面的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，利用压强公式求出对水平地面的压强；（2）小华走路时对水平地面的压力相同，但受力面积减半，根据压强公式判断对水平地面的压强的变化．

13．【答案】；变小

【知识点】液体压强的计算；液体压强计算公式的应用

【解析】【解答】“蛟龙号”下潜到7km，即h=7km=7×103m，又知海水密度ρ为1.0×103kg/m3，所以根据液体压强公式p=ρgh可求此时压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7×103m=7×107Pa。

上浮时，深度h变小，液体密度ρ不变，g不变，根据液体压强公式p=ρgh可知，压强p会变小。

【分析】抓住有效信息水深7km，海水密度1.0×103kg/m3，利用液体压强公式p=ρgh，“知三求一”，可算出压强。由液体压强公式p=ρgh，可知上浮时（只有h变，且变小），h越小，p越小。本题中“7062m的深度”是无效数据，易用此数据进行计算，导致错误。7km需进行单位换算，易直接用，导致错误。

14．【答案】解：拉力做的有用功：，

由图可知，，拉力端移动的距离：，

拉力做的总功：，

滑轮组的机械效率：。

答：所做的有用功是，机械效率是。

【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功

【解析】【分析】已知物重和被提升的高度，可根据功的定义式求出有用功。审图，可知承担物重的绳子的股数，由此判断拉力端移动的距离，根据公的定义式，可求拉力做功，即总功；根据机械效率定义式，即可求效率。

15．【答案】漂浮；＜；=

【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】密度计是根据物体漂浮在液体中时受力平衡和阿基米德原理制作而成的。即密度计使用的前提是密度计漂浮在被测液体中；

将同一个密度计放在两种液体中时，由于都是漂浮状态，根据物体浮沉条件（G物=F浮时，物体漂浮），可知F浮1=G物，F浮2=G物，即F浮1=F浮2；

由上述知，F浮1=F浮2；由图知，V排1＞V排2；则根据阿基米德原理F=ρ液gV排，可知F相等时，V排越大，ρ液越小。所以ρ1＜ρ2。

【分析】根据密度计的原理，可判断使用密度计时，需保证密度计漂浮。根据物体浮沉条件中物体漂浮的条件，可知密度计在两种液体漂浮时，所受浮力都等于密度计重力，据此判断两浮力相等。再根据阿基米德原理可判断两种液体的密度的大小关系。

16．【答案】相互的；大；小

【知识点】力作用的相互性；流体压强与流速的关系

【解析】【解答】解：（1）直升机的螺旋桨对空气施加了一个竖直向下的力，由于物体间力的作用是相互的，所以空气对直升机施加了一个竖直向上的反作用力，这个力就是飞机向上的升力；（2）机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力．

故答案为：相互的；大；小．

【分析】（1）物体间力的作用是相互的，螺旋桨在对空气施力的同时，也受到空气对它施加的反作用力；（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．

17．【答案】解：如图所示：

【知识点】力臂的画法

【解析】【解答】根据图中杠杆的工作机制，可以判断出杠杆绕O点旋转，即O为支点。

力F1方向如图，据此可知，该力所在的直线即为该力的作用线；过O点向F1的作用线做垂线段，即为F1的力臂L1。

力F2方向如图，据此可知，该力所在的直线即为该力的作用线。先正向延长F2，再过O点向F1的作用线做垂线段，即为F2的力臂L2；

【分析】“一找点，二画线，三作垂线段”。严格根据画力臂的步骤，找准支点及力的作用线，画动力臂、阻力臂即可。

18．【答案】解：如图所示：

【知识点】重力示意图；浮力的示意图

【解析】【解答】小球漂浮在水中，所以受力平衡，且只受重力和浮力作用。任何物体受到的重力方向都竖直向下；任何浸在液体中的物体受到的浮力的方向都竖直向上；当画出一个物体受到的多个力时，力的作用点都画在物体的重心。所以，小球受力如图所示。

【分析】根据小球漂浮，判断出受力平衡，且是重力和浮力二力平衡。再根据重力、浮力的三要素，画出小球的受力情况。由于二力平衡，所以在画二力时，要画的等长，以表示等大，此处易错。

19．【答案】（1）液体密度；2.4

（2）增大；无关

（3）1.2×103

【知识点】探究浮力大小的实验

【解析】【解答】解：（1）分析图C与E，排开液体的体积相同，液体的密度不同，可得出浮力的大小与排开液体密度有关；

由图A知：G=8N，由图E知，F=5.6N，所以F浮=G﹣F=8N﹣5.6N=2.4N；

（2）探究物体浸没在水中时所受浮力大小与深度是否有关时，应控制液体的密度和物体排开液体的体积这两个因素相同，实验B、C中物体在液体中浸没的深度改变的同时，其排开液体体积是变化的，实验证明：浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大；

当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关．

（3）由AD知，浸没在水中时的浮力F浮水=8N﹣6N﹣2N；

∴F浮=ρ水gV排得：

由F浮=ρ盐水gV排得：

故答案为：（1）液体密度；2.4；

（2）增大；无关；

（3）1.2×103．

【分析】（1）影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积，要探究浮力和其中一个因素的关系，就要采用控制变量法控制另外一个因素一定；由此进行解答；由“称重法”可以测出物体在水中受浮力的大小．

（2）比较B和C；C与E实验，找出相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出实验结论．

（3）根据F浮=G﹣F计算出在水中和盐水中受到的浮力，根据V排=计算出物体的体积，根据ρ液=计算出盐水的密度；或根据在水中和在盐水中排开液体的体积相等列出关系式求出盐水的密度．

20．【答案】（1）便于测量力臂

（2）左

（3）变大

（4）1.2N

【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；杠杆中最小力的问题；探究杠杆的平衡条件实验

【解析】【解答】（1）在探究“杠杆平衡条件”的实验前，需要调平衡，是为了让力臂沿杆方向，便于在杆上直接读出力臂的大小，所以目的是便于测量力臂。

（2）图甲中，杠杆处于平衡状态，若杠杆的两侧同时增加一个钩码，则左侧有3个钩码，即力的大小F左=3G；右侧有4个钩码，即力的大小F右=4G。又由于左侧力臂为6个格所代表的距离，即L左=6L；右侧力臂为4个格所代表的距离，即L右=4L。所以F左L左=3G×6L=18GL，F右L右=4G×4L=16GL，即有F左L左＞F右L右，所以杠杆的左端下沉。

（3）在乙图中，将弹簧测力计由竖直方向旋转至沿虚线方向过程中，弹簧测力计的拉力的力臂在不断减小，若继续保持杠杆在水平方向静止，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，可知拉力要不断地变大。

（4）在丙图中，右侧钩码重力为G=4×0.5N=2N，对应力臂为6L。杠杆在水平位置保持平衡，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，可知要使弹簧测力计对杠杆的拉力最小，则对应的力臂最大。根据丙图可以判断拉力施加在杠杆左端且垂直于杆向下时或施加在杠杆右端且垂直于杆向上时，力臂最大，即10L。所以由G×6L=F最小×10L，得F最小=0.6G=0.6×2N=1.2N。

【分析】调平衡是为了让力臂沿杆方向，便于在杆上直接读出力臂的大小，便于测量力臂。根据图可读出动力及动力臂大小，阻力及阻力臂大小，根据平衡条件，即可判断在不平衡时，向哪端下沉。根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，可知当F1L1一定时，F2与L2成反比关系。

21．【答案】（1）质量；不同

（2）控制变量

（3）不变

【知识点】探究影响物体动能大小的因素；机械能及其转化

【解析】【解答】（1）实验总目的是“探究物体动能大小与物体的质量、速度关系”，所以在探究“动能与速度”的关系时，要控制质量一定，通过只改变速度的大小，来观察动能的变化。控制质量一定，即保持小球的质量不变。改变速度的大小，即通过改变小球滚下的高度来改变小球刚到达水平面上时的速度。

（2）在探究“动能与速度”的关系时，要控制质量一定，通过只改变速度的大小，来观察动能的变化。运用到了控制变量法。

（3）小球从斜槽顶端由静止滚到斜面底部的过程中，质量不变，速度变大，所以动能变大；质量不变，高度变小，所以重力势能变小。又由于斜槽光滑，所以小球下滚时，重力势能完全转化为动能，能量并没有损耗，即机械能守恒。

【分析】在探究一个物理量受多个因素影响时，必然会用到的研究方法就是控制变量法。根据有没有能量损耗，特别是有没有摩擦力做功，可判断机械能是否发生变化。

22．【答案】（1）解：杠铃的重力；

答：杠铃的重力为；

（2）解：运动员对杠铃做的功；

答：他对杠铃做的功为；

（3）解：运动员对杠铃做功的功率

答：他对杠铃做功的功率为．

【知识点】功率的计算；重力及其大小的计算；功的计算及应用

【解析】【分析】已知杠铃质量，可根据重力公式，求杠铃重力；已知被举高的距离和已求出的杠铃重力，根据功的定义式，可求举杠铃过程中的所用的功；已知举杠铃的时间和已求出的功，根据功率的定义式，可求功率。

23．【答案】（1）解：矿石受到的浮力：；

答：矿石受到的浮力为；

（2）解：因物体完全浸没时排开水的体积和自身的体积相等，所以，由可得，矿石的体积：，

答：矿石的体积为；

（3）解：则矿石的密度：。

答：矿石的密度为。

【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算

【解析】【分析】弹簧测力计直接称出矿石重力，矿石浸没在水中时，测力计示数为6N，根据受力平衡，可求浮力大小；根据阿基米德原理，在其他几个物理量已知的情况下，可求排开液体的体积，由于是浸没，所以矿石体积等于排开液体的体积；已知重力，根据重力公式，可求质量，已知质量和体积，根据密度公式，可求密度。

1/1克孜勒苏柯尔克孜2022-2023学年重点中学八年级（下）期末物理试卷

一、选择题（本大题共10小题，共40分）

1．在国际单位制中，力的单位是（）

A．米B．牛C．千克D．秒

【答案】B

【知识点】力的概念及单位

【解析】【解答】A、米是长度的单位，A不符合题意；

B、牛是力的单位，B符合题意；

C、千克是质量的单位，C不符合题意；

D、秒是时间的单位，D符合题意；

故答案为：B。

【分析】本题考查常见物理量的单位，米、牛、千克、秒分别是长度、力、质量、时间的单位。

2．（2023·临沂模拟）如图所示，一些同学有转笔的习惯：将笔放在手指上，不停地拨动它转圈。关于这一现象，下列说法正确的是（）

A．笔在转动过程中不受力的作用

B．笔静止在手指上时，受到平衡力作用

C．只有连续拨动时，笔才会不停地转圈，说明力是维持物体运动的原因

D．笔对手指的压强等于笔静止在桌面上时对桌面的压强

【答案】B

【知识点】力与运动的关系；压强大小比较

【解析】【解答】A.笔在手指中转动过程中受力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，A不符合题意；

B.笔停在静止的手指上时，此时是平衡状态，此时所受的力是平衡力，B符合题意；

C.手指不拨动笔，笔也会在手指上继续转动一段时间，这是由于惯性的缘故，C不符合题意；

D.笔对手和笔静止在桌面上时对手、桌面的压力相等，受力面积不等，根据公式p＝可求铅笔对手、桌面的压强不等，D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】A、C力是改变物体运动状态的原因；B、平衡态：静止或匀速直线运动；物体处于平衡态时其所受的力为平衡力；D、根据p=分析判断。

3．如图所示图象中，能正确表示物体所受重力与质量关系的是（）

A．B．

C．D．

【答案】A

【知识点】探究影响重力大小因素的实验

【解析】【解答】A、该图像表示重力随质量的增大而均匀增大，并且质量为0kg时，重力为0N，所以物体重力与其质量成正比关系，故A正确；

B、该图像表示重力随质量的增大而均匀增大，但质量为0kg时，重力不为0N，两者不是正比关系，故B错误；

C、该图像表示重力随质量的增大而均匀减小，两者不是正比关系，故C错误；

D、该图像表示重力不随质量的变化而变化，两者不是正比关系，故D错误；

故答案为：A。

【分析】物体所受重力与其质量成正比关系。根据各个图像特点，判断各个图像中重力与质量的关系，即可得出正确答案。

4．（2023·宿迁）为安全起见，在下坡路上，小华握紧自行车刹把缓慢行驶．在此过程中，增大滑动摩擦力的方法是（）

A．增大压力B．减小速度

C．增大接触面积D．增大接触面粗糙程度

【答案】A

【知识点】增大或减小摩擦的方法

【解析】【解答】解：A、刹车时用力捏紧刹把，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法增大摩擦力．符合题意．

B、C、影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，减小速度、增大接触面积都不能增大摩擦，不符合题意．

D、增大接触面粗糙程度可以增大摩擦，但小华握紧自行车刹把缓慢行驶，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法增大摩擦力，不符合题意．

故选A．

【分析】影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度．

5．（2023八下·武威月考）下列生活实例中，属于增大压强的是（）

A．大型载重货车有很多车轮

B．铁路的钢轨铺在枕木上

C．取出一些书的书包背起来更舒服

D．剪刀的刀刃做得很薄

【答案】D

【知识点】增大压强的方法及其应用

【解析】【解答】A．大型载重货车有很多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，A不符合题意。

B．铁路的钢轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，B不符合题意。

C．取出一些书的书包，重力减小，对肩膀的压力减小，受力面积不变，根据压强公式可知，压强变小，所以背起来更舒服，C不符合题意。

D．剪刀的刀刃做得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，D符合题意。

故答案为：D

【分析】增大压强方法：(1)S不变，F↑；(2)F不变，S↓(3)同时把F↑，S↓.而减小压强方法则相反.

6．（2023八下·玉田期末）用下列方法匀速提升同一重物，若不计绳子、滑轮的重力及摩擦，其中最省力的是（）

A．B．

C．D．

【答案】D

【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点

【解析】【解答】A定滑轮，故不省力，故拉力等于物重；B一个动滑轮，省一半的力，故拉力为物质的一半；C是滑轮组，两端绳子分担动滑轮和物重，故拉力为物重的一半，而D是3端绳子分担动滑轮和物重，故拉力为物重的三分之一，D最省力，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】提升相同物体时，动滑轮上绳子股数越多越省力。

7．如图所示，在甲、乙两试管中装有相同的液体相同的高度，试管底部受到液体的压强和的关系是（）

A．B．C．D．无法确定

【答案】B

【知识点】液体压强计算公式的应用

【解析】【解答】由于甲、乙试管中为同种液体（即），并且液体的高度相同（即），所以根据液体压强公式p=ρgh可知，故B正确，A、C、D错误。

故答案为：B。

【分析】在题干中提取出和两个有效信息，再根据液体压强公式p=ρgh判断出。

8．（2023八下·灵山期末）如图所示，使用时属于费力杠杆的是（）

A．镊子夹石块

B．起子开瓶盖

C．羊角锤拔铁钉

D．天平称物体质量

【答案】A

【知识点】杠杆的分类

【解析】【解答】A．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，A符合题意；

B．起子开瓶盖，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，B不符合题意；

C．羊角锤拔铁钉，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力但费距离，C不符合题意；

D．天平是等臂杠杆，D不符合题意。

故答案为：A。

【分析】三种杠杆：

(1)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，平衡时动力小于阻力。特点是省力，但费距离。（如剪铁剪刀，铡刀，起子）

(2)费力杠杆：动力臂小于阻力臂，平衡时动力大于阻力。特点是费力，但省距离。（如钓鱼杠，理发剪刀等）

(3)等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，平衡时动力等于阻力。特点是既不省力，也不费力。（如：天平）

9．宇宙飞船载人舱在下降到地面附近时，由于空气阻力作用它做匀速运动中，它的（）

A．动能不变，势能减少B．动能不变，势能增加

C．动能减少，势能不变D．动能增加，势能减小

【答案】A

【知识点】动能和势能的大小变化

【解析】【解答】由于宇宙飞船载人舱质量不变，并且做匀速运动（即速度v不变），所以根据动能的影响因素为质量和速度可知，动能不变；由于载人舱质量不变，并且正在下降（即高度h在减小），所以根据势能的影响因素为质量和高度（质量越大，高度越大，质量越大）可知，势能减小。故A正确，B、C、D错误。

故答案为：A。

【分析】由题意可知，载人舱质量不变、速度不变、高度减小，再根据动能的影响因素和势能的影响因素，即可判断出动能、势能的变化。

10．一艘满载赈灾物资的货轮从海上进入长江海水的密度大于江水的密度后，轮船所受浮力（）

A．变小B．变大C．不变D．无法确定

【答案】C

【知识点】物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】由于货轮从海上进入长江，物体重力不变，且依旧漂浮，所以根据“物体所受浮力等于重力时，物体漂浮”可知，浮力不变。故C正确，A、B、D错误。

故答案为：C。

【分析】由题意可知，货轮重力不变且漂浮，再根据物体浮沉条件，即可判断出前后的浮力变化。

二、非选择题（共60分）

11．（2023八下·徐州期中）木块在10N水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为N，将水平拉力F增大到20N，该木块受到的摩擦力为N．撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块具有．

【答案】10；10；惯性

【知识点】摩擦力的大小

【解析】【解答】解：木块在拉力F作用下沿水平面向右做匀速直线运动，所以受到的拉力与摩擦力平衡，则F=f=10N；

如果水平拉力F增大到20N，此时木块水平面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以，物体受到的摩擦力不变，仍为10N；

撤去拉力，木块由于惯性继续向右运动．

故答案为：10；10；惯性．

【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用；（2）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关；（3）根据牛顿第一定律，如果物体不受力，将保持静止状态或匀速直线运动状态不变．

12．（2023·益阳模拟）小华质量为50kg，每只脚与地面的接触面积为200cm2，他双脚站立时对水平地面的压强为Pa，他走路时对水平地面的压强会．（选填“变大”、“变小”或“不变”）．（g=10N/kg）

【答案】1.25×104；变大

【知识点】压强的大小及其计算

【解析】【解答】已知：m=50kg，S1=200cm2=2×10﹣2m2，g=10N/kg．

求：（1）他双脚站立时对水平地面的压强p；（2）走路时对水平地面的压强的变化．解：（1）站立时压力：

F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，

站立时与地面的接触面积：

S=2S1=2×2×10﹣2m2=4×10﹣2m2，

站立时压强：

p===1.25×104Pa；（2）他走路时，压力不变还等于重力即F=G=500N，但受力面积变小，

根据公式p=可知，在F不变时，S减小，压强变大．

故答案为：1.25×104；变大．

【分析】（1）小华对水平地面的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，利用压强公式求出对水平地面的压强；（2）小华走路时对水平地面的压力相同，但受力面积减半，根据压强公式判断对水平地面的压强的变化．

13．我国自主研制的潜水器“蛟龙号”下潜到了的深度，这是目前同类潜水器的最深潜水记录，当它下潜到深处时，蛟龙号的表面受到海水对它的压强为，当它上浮时，蛟龙号的表面受到海水对它的压强选填“变大”、“变小”或“不变”海水密度可以近似为。

【答案】；变小

【知识点】液体压强的计算；液体压强计算公式的应用

【解析】【解答】“蛟龙号”下潜到7km，即h=7km=7×103m，又知海水密度ρ为1.0×103kg/m3，所以根据液体压强公式p=ρgh可求此时压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7×103m=7×107Pa。

上浮时，深度h变小，液体密度ρ不变，g不变，根据液体压强公式p=ρgh可知，压强p会变小。

【分析】抓住有效信息水深7km，海水密度1.0×103kg/m3，利用液体压强公式p=ρgh，“知三求一”，可算出压强。由液体压强公式p=ρgh，可知上浮时（只有h变，且变小），h越小，p越小。本题中“7062m的深度”是无效数据，易用此数据进行计算，导致错误。7km需进行单位换算，易直接用，导致错误。

14．如图所示的滑轮组将重的物体匀速提升。所用的拉力，所做的有用功是多少？机械效率是多少？忽略绳重和滑轮与轴的摩擦

【答案】解：拉力做的有用功：，

由图可知，，拉力端移动的距离：，

拉力做的总功：，

滑轮组的机械效率：。

答：所做的有用功是，机械效率是。

【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功

【解析】【分析】已知物重和被提升的高度，可根据功的定义式求出有用功。审图，可知承担物重的绳子的股数，由此判断拉力端移动的距离，根据公的定义式，可求拉力做功，即总功；根据机械效率定义式，即可求效率。

15．如图所示为一种自制简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些铜丝做成的，用它来测量液体密度时，该密度计在被测液体中选填“悬浮”、“漂浮”或“沉底”。将其分别放入装有液体密度为和的两个烧杯中，可以判断：，密度计所受浮力均选填“”、“”或“”

【答案】漂浮；＜；=

【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】密度计是根据物体漂浮在液体中时受力平衡和阿基米德原理制作而成的。即密度计使用的前提是密度计漂浮在被测液体中；

将同一个密度计放在两种液体中时，由于都是漂浮状态，根据物体浮沉条件（G物=F浮时，物体漂浮），可知F浮1=G物，F浮2=G物，即F浮1=F浮2；

由上述知，F浮1=F浮2；由图知，V排1＞V排2；则根据阿基米德原理F=ρ液gV排，可知F相等时，V排越大，ρ液越小。所以ρ1＜ρ2。

【分析】根据密度计的原理，可判断使用密度计时，需保证密度计漂浮。根据物体浮沉条件中物体漂浮的条件，可知密度计在两种液体漂浮时，所受浮力都等于密度计重力，据此判断两浮力相等。再根据阿基米德原理可判断两种液体的密度的大小关系。

16．（2023·庆阳）2023年4月，我国国产直升机AC311A成功试飞．直升机能停留在空中，是因为旋转的机翼对空气施加了向下的力，根据物体间力的作用是，空气对机翼也施加了向上的力，所以直升机能够停留在空中．另外，我国国产大飞机C919于5月也完成了首飞，客机在飞行时，机翼上表面空气流速，压强，因此获得向上的升力．

【答案】相互的；大；小

【知识点】力作用的相互性；流体压强与流速的关系

【解析】【解答】解：（1）直升机的螺旋桨对空气施加了一个竖直向下的力，由于物体间力的作用是相互的，所以空气对直升机施加了一个竖直向上的反作用力，这个力就是飞机向上的升力；（2）机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力．

故答案为：相互的；大；小．

【分析】（1）物体间力的作用是相互的，螺旋桨在对空气施力的同时，也受到空气对它施加的反作用力；（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．

17．请在图中画出动力臂和阻力臂。

【答案】解：如图所示：

【知识点】力臂的画法

【解析】【解答】根据图中杠杆的工作机制，可以判断出杠杆绕O点旋转，即O为支点。

力F1方向如图，据此可知，该力所在的直线即为该力的作用线；过O点向F1的作用线做垂线段，即为F1的力臂L1。

力F2方向如图，据此可知，该力所在的直线即为该力的作用线。先正向延长F2，再过O点向F1的作用线做垂线段，即为F2的力臂L2；

【分析】“一找点，二画线，三作垂线段”。严格根据画力臂的步骤，找准支点及力的作用线，画动力臂、阻力臂即可。

18．如图，画出浮在水中的静止小球受力示意图。

【答案】解：如图所示：

【知识点】重力示意图；浮力的示意图

【解析】【解答】小球漂浮在水中，所以受力平衡，且只受重力和浮力作用。任何物体受到的重力方向都竖直向下；任何浸在液体中的物体受到的浮力的方向都竖直向上；当画出一个物体受到的多个力时，力的作用点都画在物体的重心。所以，小球受力如图所示。

【分析】根据小球漂浮，判断出受力平衡，且是重力和浮力二力平衡。再根据重力、浮力的三要素，画出小球的受力情况。由于二力平衡，所以在画二力时，要画的等长，以表示等大，此处易错。

19．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，用A物体做了如图所示的实验．请你根据小明的实验探究回答下列问题．

（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与的关系；根据A与E两图所测的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为N．

（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关．对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度．

（3）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为kg/m3．

【答案】（1）液体密度；2.4

（2）增大；无关

（3）1.2×103

【知识点】探究浮力大小的实验

【解析】【解答】解：（1）分析图C与E，排开液体的体积相同，液体的密度不同，可得出浮力的大小与排开液体密度有关；

由图A知：G=8N，由图E知，F=5.6N，所以F浮=G﹣F=8N﹣5.6N=2.4N；

（2）探究物体浸没在水中时所受浮力大小与深度是否有关时，应控制液体的密度和物体排开液体的体积这两个因素相同，实验B、C中物体在液体中浸没的深度改变的同时，其排开液体体积是变化的，实验证明：浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大；

当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关．

（3）由AD知，浸没在水中时的浮力F浮水=8N﹣6N﹣2N；

∴F浮=ρ水gV排得：

由F浮=ρ盐水gV排得：

故答案为：（1）液体密度；2.4；

（2）增大；无关；

（3）1.2×103．

【分析】（1）影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积，要探究浮力和其中一个因素的关系，就要采用控制变量法控制另外一个因素一定；由此进行解答；由“称重法”可以测出物体在水中受浮力的大小．

（2）比较B和C；C与E实验，找出相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出实验结论．

（3）根据F浮=G﹣F计算出在水中和盐水中受到的浮力，根据V排=计算出物体的体积，根据ρ液=计算出盐水的密度；或根据在水中和在盐水中排开液体的体积相等列出关系式求出盐水的密度．

20．在探究“杠杆平衡条件”的实验中，所用的器材有：每格长度等距的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线、每个重力都为的钩码若干个。

（1）实验前将杠杆中点置于支架上，调节平衡螺母使杠杆在水平位置静止的目的是：。

（2）如甲图所示，杠杆处于平衡状态。若杠杆的两侧同时增加一个钩码，那么杠杆的选填“右“或“左”端下沉。

（3）在乙图中，将弹簧测力计由竖直方向旋转至沿虚线方向，如果要继续保持杠杆在水平方向静止，测力计的示数要选填“变小”“不变”或“变大”。

（4）如果忽略杠杆自重对实验的影响，则在丙图中要使杠杆在水平位置保持平衡，弹簧测力计对杠杆的最小拉力为。

【答案】（1）便于测量力臂

（2）左

（3）变大

（4）1.2N

【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；杠杆中最小力的问题；探究杠杆的平衡条件实验

【解析】【解答】（1）在探究“杠杆平衡条件”的实验前，需要调平