2021年江苏省南通市教育联合体中考物理二模试卷（附答案详解）

2021年江苏省南通市田家炳中学教育联合体中考物理二

模试卷

1.2020年6月30日，随着最后一颗组网卫星成功定点于地球同步轨道，中国建成世

界领先的北斗导航系统，这里的同步是指卫星相对（）

A.地球静止B.太阳静止C.月亮静止D.火星静止

2.两个用丝线悬吊的轻质小球，一个带电，另一个不带电，靠近时，可能发生的现象

是（）

A.只有带电的靠近不带电的B.只有不带电的靠近带电的

C.两球互相排斥D.两球互相吸引

3.如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中

不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（）

A.水沸腾时放出大量的热

B.图甲是水沸腾时的现象

C.沸腾时不断地冒出“白气，是液化形成的

D.他可以选用量程为-8（TC-60。（2的酒精温度计

4.如图所示现象中，属于光的反射的是（）

A.，7天空中出现的彩虹

B.水面处“折断”的铅笔

树在水中的“倒影”

阳光下树的影子

5.如图所示，用滑轮组将重为15N的物体匀速提升0.2m,作用在绳端的拉

力F为6N,不计绳重和摩擦.利用以上信息不能求解的物理量是（）

A.拉力的功率

B.动滑轮的重力

C.拉力做的功

D.滑轮组的机械效率

6.如图所示，甲乙两个质量相同的小球，从相同高度同时开始运

动，甲球由静止释放，乙球以一水平初速度抛出。甲球下落过

程中经过P、。两点，忽略空气阻力，则下列说法错误的是（）

A.释放瞬间，两球的重力势能相等

B.着地瞬间，两球的动能相等

C.两球下落过程中的受力情况相同

D.甲球先后经过在尸、Q两点的机械能相等

7.两个相同的容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、8两个实心

小球分别放入甲、乙液体中，两球静止时的情况如图所示。则下列说法正确的是（）

甲7.

A.小球A的质量大于小球B的质量

B.甲液体的密度大于乙液体的密度

C.小球A在甲液体中受到的浮力较小

D.盛有甲液体的容器对桌面的压力较大

8.如图所示，&是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R是电

阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯。白天灯熄,

夜晚灯亮。下列说法正确的是（）

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A.白天流过&的电流较小

B.给路灯供电的电源应接在“b、c”两端

C.如果将R的阻值调大一些，傍晚时路灯比原来迟一些亮

D.电源电压减小后，傍晚时路灯比原来早一些亮

9.某初中学校运动会上，体操爱好者小华给大家表演了蹦床。如图,

所示，是她某次从空中A点自由下落的画面，从高空落下的小华

UA

刚好与水平床面接触的点为B点，能到达的最低点为C点，则下万

落过程中，重力对小华做的功最接近（）

A.50J

B.2007

C.400J

D.800J

10.如图甲，电源电压恒定，%为定值电阻，电阻R的阻值随环境温度变化而改变。改

变环境温度，定值电阻向两端的电压%随温度f变化的关系如图乙所示。则电路中

的电流/、电路消耗的总功率P随温度r变化的关系图线中，可能正确的是（）

11.小明在体育中考中，用脚将足球踢向球门。脚踢球时脚会疼，说明了,球

离开脚后仍能向前滚动，说明了，球进入球门后，传来同学们的掌声，掌

声是通过传入小明耳中的。

12.如图所示，小明用刻度尺测量一正方体物块的边长，读

数为cm.小明把天平放在水平桌面上，游码移至

标尺的零刻度处，指针偏向分度盘右侧、他向，।

调节平衡螺母使天平平衡；然后把物块放在左盘，右中放入一个10g的祛码，天平

再次平衡、若把该物块放入装满水的烧杯中，物块(选填“会”或“不会”)

沉底，烧杯底部受到水的压强将O

13.小明家新买了一只电吹风，其兼具送冷风、热风功能，其简化电路如图甲所示，其

中R为电热丝，M为电动机，电动机的额定功率为100W。

kW・h

1。|2|9|”8|口］

电子式电能表

220V10(40)A50Hz

3200imp，(kW・h)

-------o220V«------------

甲Z

(1)要吹冷风，开关Si闭合，S2应(选填“闭合”或“断开”)；

(2)为测定电吹风的额定功率，小明关闭家里其他用电器，让电吹风送热风，观察

到家里如图乙所示的电能表的指示灯在3min内闪烁了160次，则该电吹风的额定

功率为W;

(3)电吹风中送热风过程中电热丝R产生的热量，若全部被质量为100依室内空气

吸收，可以将室内温度提高°C；[c空/=1.0x103j/*g-℃)]

(4)为了防止电吹风使用时温度过高产生危险，设计时在电路的(选填“4”

或“B”)位置增加一个温控开关(温度过高，自动断开)为宜。

14.小明学习好凸透镜成像规律后，继续用其它器材进行研究。

(1)如图所示，将焦距为10CM的凸透镜放在50cvn刻度处，此时光屏中呈现的清晰

像为(选填“放大”或“缩小”或“等大”)的像。

(2)保持图中蜡烛和光屏不动，仅移动凸透镜至______ca处，能再次在光屏上得到

烛焰清晰的像，此时是(选填“照相机”或“投影仪”)的工作原理。

(3)保持图中蜡烛和光屏不动，更换焦距为15°〃的凸透镜，小明是在研究(

选填“近视”或“远视”)现象。

c£[[C

动6cm102030405060708090100网

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15.小明利用杠杆、刻度尺、金属块、烧杯、细线和适量的水制成一个测量液体密度的

密度秤。以下是小明设计的实验步骤，请你按照他的实验思路，将实验步骤补充完

整。

(1)如图甲将烧杯用细绳悬挂在杠杆。端，移动绳套到。点时，杠杆恰好在水平位

置平衡这样做是为了平衡杠杆自重和对测量密度的影响。该方案中要增加密

度秤的量程可以(选填“增大”或“减少”)烧杯的质量。

(2)如图乙在烧杯中装入一定量的水，将质量为机的金属块挂在C处，使得杠杆水

平平衡，测得CO的距离为5cm,0D的距离为4c，〃，则烧杯中水的质量为m.

(3)在烧杯中装入相同(选填“质量”或“体积”)的液体，将金属块移至B

处杠杆再次平衡，测出8c之间的距离为1cm待测液体的密度。族=kg/

m3.(p次=1.0x103kg/m3')

16.按题目要求作图。如图甲所示，画出入射光线和折射光线。

17.按题目要求作图。如图1所示是一种瓶起子。只要手指轻轻钩动圆环处，就可以轻

松起开瓶盖，它其实就是一个杠杆，其简化图如图2所示。画出作用在A点的最小

动力FI及作用在B点的阻力尸2。

18.按题目要求作图。如图所示，电流表的连接是正确的，试标出电路中电源右端的极

性和小磁针静止时右端的磁极。

19.中国自主建造的第一艘极地科学考察破冰船正式开工

建造。设计满载排水量为1.4x10%,它能以

3.6km//i〜7.2km//i的速度连续破冰。(g取IQN/kg,海

水的密度取1.0X103/cg/m3,q燃油=4.0X107///c5.)

(1)破冰船满载航行时受到的浮力;

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(2)假设以7.2km//i的速度匀速破冰时所受的阻力为2x1四,则破冰船推进功率

多大；

(3)若机械能量转换效率为40%,轮船以7.2km"的速度匀速破冰1小时需要消耗的

燃油为多少。

20.如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6/3/”的字样，其电阻不随温度

变化，R。是定值电阻，滑动变阻器R标有“1801.54"，电流表量程为0〜34。当

S闭合，S］、52都断开时，滑动变阻器滑片P从方端向。端滑过三分之一时，小灯

泡恰好正常发光.保持滑片P的位置不变，闭合5、Si、S2,发现电路消耗的总功率

变化了12求：

(1)小灯泡正常工作的电流。

(2)电源电压。

(3)当S、S］、52都闭合时，移动滑片P且电路安全，则10s内电路消耗电能的最大

值。

21.在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，可使用的器材有：电源、滑动变阻

器R(50。14)、电阻箱Ro、电流表、电压表、开关及导线若干。

(1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整,要求当变阻器滑片向8

端移动时接入电路的电阻增大。

(2)连好电路闭合开关，电流表有示数、电压表示数为零,则电路故障原因可能是

A.电压表的量程选大了B.电阻箱R。发生了短路

C.滑动变阻器发生了断路D.滑动变阻器发生了短路

(3)排除故障后重新实验，保持电阻箱接入电路的电阻不变，调节变阻器，测得多

组数据，画出电流表读数/与电压表对应读数U的关系图线如图乙.电阻箱接入电路

的电阻为0。

(4)利用该电路继续研究“电流与电阻的关系”，实验数据记录如下表。

序号12345

电流表示数//a0.100.200.300.400.50

电阻箱电阻Ro/O48.020.016.012.09.6

①序号为的实验数据有错误，造成该错误的可能原因为滑动变阻器接入电

路的阻值偏(选填“大”或“小”);

②实验中所用电源的电压可能是(选填“4H'、"8V”、“10V”)。

22.气体产生的压强(气压)大小与哪些因素有关呢？某科学兴趣小组同学了解到如下

|p/»IO5Pa

OS1.0IS2025

图3

信息：①自行车轮胎在烈日下暴晒易爆胎。

②篮球充气越多感觉越“硬”。

③密封在针筒内的空气只能被压缩一定的范围。

(1)猜想：气压大小可能与气体的、气体多少及气体体积有关。

(2)为了对信息①②提供的猜想进行研究，小明利用自家汽车里的“胎压计”测量

一个篮球中的气压，示数如图1,其值为Pa.当将篮球放在阳光下暴晒一段时

间后，发现胎压计的示数变大，可以得出的结论是。

(3)为了研究气体压强和体积的关系该小组做了如下实验：

用注射器密封一段空气柱，保证其温度不发生变化的情况下，研究气体压强与它的

体积之间的关系，此实验中他运用了的研究方法。如图2,他可以通过注射

器上面的刻度直接读出气体的体积匕用弹簧秤竖直向上拉注射器活塞来改变气体

的体积，如果已知注射器活塞的横截面积为S,(活塞与注射器壁之间的摩擦、活塞

重都忽略不计)，当地大气压为标准大气压po,当弹簧秤的示数为F时，注射器内

气体的压强计算表达式为p=O

(4)通过实验，他得到了表中一些数据

p(x105Pa)1.00.80.60.50.4

K(x10Tm3)11.251.6722.5

①请在图3中，描点作出气压p与气体的体积V的关系图线。

②根据气压p与气体的体积V的关系图线，可以得出，在质量和温度不变的条件

下，气体压强与体积的关系式为»

23.阅读短文，回答问题

智能消毒机器人

如图甲所示是一款智能消毒机器人。机器人由超干雾喷头、紫外线灯、底盘等组成。

超干雾喷头通过超声波将消毒剂雾化成直径以下的微小雾粒，这种雾粒可以长

时间悬浮在空气中。

机器人身上搭载了许多感知外界环境的测距仪。视觉传感测距仪由投射器发出激光,

根据接收到较强的反射光成像，判断障碍物的形状、体积以及到机器人的距离，当

接收到的反射光比较弱时，就由超声波测距传感器通过反射回的超声波判断到障碍

物的距离。

当剩余电量减为电池容量的10%时，机器人会主动寻找充电桩充电。下表为该款智

能消毒机器人的部分参数。其中电池容量是指放电电流与放电总时间的乘积，最大

雾化率是指每分钟最多雾化的液体体积。消毒喷雾量是机器人消毒时每立方米空间

超干雾喷头喷出雾状消毒剂的总体积。

机器人输入电压50V充电桩输出电压50V

电池容量45A/z最大雾化率50mL/min

运行模式连续运动消毒喷雾量20mL/m3

移动速度0.1^lm/s—

(1)超干雾喷头雾化消毒剂，是因为超声波能够传递(选填“信息”或“能

量”)，使消毒液体剧烈打散成微小雾粒。

(2)下列关于该款智能消毒机器人的说法中，正确的是

4本次理化测试卷纸的厚度大于雾粒的直径

B.开启紫外线灯消毒模式一般是白天人多时

C.遇到透明玻璃时主要通过视觉传感器避障

/)匀速转弯时智能消毒机器人处于平衡状态

(3)已知门诊大厅的容积为1000?n3,如果仅用雾化消毒剂的方式进行消毒，至少需

要伙消毒剂(消毒剂的密度为l.lg/cm3),至少经过min才能消完毒。

(4)机器人主动寻找到充电桩充电，3人后充满，不计能量损失，则充电时的电流是

4,充满电后，机器人边消毒边以最大速度沿直线移动，180s后电池储存能

量减少0.1%,电池减少能量的80%用于克服阻力做功，此过程中机器人受到的阻

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力为No

(5)当障碍物未能被测距仪捕捉到，机器人的底盘前端碰撞板就会受到碰撞，板内

压力传感器向控制系统传达信息，从而根据碰撞的力度和方向做出相应的反应。如

图乙是压力传感电路原理图，电源电压为14.4V,定值电阻&=1200。当电路中

的电流大于等于50mA时，气电保护开关S自动断开，机器人停止前进。图丙所示

是压力传感器R的阻值随所受压力F变化图像。当压力传感器受到的压力增大时，

其两端的电压(选填“增大”“不变”或“减小”)；当机器人的前端被碰

撞，传感器R受到压力达到N时，气电开关将断开。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：“同步”卫星是指以地球为参照物处于静止状态的卫星，因此，这里的“同

步”是指卫星相对地球静止。

故选：A。

地球同步通信卫星绕地球转动，转动周期与地球自转周期相同，根据运动与静止的相对

性可做出解答。

本题考查了学生对同步卫星的掌握和了解，间接的考查了运动和静止的相对性，难度不

大。

2.【答案】D

【解析】解：一个带电和另一个不带电的小球靠近时，因带电体具有吸引轻小物体的性

质，且物体间的作用是相互的，所以，带电的靠近不带电的、不带电的靠近带电的，两

球会相互吸引而靠近，故。正确。

故选：Do

带电体有吸引轻小物体的性质，据此进行解答。

本题考查了带电体的性质，是一道基础题目。

3.【答案】C

【解析】解：A、水沸腾时吸收热量，故A错误；

8、甲气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况，故8错误；

C、水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这些“白气”是水蒸气液化后的小水滴，

故C正确；

。、在标准大气压下，水的沸点是100久，选用量程为-80笛-60。(：的酒精温度计是错

误的，故。错误；

故选：Co

(1)水沸腾时吸热；

(2)掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消

失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；

(3)物质由气体变为液体是液化；

(4)根据量程选择温度计

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探究水沸腾的实验中，有关实验仪器的调节、沸腾的特点、沸腾的现象等，是此类实验

经常考查的问题，要熟练掌握。

4.【答案】C

【解析】解：A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小

的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现

象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的.故与题意不符；

从从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当

人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，

故与题意不符；

C、平静水面上树的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意.

。、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面

就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符.

故选C.

(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影

子的形成、日食和月食等；

(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的

倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折

射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成

的.

此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，

在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象.

5.【答案】A

【解析】解:A、由图可知，有3段绳子拉着动滑轮，绳子移动的距离:s=nh=3x0.2m=

0.6m,已知拉力，可求拉力做的功，没有时间不能求解拉力的功率，故A符合题意；

B、不计绳重和摩擦，拉力F=W(G轮+G),动滑轮的重力：G/t=nF-G=3x6N-

15N=3N,故8不符合题意；

CD、有用功：W有用=Gh='5N义0.2m=3J,

总功：W点=Fs=6Nx0.6m=3.6/；

滑轮组的机械效率：〃=券=必”83.3%,故C。不符合题意，

W50.0J

故选：Ao

(1)己知拉力，根据s=n/i可求绳子移动的距离，可求拉力做的功，没有时间不能求解

拉力的功率；

知道物体重和物体升高的高度，利用IV=G/i求有用功；

(2)不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力F=：(G褪+G),据此求动滑轮重；

(3)利用4=设求此时滑轮组的机械效率。

本题考查了使用滑轮组中有用功、总功、机械效率、动滑轮重等的计算，利用好s=nh.

知道不计绳重和轮与轴间的摩擦拉力F=[(G窕+G)是正确解答本题的关键。

6.【答案】B

【解析】解：A、释放瞬间，两球所处高度相同，质量相同，所以两球的重力势能相等，

故A正确；

8、忽略空气阻力，两球在下落过程中机械能都是守恒的；两球一开始的重力势能相等，

但乙球具有一定的水平速度，因此还具有一定的动能，所以乙球的机械能更大，最终着

地瞬间的动能也较大，故8错误；

C、不计空气阻力，两球在空中只受重力的作用，因此，两球下落过程中的受力情况相

同，故C正确；

。、不计空气阻力，甲球的机械能守恒，因此，甲球先后经过在P、。两点的机械能相

等，故。正确。

故选：B。

(1)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越

大。

(2)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒，分析两球一开始的动能和

重力势能可做出判断。

(3)不计空气阻力，两球在空中只受重力的作用。

(4)不计空气阻力，机械能守恒。

此题考查动能和势能的大小变化、机械能的守恒条件等，关键是知道它们的影响因素,

并知道忽略空气阻力这一条件。

7.【答案】C

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【解析】解：

A、在乙液体中，A漂浮，则A的密度小于乙液体的密度；8下沉，B的密度大于乙液体

的密度；比较可知，A的密度小于B的密度；两个小球的体积相同，根据m=pV可知，

4的质量小于8的质量，故A错误；

8、A、8实心小球在甲液体中均下沉，则甲液体的密度均小于两个小球的密度，由A

项解答可知，乙液体的密度大于A的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，故8

错误；

C、由图可知，在甲液体中A球下沉，则G,>F浮甲,在乙液体中A球漂浮，则公=F浮乙*

所以尸浮尹<尸浮Z，故C正确；

。、甲液体的密度小于乙液体的密度，两容器中液面相平，乙液体的体积大于甲液体的

体积，根据pV可知，甲液体的质量小于乙液体的质量，甲液体的重力小于乙液体的重

力，小球的重力相同，则甲装置的总重力小于乙装置的总重力，所以盛有甲液体的容器

对桌面的压力较小，故。错误。

故选：Co

(1)根据两小球在乙液体中的状态，利用物体浮沉条件得出其密度关系，再利用密度公

式判断其质量大小；

(2)根据两个小球的浮沉情况及物体的浮沉条件，可判断出物体密度和液体密度的大小

关系，物体漂浮，则物体密度小于液体密度；物体下沉，则物体密度大于液体密度。

(3)根据物体的浮沉条件，结合小球在甲乙中的状态分析解答；

(4)根据液体和小球的总重力分析压力的大小。

此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同

时考查了密度知识和液体压强公式的应用，难度较大。

8.【答案】D

【解析】解：4、因为白天时，光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，由/=5可知，

白天流过心的电流比夜晚大，故A错误；

8、光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电

路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电

阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与8接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，

则电源应接在油之间。故8错误；

C、如果将电阻箱R的阻值调大，电流变小，继电器得到的电压变小，磁性变弱，吸引

力变小，路灯提前被点亮，故C错误；

。、控制电路中的电压变小，而电路中的吸合电流不变，由/=£可知，电路总电阻变小，

光敏电阻的阻值变小，光照强度增强，路灯比原来早一些亮，故。正确。

故选：Do

分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点，根据串联分压的特点分析

电阻变化时的路灯的发光情况判断电源的位置；

由于控制电路的电压和吸合电流不变，根据R=苫可知，电路总电阻不变，如果将电阻

箱R的阻值调小，光敏电阻的阻值变大，结合光敏电阻阻值随光照强度的变化分析路灯

的发光情况；

如果控制电路中的电压会下降，而电路中的吸合电流不变，由/=告可知，电路总电阻

变小，光敏电阻的阻值变大，结合光敏电阻阻值随光照强度的变化分析路灯的发光情况。

解答本题的关键要抓住吸合电流不变，结合光敏电阻的特点来分析，易错点，也属于常

考题型，务必掌握。

9.【答案】D

【解析】解：小华受到的重力约为400N,由图可估测从A点到C点，下降的高度约为

2m,则下落过程中，重力对小华做的功约为：

W=Gh=400/Vx2m=800/,故ABC不符合题意，。符合题意。

故选：D。

先估测人的重力和通过的距离，再利用W=Gh进行计算。

解决本题的关键是估测重力和下降高度的大小，利用功公式W=Gh进行计算。

10.【答案】B

【解析】解：

由图甲可知，定值电阻汽和电阻R串联，电压表测量岛两端的电压，且电阻R的阻值

随环境温度的变化而变化，

由图乙可知，图线是一条斜向下的直线，即温度升高时，电阻扁两端的电压线性

变小，由/=*可知，通过定值电阻R。的电流（电路中的电流）线性变小；

Ko

电源电压恒定，根据串联电路电压的特点可知，电阻R两端的电压应线性增大，故A

错误，8正确；

因为电源电压保持不变，温度升高时电路中的电流线性变小，所以，根据P=U/可知,

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电路消耗的总功率线性变小(即P-t图线应是一条斜向下的直线)，故C和O错误。

故选：B。

由图甲可知，定值电阻R。和电阻R串联，电压表测量&两端的电压，电阻R的阻值随

环境温度的变化而变化，由图乙可知，当温度升高时电阻R。两端的电压线性变小，定值

电阻的电流线性变小；根据串联电路电压的特点，判断出电阻R两端的电压的变化：因

为电源电压保持不变，根据P=U/判断出电路消耗的总功率的变化。

本题考查了串联电路电压的功率、欧姆定律以及电功率的综合运用等知识，图像题是中

考的难题。

11.【答案】物体间力的作用是相互的球具有惯性空气

【解析】解：(1)用脚将足球踢向球门，脚给足球一个力，物体间力的作用是相互的，

足球给脚一个力，脚会感到疼.

(2)球离开脚后，球由于惯性要保持原来的运动状态向前滚动。

(3)小明和同学之间有空气，球进入球门后，小明听到同学的掌声，是通过空气传播的。

故答案为：物体间力的作用是相互的；球具有惯性；空气。

(1)物体间力的作用是相互的，物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体的

作用。

(2)物体由于惯性要保持原来的运动状态。

(3)声的传播需要介质，固体、液体和气体都可以传播声音。

本题通过体育测试考查了物体间力的作用是相互的、惯性、声的传播等，体现了体育运

动中包含了很多物理知识。

12.【答案】1.95；左；会；不变

【解析】解：(1)由图示刻度尺可知，刻度尺分度值是1〃""，物体左端与零刻度线对齐，

右端在1.9cm与2.Oczn之间，估读为1.95cm,即正方体物块的边长：a=1.95cm；

(2)天平使用前的调节：若指针右偏，向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；

(3)把物块放在左盘，右中放入一个10g的祛码，天平再次平衡，可知物体的质量：m=

10g,

正方体物块的体积：V=a3=(1.95cm)3«7.4cm3,

正方体物块的密度：P物=£=^%vl.35g/cm3,

由于P物〉P次，所以，把该物块放入装满水的烧杯中，物块将会沉底;

(4)把该物块放入装满水的烧杯前后，烧杯中水的密度和深度不变，水对烧杯底产生的

压强不变。

故答案为：1.95；左；会；不变。

(1)根据图示刻度尺确定其分度值，读出刻度尺示数；

(2)天平使用前的调节：若指针右偏，向右左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处：

(3)物体的质量=祛码的质量+游码对应的刻度值，计算出物体密度，与水的密度比较后,

判断物体在水中的状态；

(4)液体产生的压强与液体的密度和深度有关。

本题考查刻度尺、天平的使用，密度的计算和影响液体压强的因素，掌握密度的公式、

熟知水的密度是解答本题的关键。

13.【答案】断开10001.62A

【解析】解：(1)要吹冷风，开关工闭合，S2应断开，只有电动机工作，此时吹冷风；

(2)3200imp/(kW,九)表示电路中每消耗IkW•h的电能，指示灯闪烁3200次，指示灯

闪烁160次，电吹风消耗的电能：

160imp

W==0.05fcI¥­/i,

32QQimp/(kWh)

工作时间t=3min=/八,

电吹风的额定电功率为:

P=-=°-~yW~=ikW=1000W.

t#,

(3)开关Si闭合后，S?断开，只有电动机工作，此时吹冷风，Si和S2都闭合，电动机吹热

风;

电热丝的功率为:

P^=P-PM=1000MZ-100WZ=900W,

3min内电热丝产生的热量为：

Q=W'=P热t=900Wx3x60s=1.62x10s；,

若不计热量损失，由P=:可得，室内空气吸收的热量:

<2破=巾'=1.62x105),

由=可得，室内空气提高的温度:

1.62X10$/

△t=21.62℃；

c空气?n1.0xl037/(fc^℃)xl00Zc^

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(4)因为8在电动机支路上，若在8位置增加一个温控开关，开关断开，电动机不工作，

不能控制电吹风，因此为了防止电吹风使用时温度过高产生危险，设计时在电路的A位

置增加一个温控开关(温度过高，自动断开)为宜。

故答案为：(1)断开;(2)100；(3)1.62；(4)4。

(1)开关SI闭合后，S2应断开，只有电动机工作，此时吹冷风；Si和S2都闭合，电动机吹

热风；

(2)3200bnp/(kW-九)表示电路中每消耗1k勿•八的电能，指示灯闪烁3200次，据此可

求指示灯闪烁160次，电吹风消耗的电能，再利用户=?求电吹风正常工作时的电功率，

即额定功率；

(3)开关Si闭合后，S?断开，只有电动机工作，此时吹冷风，Si和S2都闭合，电动机吹热

风；

根据P热=P-PM算出电热丝的功率，由、=皿,=P热t算出3min内电热丝产生的热量,

若不计热量损失，根据Q=W'求出电热丝产生的热量即为空气吸收的热量，利用Q/〃=

cm△t求出室内空气提高的温度；

(4)根据A在干路上，3在电动机支路上分析。

本题考查了消耗电能和电功率的计算，分析清楚电路结构，明确电能表相关参数的意义,

熟练应用电功率的变形公式是正确解题的关键。

14•【答案】缩小35投影仪远视

【解析】解：(1)将焦距为10cm的凸透镜放在50CM刻度处，此时物距大于二倍焦距，

光屏中呈现的清晰的倒立、缩小的实像；

(2)保持图中蜡烛和光屏不动，仅移动凸透镜至35c,"处，现在的物距为原来的像距，根

据光路可逆可知，此时光屏上会成像一个倒立、放大的实像，其应用是投影仪；

(3)保持图中蜡烛和光屏不动，更换焦距为15c的凸透镜，焦距变大了，物距不变，像

距变大，像会成在光屏的后方，这与远视眼的成像原理相同。

故答案为：(1)缩小；(2)35；投影仪；(3)远视。

(1)物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；

(2)在光的折射中，光路是可逆的；当/>“>/时，凸透镜成倒立、放大的实像；

(4)物距不变时，凸透镜的焦距变大，则像距变大。

本题考查凸透镜成像的规律的认识和理解以及近视眼、远视眼的形成与矫正，掌握凸透

镜成像规律和透镜对光线作用是解题的关键。

15.【答案】烧杯重增大1.25体积1.2x103

【解析】解：(1)如图甲将烧杯用细绳悬挂在杠杆。端，移动绳套到。点时.，杠杆恰好

在水平位置平衡，说明杠杆的重心过支点，故这样做是为了平衡杠杆自重和烧杯重对测

量密度的影响；

右侧力臂大小不变，根据G=mg=pVg,同样体积的液体，要使测量的液体密度变大，

故右侧力与力臂之积变大，根据杠杆的平衡条件，故左则同样重的物体的力臂要变长；

根据器材调试过程中为平衡杠杆自重和烧杯重对测量密度的影响，故可增大烧杯的质量,

从而使左侧力的力臂变大，达到增加密度秤的量程的目的；

(2)如图乙在烧杯中装入一定量的水，将质量为机的金属块挂在C处，使得杠杆水平平

衡，测得CO的距离为5c〃?，0。的距离为4c〃?，根据杠杆的平衡条件有：FrLr=F2L2：

tn木gx4cm=mgx5cm---①，

则烧杯中水的质量为：

m次=1.25m.

(3)根据m=pV,

由①得：P水gVx4cm=mgx5cm——②；

在烧杯中装入相同体积的液体，将金属块移至8处杠杆再次平衡，测出BC之间的距离

为\cm,则OB=6cm,根据杠杆的平衡条件有：

p液gVx4cm=mgx6cm---③

由待测液体的密度：

1233

。液=*^kg/tn0

故答案为：(1)烧杯重；增大；(2)1.25(3)体积；1.2x103。

(1)杠杆恰好在水平位置平衡时，说明杠杆的重心过支点，根据G=mg=pUg和杠杆的

平衡条件分析；

(2)分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件求出烧杯中水的质量；

(3)分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件和G=mg=pVg列平衡方程得出待测液体

的密度。

本题考查杠杆的平衡条件及密度和重力公式的运用，其中要增加密度秤的量程的方法是

难点。

16.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦

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点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示:

【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学

特点来作图。

凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于

主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③

过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。

17.【答案】解：根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越

小；由图知，最长的动力臂人是从。点到A点的距离，过A点作垂直于0A向下的力，

即为最小动力6的示意图。

作用在B点的阻力，方向竖直向下，由8点画有向线段，标出阻力F2,如图所示：

【解析】根据杠杆的平衡条件=尸25可知在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长、越

省力，所以只要找到最长的力臂便可求得最小的力。

力臂是从支点到力的作用线的距离。

此题考查了杠杆中的力臂的画法和杠杆中的最小力问题。要做出最小的力，关键是确定

最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离。

18.【答案】解：根据电流表的电流是从正接线柱流入，从负接线柱流出，得出电源的

右端为正极；

电流是由螺线管的右边流入的，根据安培定则，仰出右手四指弯曲指向电流的方向，大

拇指所指的方向-通电螺线管的左端为N极，右端为S极；

根据磁极间的相互规律，靠近通电螺线管右端（S极）的为小磁针的N极，则小磁针的右

端为S极，如图所示：

【解析】由电流表的接法得出电流的方向，由右手螺旋定则得出通电螺线管的左端是为

N极，右端为S极，由磁极间的相互作用规律得出小磁针的N极应指向左边。

本题考查了电流表的连接、安培定则的使用、磁极间的相互作用规律，仔细分析即可。

19.【答案】解：

(1)当满载的破冰船，在海水中匀速航行时，受到的浮力：F浮=G雄=小胸=1.4x

104x103kgx10N/kg=1.4x108JV；

(2)因破冰船以最大航速匀速破冰时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，

所以，破冰船推进力F=f=2xl07/v,

破冰船的航速：v-7.2km/h-2m/s,

则破冰船推进功率：P=：=r=Fv=2x107Nx2m/s=4x107W；

(3)由v=河得，破冰船以最大航速匀速破冰前行\h的路程：s="=7.2km/hxlh=

7.2km-7.2x103m,

711

破冰船推进做的功：W=Fs=2x10Nx7.2x1037n=1.44x107,

由〃=会可得，燃油完全燃烧放出的热量：Q放=里=丝鬻2=3.6X1011/,

由Q成=mq可得，消耗燃油的质量：7n=、=3.6X1,?=9><103的。

答：(1)破冰船满载航行时受到的浮力为1.4x1。8可；

(2)破冰船推进功率为4x107W；

(3)若机械能量转换效率为40%,轮船以7.2km"的速度匀速破冰1小时需要消耗的燃油

为9x103kg。

【解析】(1)知道满载时破冰船的排水量，根据阿基米德原理求出受到的浮力；

(2)破冰船以最大航速匀速破冰时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，

二力大小相等，根据P=?=?=Fv求出推进功率；

(3)知道破冰船的最大行驶速度和时间，根据s="求出行驶的路程，根据W=Fs求出

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w_

破冰船推进做功，再根据〃=藐求出燃料完全燃烧放出的热量，最后根据＜2成=M勺求出

消耗燃油的质量。

本题考查了浮力的应用和阿基米德原理、速度公式、做功公式、热量和效率计算公式、

功率公式以及二力平衡条件的应用等，涉及的知识点较多，但难度不大。

20.【答案】解：(1)小灯泡正常发光时的电压a=6忆功率PL=3W,

由P=U/可得，小灯泡正常工作的电流：

,P3W__.

I：--L=—=0.54；

b

UL6V'

(2)由/=，可得，灯泡的电阻：

RUL=_6V_=I2。

L

IL0.5A'

当S闭合，Si、S2都断开，滑动变阻器滑片P从b端向4端滑过三分之一时，灯泡与变

阻器的|电阻串联，

因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，

所以，电路中的电流/=〃=03A，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电源的电压：

U=/(&+y)=0.54x(120+|x180)=121Z；

(3)此时电路消耗的总功率：

P=UI=12Vx0.54=6W,

保持滑片尸的位置不变，闭合S、品、S2时，与变阻器的|电阻并联,

因电路消耗的总功率变化了12W,

所以，电路中的总功率:

P=12W+6W=18VK,

因并联电路中各支路两端的电压相等,

所以，滑动变阻器消耗的电功率:

PR=^=墨

Ro的电功率:

p°=p_PR=iQW-12W=6W；

要使电路消耗的总功率最大，应使滑动变阻器接入电路中的电阻最小,

变阻器消耗的最大功率:

电路中的最大总功率：

Pmin=Po+PRmin=6W+18W=24”。

由P=;可得，l°s内电路消耗电能的最大值勿=Pmint=24WX10s=240/。

答：(1)小灯泡正常工作的电流为0.5A；

(2)电源电压为12V；

(3)10s内电路消耗电能的最大值为240J,

【解析】(1)小灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=U/求出正常工作时的

电流；

(2)知道灯泡正常发光中的电压和电流，根据欧姆定律求出小灯泡的电阻；

(3)当S闭合，Si、52都断开，滑动变阻器滑片P从〃端向“端滑过三分之一时，灯泡与

变阻器的|电阻串联，由灯泡正常发光可知电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律

求出电源的电压；

(4)根据P=U/求出此时电路中的总功率，保持滑片P的位置不变，闭合5、工、S?时，

Ro与变阻器的|电阻并联，根据电路消耗的总功率变化了12W可知此时电路中的总功率,

根据并联电路的电压特点和P=?求出R消耗的电功率，进一步求出R。的电功率；要使

电路消耗的总功率最大，应使滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据P=?求出变阻

器消耗的最大功率，由W=Pt可求得10s内电路消耗电能的最大值。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是滑动变阻器

接入电路中电阻的判断。

21.【答案】B82大8y

【解析】解：(1)当变阻器滑片向8端移动时接入电路的电阻增大，故变阻器左下接线

柱连入电路中，电压表与电阻箱并联，如下所示：

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(2)连好电路闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，电压表示数为零，则电路故障

原因可能是电阻箱岛发生了短路，故选：瓦

(3)由图乙，根据欧姆定律，电阻箱接入电路的电阻为：

/?=-=—=8/2o

/0.2A

(4)①研究“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，而第2次实验中，电压表

示数为：

U2=I2R2=0.20/1x20.0。=4V

其它实验的电压为：

Uv=0.10/1x48.00=…...=0.504x9.60=4.8V,与其它实验电压表示数不同，序号

为2的实验数据有错误；

因电压表示数小于控制的电压，由分压原理，造成该错误的可能原因为滑动变阻器接入

电路的阻值偏大；

②由表中数据第1次数据，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，电源电压最大为：

U=%+R滑#、=4.8V+0.104x500=9.8K<10K.

根据表中数据，电压表的示数为为=4.8U>4V；

故实验中所用电源的电压可能是8k

故答案为：(1)如图上所示；(2)8；(3)8；(4)①2；大；(2)8Vo

(1)根据当变阻器滑片向B端移动时接入电路的电阻增大确定变阻器左下接线柱连入电

路中，电压表与电阻箱并联；

(2)连好电路闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，由电压表示数为零分析电路可

能故障原因；

(3)由图乙，根据欧姆定律得出电阻箱接入电路的电阻；

(4)①研究“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，找出与其它实验电压表示

数不同的实验；由分压原理分析。

本题研究电流与电压、电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障和数据分析、控制变

量法、电阻计算及串联电路的规律、欧姆定律的运用。

22.【答案】(1)温度；120000；在体积和质量一定时;气体的压强随温度的升高而增大;

(3)控制变量法；po-f；(4)①如图②p=^m3Pa„

图3

【解析】解：(1)根据信息一知气压大小可能与气体的温度有关；

(2)由图知胎压计的量程为20-180kPa,分度值为4&&,示数为120/cPa=120000Pa；

当将篮球放在阳光下暴晒一段时间后，篮球内气体的压强增大，胎压计的示数变大，说

明在体积和质量一定时，气体的压强随温度的升高而增大；

(3)研究的是一定质量的气体在温度不变的情况下，压强和体积的关系，是利用控制变

量法；

当弹簧秤的示数为F时，对注射器活塞受大气压力、拉力和里面气体压力的作用，受力

平衡；

则%=F+F气，

由p=?可得：pos=F+pS,

所以P=Po-1；

(4)①根据表格数据描点画图象，如下图：

②由表中的数据可知：实验次