2017年湖北省荆门市中考化学(教师版)

第2页（共4页）2017年湖北省荆门市中考化学试卷（教师版）一、选择题.1．（3分）下列变化，一定发生了化学变化的是（）A．冰雪融化 B．用活性炭除去水中的色素和异味 C．矿石粉碎 D．燃放烟花【考点】E3：化学变化和物理变化的判别．【分析】化学变化过程中有新物质生成，物理变化过程中没有新物质生成，是否生成新物质是判断化学变化的依据。【解答】解：A、冰雪融化过程中，只是水由固体变成液体，没有生成新物质，属于物理变化；B、用活性炭除去水中的色素和异味时，只是活性炭把色素、异味吸附在其表面，没有生成新物质，属于物理变化；C、矿石粉碎过程中，只是矿石的形状发生改变，没有生成新物质，属于物理变化；D、燃放烟花过程中生成二氧化碳等物质，属于化学变化。故选：D。【点评】搞清楚物理变化和化学变化的本质区别是解答本类习题的关键，判断的标准是看在变化中有没有生成其它物质，一般地，物理变化有物质的固、液、气三态变化和物质形状的变化，而化学变化中有新物质生成。2．（3分）下列事实的结论或解释中，不正确的是（）A．水受热变成水蒸气后体积变大﹣﹣受热后水分子的体积变大 B．二氧化碳和一氧化碳的化学性质不同﹣﹣它们的分子结构不同 C．钠原子和钠离子属于同种元素﹣﹣它们的质子数相等 D．原子是化学变化中的最小粒子﹣﹣在化学变化中原子不能再分【考点】B9：利用分子与原子的性质分析和解决问题．【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种物质的分子性质相同，不同物质的分子性质不同，结合事实进行分析判断即可。【解答】解：A、水受热变成水蒸气后体积变大，是因为水分子间的间隔（而不是水分子的体积）变大，故选项解释错误。B、一氧化碳和二氧化碳化学性质不同，是因为它们分子的构成不同，不同种物质的分子性质本题，故选项解释正确。C、钠原子和钠离子属于同种元素是因为它们的质子数相等的缘故，故选项解释正确。D、原子是化学变化中的最小粒子是因为在化学变化中原子不能再分缘故，故选项解释正确。故选：A。【点评】本题难度不大，掌握分子的基本性质及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键。3．（3分）下列实验操作正确的是（）A．用胶头滴管向试管中滴加液体时，为防止液体洒出，可将胶头滴管伸到试管口内 B．稀释浓硫酸时，一定要把浓硫酸沿器壁慢慢注入水里，并不断搅拌 C．为避免药品浪费，做完实验后剩余的药品应放回原试剂瓶中 D．实验室用高锰酸钾制氧气并用排水法收集，实验结束时，先撤酒精灯，后把导管移出水面【考点】49：液体药品的取用；4D：浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；6G：制取氧气的操作步骤和注意点．【分析】A、根据使用胶头滴管滴加少量液体的方法进行分析判断．B、根据浓硫酸的稀释方法（酸入水，沿器壁，慢慢倒，不断搅）进行分析判断．C、根据实验室剩余药品的处理原则（三不一要），进行分析判断．D、根据实验室加热高锰酸钾制取氧气的实验步骤、注意事项进行分析判断．【解答】解：A、使用胶头滴管滴加少量液体的操作，注意胶头滴管不能伸入到试管内或接触试管内壁，应垂直悬空在试管口上方滴加液体，防止污染胶头滴管，故选项说法错误。B、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量及时地扩散；一定不能把水注入浓硫酸中；故选项说法正确。C、对化学实验中的剩余药品，既不能放回原瓶，也不可随意丢弃，更不能带出实验室，应放入的指定的容器内，故选项说法错误。D、高锰酸钾制O2并用排水法收集氧气结束时，先把导管移出水面，再熄灭酒精灯，以防止水槽中的水倒吸入试管，使试管因骤然冷却而炸裂，故选项说法错误。故选：B。【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键．4．（3分）化石燃料燃烧会排放大量的二氧化碳，引起温室效应，一种新的处理方法是将二氧化碳气体通入含有长石（主要成分KAlSi3O8）的水溶液里，其中一种反应的化学方程式是：KAlSi3O8+CO2+2H2O═KHCO3+X+3SiO2↓，下列说法不正确的是（）A．X是Al（OH）3 B．反应前后各物质中元素的化合价均未发生变化 C．生成物中有一种氧化物 D．该反应中涉及到的元素种类有5种【考点】A3：从组成上识别氧化物；D6：有关元素化合价的计算；G1：质量守恒定律及其应用．【分析】据质量守恒判断x的化学式来分析解答；【解答】解：A．根据化学方程式：KAlSi3O8+CO2+2H2O═KHCO3+X+3SiO2↓和质量守恒定律分析，反应前K：1个，反应后：1个，则x中不含K；反应前Al：1个，反应后应：1个，则x中含有一个Al，依此类推，x中还含有3个O，3个H，则X的化学式为Al（OH）3；正确；B．由方程式可知，反应前后各物质中元素的化合价均未发生变化，正确；C．由方程式可知，生成物中只有SiO2一种氧化物，正确；D．由方程式可知，该反应中涉及到K，Al，Si，C，H，O共6种元素；错误；故选：D。【点评】本题综合性较强，可谓考查详尽，即考查了知识，又培养了学生的细心、耐心分析解决问题的能力。5．（3分）向AgNO3溶液中加入一定量的Mg粉和Cu粉，充分反应后过滤，得到滤渣和蓝色的滤液．关于该滤渣和滤液有下列四种说法：①向滤渣中加入稀盐酸，可能有气泡产生；②向滤液中加入稀盐酸一定有沉淀产生；③滤渣中一定有Ag；④滤液中一定有Cu（NO3）2、一定不含AgNO3、可能有Mg（NO3）2，以上说法中正确的个数为（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【考点】85：金属的化学性质．【分析】镁比铜活泼，铜比银活泼，向AgNO3溶液中加入一定量的Mg粉和Cu粉时，镁先和硝酸银反应生成硝酸镁和银，镁完全反应后如果硝酸银足量，则铜再和硝酸银反应生成硝酸铜和银．【解答】解：①充分反应后过滤，得到滤渣和蓝色的滤液，说明镁已经完全反应，铜和硝酸银反应生成了硝酸铜，向滤渣中加入稀盐酸，不可能有气泡产生，该选项说法不正确；②铜和硝酸银反应时，如果硝酸银有剩余，向滤液中加入稀盐酸一定有沉淀产生，如果硝酸银没有剩余，则向滤液中加入稀盐酸没有沉淀产生，该选项说法不正确；③滤渣中一定有Ag，该选项说法正确；④滤液中一定有Cu（NO3）2、可能含AgNO3、一定有Mg（NO3）2，该选项说法不正确。故选：A。【点评】要会利用金属活动顺序表分析实验，氢前边的金属会与稀硫酸、盐酸反应，但氢后边的金属不会与稀硫酸、盐酸反应，前边的金属会把后边的金属从其盐溶液中置换出来．6．（3分）除去下列物质中少量的杂质，所选用的试剂及操作正确的是（）选项物质（括号内为杂质）试剂操作方法ACaO（CaCO3）H2O搅拌、过滤BCO2（H2）足量的O2点燃CFeSO4溶液（CuSO4）过量铁粉过滤DNaOH（Na2SO4）稀硫酸蒸发结晶A．A B．B C．C D．D【考点】2H：物质除杂或净化的探究；4Q：常见气体的检验与除杂方法；9H：盐的化学性质．【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变．除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质．【解答】解：A、CaO能与水反应生成氢氧化钙，碳酸钙难溶于水，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误。B、除去二氧化碳中的氢气不能够通氧气点燃，这是因为除去气体中的气体杂质不能使用气体，否则会引入新的气体杂质，故选项所采取的方法错误。C、过量铁粉能与CuSO4溶液反应生成硫酸亚铁溶液和铜，再过滤，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确。D、稀硫酸能与NaOH溶液反应生成硫酸钠和水，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误。故选：C。【点评】物质的分离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件（加入的试剂只与杂质反应，反应后不能引入新的杂质）是正确解题的关键．7．（3分）下列物质的转化（“→”表示一种物质转化为另一种物质）中，每次转化只通过一步反应，不可能全部实现的是（）A．H2O2→O2→CO2→H2CO3 B．NaOH→NaNO3→Na2CO3→NaCl C．CaCO3→CaO→Ca（OH）2→KOH D．Mg→H2→HCl→AlCl3【考点】AF：物质的相互转化和制备．【分析】一步反应实现即原物质只发生一个反应即可转化为目标物质，根据所涉及物质的性质，分析能否只通过一个反应而实现即可．【解答】解：A、过氧化氢分解生成水和氧气，碳在氧气中燃烧生成二氧化碳，二氧化碳与水反应生成碳酸，每次转化只通过一步反应能全部实现，故选项错误。B、氢氧化钠与硝酸反应生成硝酸钠和水，但硝酸钠与其它物质不能通过一步反应生成碳酸钠，因为假设能行，对应的生成物是碳酸钠和硝酸盐，碳酸钠和硝酸盐均易溶于水，不符合复分解反应发生的条件，该反应不能发生；每次转化只通过一步反应不能全部实现，故选项正确。C、碳酸钙高温分解生成氧化钙和二氧化碳，氧化钙与水反应生成氢氧化钙，碳酸钾与氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钾，每次转化只通过一步反应能全部实现，故选项错误。D、镁与稀盐酸反应生成氯化镁和氢气，氢气与氯气反应生成氯化氢气体，氯化氢气体溶于水形成盐酸，盐酸与铝反应生成氯化铝和氢气，每次转化只通过一步反应能全部实现，故选项错误。故选：B。【点评】本题有一定难度，熟练掌握所涉及物质的性质、抓住关键词“能否一步实现”是解决此类问题的关键．二、非选择题.8．（4分）从C、H、O、N、S、Fe六种元素中，选择适当元素组成化学用语，按要求填空．（1）用适当的化学符号和数字填空：①4个铵根离子4NH4+；②3个三氧化硫分子3SO3．（2）写出符合下列要求的物质的化学式：①相对分子质量最小的氧化物H2O；②菱铁矿石的主要成分FeCO3．【考点】D1：化学式的书写及意义；DF：化学符号及其周围数字的意义．【分析】（1）①离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略．若表示多个该离子，就在其离子符号前加上相应的数字．②分子的表示方法，正确书写物质的化学式，表示多个该分子，就在其化学式前加上相应的数字．（2）①相对分子质量为构成分子的各原子的相对原子质量之和；氧化物是只含有两种元素且其中一种元素是氧元素的化合物．②菱铁矿石的主要成分是碳酸亚铁，写出其化学式即可．【解答】解：（1）①由离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略．若表示多个该离子，就在其离子符号前加上相应的数字，故4个铵根离子可表示为：4NH4+．②由分子的表示方法，正确书写物质的化学式，表示多个该分子，就在其化学式前加上相应的数字，则3个三氧化硫分子可表示为：3SO3．（2）①相对分子质量为构成分子的各原子的相对原子质量之和；氧化物是只含有两种元素且其中一种元素是氧元素的化合物，相对分子质量最小的氧化物是水，其化学式为：H2O．②菱铁矿石的主要成分是碳酸亚铁，其化学式为：FeCO3．故答案为：（1）①4NH4+；②3SO3；（2）①H2O；②FeCO3．【点评】本题难度不大，掌握常见化学用语（分子符号、化学式、离子符号等）的书写方法、离子符号与化合价表示方法的区别等是正确解答此类题的关键．9．（8分）碳元素是组成许多物质的基本元素，回答下列含碳元素物质的有关问题．（1）倡导“低碳”生活，主要是为了减少CO2的排放量．（2）检验CO2常用澄清石灰水，写出该反应的化学方程式CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O．（3）天然气（主要成分是CH4）作燃料CH4+2O2CO2+2H2O（用化学方程式表示）．（4）为减少温室气体CO2的排放，科学家将CO2和H2在催化剂和加热的条件下反应，转化为水和甲烷，该反应的化学方程式为CO2+4H2CH4+2H2O．有人说：“空气中CO2的含量越少越好”，你是否同意这种说法（填“是”或“否”）否，理由是如果空气中二氧化碳的含量太低，会影响植物的光合作用．（5）金刚石和石墨的物理性质差异较大，主要原因是碳原子的排列方式不同．（6）在工业上可利用CO和NaOH通过化合反应制备HCOONa（甲酸钠），该反应的化学方程式为CO+NaOHHCOONa．【考点】6M：二氧化碳的检验和验满；6S：二氧化碳对环境的影响；CA：碳元素组成的单质；G5：书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．【分析】（1）根据低碳生活”倡导低能量、低消耗，主要是为了减少二氧化碳的排放解答．（2）根据二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊解答；（3）根据甲烷与氧气在点燃的条件下反应生成二氧化碳和水解答；（4）根据二氧化碳和氢气在催化剂和加热的条件下反应生成水和甲烷进行分析；（5）根据金刚石和石墨的物理性质差异较大，主要原因是碳原子的排列方式不同解答；（6）根据反应原理写出反应的化学方程式解答，【解答】解：（1）“低碳生活”倡导低能量、低消耗，主要是为了减少二氧化碳的排放．（2）二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，反应的化学方程式为：CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O．（3）甲烷与氧气在点燃的条件下反应生成二氧化碳和水，化学方程式表示为：CH4+2O2CO2+2H2O．（4）二氧化碳和氢气在催化剂和加热的条件下反应生成水和甲烷，化学方程式为：CO2+4H2CH4+2H2O；有人说：“空气中CO2的含量越少越好”，不同意这种说法，理由是：如果空气中二氧化碳的含量太低，会影响植物的光合作用；（5）金刚石和石墨的物理性质差异较大，主要原因是碳原子的排列方式不同；（6）在工业上可利用CO和NaOH通过化合反应制备HCOONa（甲酸钠），该反应的化学方程式为：CO+NaOHHCOONa故答案为：（1）CO2．（2）CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O；（3）CH4+2O2CO2+2H2O；（4）CO2+4H2CH4+2H2O；否；如果空气中二氧化碳的含量太低，会影响植物的光合作用；（5）碳原子的排列方式不同；（6）CO+NaOHHCOONa【点评】本题难度不大，考查学生根据反应原理书写化学方程式的能力，化学方程式书写经常出现的错误有不符合客观事实、不遵守质量守恒定律、不写条件、不标符号等．10．（8分）如图1是a、b、c三种物质的溶解度曲线，回答下列问题：①t2℃时，a、b、c三种物质的溶解度由大到小的顺序为a＞b＞c．②P点的含义是t1℃时，a、c物质的溶解度相等．③t2℃时，将40ga物质加入50g水中，充分溶解后得到溶液的质量为70g．④将a、b、c三种物质的饱和溶液从t2℃降温到t1℃时，溶液中溶质的质量分数不变的是c．（2）A﹣G是初中化学常见物质，A、C在常温下是气体且元素组成相同，B是铁锈的主要成分，E的相对分子质量为100，它们的相互转化关系如图2（部分反应物、生成物及反应条件已略去），请回答下列问题：①写出物质E的化学式CaCO3．②写出有关反应的化学方程式：（Ⅰ）A+B→3CO+Fe2O32Fe+3CO2；（Ⅱ）G+Na2CO3溶液→Na2CO3+Ca（OH）2＝CaCO3↓+2NaOH．③写出F的一种用途干燥剂．【考点】7N：固体溶解度曲线及其作用；7T：溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系；AE：物质的鉴别、推断；G5：书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．【分析】（1）根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的；（2）根据A﹣G是初中化学常见物质，A、C在常温下是气体且元素组成相同，B是铁锈的主要成分，所以B是氧化铁，E的相对分子质量为100，B会与A反应生成C和的，所以A是一氧化碳，一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，C和E可以相互转化，所以C是二氧化碳，E是碳酸钙，D是铁，G会生成碳酸钙，所以F是氧化钙，G是氢氧化钙，然后将推出的物质进行验证即可．【解答】解：（1）①通过分析溶解度曲线可知，t2℃时，a、b、c三种物质的溶解度由大到小的顺序为a＞b＞c；②P点的含义是：t1℃时，a、c物质的溶解度相等；③t2℃时，a物质的溶解度是40g，所以将40ga物质加入50g水中，充分溶解后得到溶液的质量为70g；④c物质的溶解度随温度的降低而增大，a、b物质的溶解度随温度的降低而减小，所以将a、b、c三种物质的饱和溶液从t2℃降温到t1℃时，溶液中溶质的质量分数不变的是c；（2）①A﹣G是初中化学常见物质，A、C在常温下是气体且元素组成相同，B是铁锈的主要成分，所以B是氧化铁，E的相对分子质量为100，B会与A反应生成C和的，所以A是一氧化碳，一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，C和E可以相互转化，所以C是二氧化碳，E是碳酸钙，D是铁，G会生成碳酸钙，所以F是氧化钙，G是氢氧化钙，经过验证，推导正确，所以E是CaCO3；②（Ⅰ）A+B的反应是一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，化学方程式为：3CO+Fe2O32Fe+3CO2；（Ⅱ）G+Na2CO3溶液的反应是碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，化学方程式为：Na2CO3+Ca（OH）2＝CaCO3↓+2NaOH；③通过推导可知，F是氧化钙，可以作干燥剂．故答案为：（1）①a＞b＞c；②t1℃时，a、c物质的溶解度相等；③70；④c；（2）①CaCO3；②（Ⅰ）3CO+Fe2O32Fe+3CO2；（Ⅱ）Na2CO3+Ca（OH）2＝CaCO3↓+2NaOH；③干燥剂．【点评】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可．三、实验探究题.11．（5分）在探究金属活动性的实验课上，同学们把打磨光亮的铝片插入硫酸铜溶液中，过一会儿，发现了一个“意外现象”：在铝片表面看到有红色固体析出的同时，还看到有少量的气泡冒出，写出生成红色固体的化学方程式2Al+3CuSO4＝3Cu+Al2（SO4）3．【提出问题】该气体是什么呢？【猜想与假设】猜想一：O2猜想二：H2猜想三：CO2猜想四：SO2同学们经过讨论，一致认为猜想三不成立，理由是反应物中不含碳元素．【实验验证】1有同学闻了一下该气体，发现无气味，证明猜想四也不成立，理由是二氧化硫有刺激性气味．2将产生的气体经验纯后，用导管导入到点燃的酒精灯火焰上，气体安静燃烧，产生淡蓝色火焰．【实验结论】猜想一不成立，猜想二成立．【反思与交流】CuSO4溶液可能显酸性（填“酸”或“碱”或“中”）．【考点】2G：实验探究物质的组成成分以及含量；4Q：常见气体的检验与除杂方法；G5：书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．【分析】根据铝和硫酸铜反应生成硫酸铝和铜进行分析；【猜想与假设】根据化学反应前后，元素种类不变进行分析；【实验验证】根据二氧化硫有刺激性气味进行分析；根据氧气有助燃性，氢气有可燃性进行分析；根据酸会与活泼金属反应生成氢气进行分析．【解答】解：铝和硫酸铜反应生成硫酸铝和铜，化学方程式为：2Al+3CuSO4＝3Cu+Al2（SO4）3；【猜想与假设】化学反应前后