2023届湖南省重点中学高考仿真卷物理试题含解析

2023年高考物理模拟试卷

注意事项：

1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。

2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、将输入电压为220V、输出电压为6V的变压器改装成输出电压为30V的变压器，副线圈原来的匝数为30匝，原线

圈的匝数不变，则副线圈应增加的匝数为（）

A．150匝

B．144匝

C．130匝

D．120匝

2、物体做匀速圆周运动时，在任意相同时间间隔内，速度的变化量（

）

A．大小相同、方向相同

C．大小不同、方向不同

B．大小相同、方向不同

D．大小不同、方向相同

3、已知氢原子能级公式为

EmA2，其中n=1，2，称为量子数，A为已知常量；要想使氢原子量子数为n的激

n

发态的电子脱离原子核的束缚变为白由电子所需的能量大于由量子数为n的激发态向n1澈发态跃迁时放出的能量，

则n的最小值为（

A．2

）

B．3

C．4

D．5

4、如图所示，带正电的点电荷Q固定，电子仅在库仑力作用下，做以Q点为焦点的椭圆运动，M、P、N为椭圆上的

三点，P点是轨道上离Q最近的点。M、N和EM、EN分别表示电子在M、N两点的电势和电场强度，则电子从M

点逆时针运动到N点（

）

A．M＞N，EM＜EN

B．M＜N，EM＞EN

C．电子的动能减小

D．电场力对电子做了正功

5、如图所示，A、B、C、D、E、F、G、H是圆O上的8个点，图中虚线均过圆心O点，B和H关于直径AE对称，

且∠HOB=90°，AE⊥CG，M、N关于O点对称．现在M、N两点放置等量异种点电荷，则下列各点中电势和电场强

度均相同的是(

)

A．B点和H点

C．H点和D点

6、下列说法中正确的是（

B．B点和F点

D．C点和G点

）

A．原子核发生衰变时都遵守电荷守恒、质量守恒、能量守恒

B．235U10n141Ba92Kr310n为核衰变方程

92

56

36

C．光电效应说明了光具有粒子性

D．康普顿散射实验说明了光具有波动性

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化中的四个状态，图中ad与T轴平行，cd与p轴平行，ab

的延长线过原点，则下列说法中正确的是（

）

A．气体在状态a时的体积大于在状态b时的体积

B．从状态b到状态a的过程，气体吸收的热量一定等于其增加的内能

C．从状态c到状态d的过程，气体分子的平均动能不变，但分子的密集程度增加

D．从状态a到状态d的过程，气体对外做功，内能不变

E.从状态b到状态c的过程，气体从外界吸收的热量一定大于其对外做的功

8、地球表面重力加速度的测量在军事及资源探测中具有重要的战略意义，已知地球质量m地，地球半径R，引力常量

G，以下说法正确的是（

）

A．若地球自转角速度为，地球赤道处重力加速度的大小为

Gm地2R

R2

B．若地球自转角速度为

，地球两极处重力加速度的大小为Gm地

R2

C．若忽略地球的自转，以地球表面A点正下方h处的B点为球心，r(rh)为半径挖一个球形的防空洞，则A处重

力加速度变化量的大小为gG

m地r3

R3h2

D．若忽略地球的自转，以地球表面A点正下方h处的B点为球心、r(rh)为半径挖一个球形的防空洞，则A处重

力加速度变化量的大小为gG

m地r3

(Rh)3h2

9、如图所示，一物块从光滑斜面上某处由静止释放，与一端固定在斜面底端的轻弹簧相碰。设物块运动的加速度为a，

机械能为E，速度为v，动能Ek，下滑位移为x，所用时间为t。则在物块由释放到下滑至最低点的过程中（取最低点

所在平面为零势能面）

，下列图象可能正确的是（

）

A．

B．

C．

D．

10、关于电磁波和机械波，下列说法正确的是

A．电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直

B．电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率有关

C．电磁波可以发生衍射现象和偏振现象

D．在真空中波长越短的电磁波周期越大

E.声波从空气传入水中时频率不变，波长改变

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．6分）如图甲所示，某组同学借用"探究a与F、m之间的定量关系"的相关实验思想、原理及操作，进行"探究

（

合外力做功和动能变化的关系"的实验：

（1）为达到平衡阻力的目的，取下细绳和托盘，通过调节垫片的位置，改变长木板倾斜程度，根据打出的纸带判断小

车是否做________运动.

（2）连接细绳及托盘，放入砝码，通过实验得到图乙所示的纸带.纸带上O为小车运动起始时刻所打的点，选取时间

间隔为0.1s的相邻计数点A、B、C、D、E、F、G.实验时小车所受拉力为0.2N，小车的质量为0.2kg.请计算小车

所受合外力做的功W和小车动能的变化Ek，补填表中空格_______，_______（结果保留至小数点后第四位）.

O—B

W/J

0.0432

0.0430

O—C

0.0572

0.0570

O—D

0.0734

0.0734

O—E

0.0915

0.0907

O—F

Ek/J

通过分析上述数据你得出的结论是：在实验误差允许的范围内WEk，与理论推导结果一致.

（3）实验中是否要求托盘与砝码总质量m远小于小车质量M？________（填"是"或"否"）

；

（4）前已测得托盘的质量为7.7103kg，

实验

实验时该组同学放入托盘中的砝码质量应为________kgg取9.8m/s2，

（

结果保留至小数点后第三位）.

12．12分）某同学查阅电动车使用说明书知道自家电动车的电源是铅蓄电池，他通过以下操作测量该电池的电动势

（

和内电阻．

(1)先用多用电表粗测电池的电动势．把多用电表的选择开关拨到直流电压50V挡，将两表笔与电池两极接触，电表

的指针位置如图甲所示，读数为________V．

(2)再用图乙所示装置进行精确测量．多用电表的选择开关拨向合适的直流电流挡，与黑表笔连接的应是电池的

________极．闭合开关，改变电阻箱的阻值R，得到不同的电流值I，根据实验数据作出图象如图丙所示．已知图中直

线的斜率为k，纵轴截距为b，电流档的内阻为rA，则此电池的电动势E＝________，内阻r＝________(结果用字母k、

b、rA表示)．

(3)多用表直流电流档的内阻对电动势的测量值大小________（选填"有"或"无"）影响．

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13．10分）如图所示，一质量m=1.0kg的小球系在竖直平面内长度R=0.50m的轻质不可伸长的细线上，O点距水平

（

地面的高度h=0.95m。让小球从图示水平位置由静止释放，到达最低点的速度v=3.0m/s，此时细线突然断开。取重力

加速度g=10m/s2.求：

(1)小球落地点与O点的水平距离x。

(2)小球在摆动过程中，克服阻力所做的功W；

(3)细线断开前瞬间小球对绳子的拉力T。

14．16分）如图为在密闭容器内一定质量的理想气体由状态A变为状态B的压强P随体积V的变化关系图像。

（

(1)用分子动理论观点论证状态A到状态B理想气体温度升高；

(2)若体积VB：VA=5：3，温度TA=225K，求TB。

15．12分）如图，一厚度均匀的圆形玻璃管内径为16cm，外径为24cm，长度为L1=80cm，一条光线AB从玻璃管

（

壁中点入射，

与直径MN在同一竖直面内，调整入射角，得光线AB在玻璃中传播的时间最长，

使

最长时间为4.0×10-9s，

真空中光速3.0×108m/s，求：

（1）玻璃管的折射率n

（2）光线经玻璃管内壁折射后，从另一侧下端射出玻璃管，求玻璃管的长度

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

副线圈匝数为n2=30匝，输入电压U1=220V，输出电压U2=6V，根据变压比公式有

U1220n1

U2

6

n2

原线圈匝数不变，改变副线圈匝数，输入电压也不变，输出电压变为30V，根据变压比公式有

220n1

30n2n

联立得

n120

故D正确，ABC错误。

故选D。

2、B

【解析】

物体做匀速圆周运动时，速度的变化量vat，由于加速度的大小不变但方向时刻在变化，所以在任意相同时间间

隔内，速度的变化量大小相等，方向不同。

A.大小相同、方向相同，与分析不符，故A错误；

B.大小相同、方向不同，与分析相符，故B正确

C.大小不同、方向不同，与分析不符，故C错误；

D.大小不同、方向相同，与分析不符，故D错误。

3、C

【解析】

电子由n激发态脱离原子核的束博变为自由电子所需的能量为

EA2

n

氢原子由量子数为n的激发态向n1激发态跃迁时放出的能量为

E

AA

(n1)2n2

根据题意有

AAA

n2(n1)2n2

解得

n22

即的最小值为4，故C正确，A、B、D错误；

故选C。

4、D

【解析】

考查点电荷场强分布，电场力做功与电势能的变化。

【详解】

AB．在正电荷形成的电场中，越靠近点电荷的位置场强越大，电势越高，所以EM＜EN，M＜N，故AB错误；

CD．当电子从M点向N点运动时，库仑力对电子先做正功，后做负功，运动的速度先增加后减小，根据功能关系可

知，电子的电势能先减小后增加，电场力所做的总功为正，所以总的电势能减小，动能增大，故C错误，D正确。

故选D。

5、D

【解析】

等量异种点电荷的电场线分布情况如图所示，电场线的切线代表电场的方向，疏密程度代表场强的大小，可知电势和

电场强度相同的点为C点和G点，选项D正确，ABC错误．

点睛：解决本题的关键知道等量异种电荷之间的电场线和等势面分布，分析要抓住对称性，以及电场线的切线代表电

场的方向，疏密程度代表场强的大小来进行判断即可．

6、C

【解析】

A．原子核发生衰变时电荷数守恒和质量数守恒，但质量不守恒，故A错误；

B．235U10n141Ba92Kr310n为裂变方程，故B错误；

92

56

36

C．光电效应说明了光具有粒子性，故C正确；

D．康普顿在研究石墨对X射线的散射中发现光具有粒子性，故D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BCE

【解析】

A．因ab连线过原点，可知是等容线，则气体在状态a时的体积等于在状态b时的体积，选项A错误；

B．从状态b到状态a的过程，气体体积不变，则对外做功为零，即W=0，根据∆U=W+Q可知，气体吸收的热量一定

等于其增加的内能，选项B正确；

C．从状态c到状态d的过程，气体的温度不变，压强变大，体积减小，则气体分子的平均动能不变，但分子的密集

程度增加，选项C正确；

D．从状态a到状态d的过程，气体压强不变，温度升高，则体积变大，气体对外做功，内能变大，选项D错误；

E．从状态b到状态c的过程，气体温度升高，体积变大，内能增加，对外做功，根据∆U=W+Q可知，气体从外界吸

收的热量一定大于其对外做的功，选项E正确。

故选BCE。

8、ABC

【解析】

AB．在赤道处

Gm地mmgm2R

R2

赤

得出

g赤Gm2地2R

R

在两极处

Gm地mmg

R2

极

得出

g极Gm2地

R

选项AB正确；

CD．若忽略地球的自转，以地球表面A点正下方h处的B点为球心r(rh)为半径挖一个球形的防空洞，该球形防

空洞挖掉的质量

m

4m地4r3m地r3

R33

R3

3

A处重力加速度变化是由该球形防空洞引起的

gGm2

h

gGm地r2

R3h

3

选项C正确，D错误。

故选ABC。

9、AC

【解析】

AB．设斜面的倾角为，在物块自由下滑的过程中，根据牛顿第二定律可得

mamgsin

解得

agsin

物块与弹簧接触后，根据牛顿第二定律可得

amgsinkxgsinkx

m

m

当弹力与重力相等时，加速度为零，随后反向增大，且加速度与时间不是线性关系，故A正确，B错误；

C．以物体和弹簧组成的系统为研究对象，整个过程中整体的机械能守恒，即有

E总EEP

解得

1

EE总2kx2

与弹簧接触前EP0，物体的机械能守恒，与弹簧接触后弹簧的弹性势能增加，则物体的机械能减小，根据数学知识

可知C图象正确，故C正确；

D．在物块自由下落的过程中，加速度恒定，速度图象的斜率为定值，与弹簧接触后，加速度先变小后反向增大，速

度图象的斜率发生变化，故D错误；

故选AC。

10、ACE

【解析】

A．电磁波传播方向与电场方向、磁场方向均垂直，故A正确；

B．电磁波在真空中传播速度不变，与频率无关，故B错误；

C．衍射是一切波都具有的现象，电磁波是横波，只要是横波就能发生偏振现象，故C正确；

D．

T1，周期与波长成正比，故D错误；

fc

E．声波从空气传入水中时频率不变，因为波速变大，由f，可知波长边长，故E正确。

故选：ACE。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

v

11、匀速直线

【解析】

0.1120

0.1105

是

0.015

（1）[1]．平衡摩擦力时，通过调整垫片的位置，改变长木板倾斜程度，根据打出的纸带判断小车是否做匀速直线运

动．

（2）[2][3]．从O到F，拉力做功为：

W=Fx=0.2×0.5575J=0.1120J．

F点的瞬时速度为：

vF＝xEG＝0.66770.4575m/s=1.051m/s

2T

0.2

则动能的增加量为：

Ek＝1mvF2＝10.21.05120.1105J

2

2

（3）[4]．实验中是要使托盘与砝码的重力等于小车的拉力，必须要使得托盘与砝码总质量m远小于小车质量M；

（4）[5]．砝码盘和砝码整体受重力和拉力，从O到F过程运用动能定理，有：

（Mm）gF]xOF1MmvF2

[

2

代入数据解得：

m=0.015kg．

12、12.0；

【解析】

负

1

k

b

k

无

(1)[1]．电压档量程为50V，则最小分度为1V，则指针对应的读数为12.0V；

(2)[2]．作为电流表使用时，应保证电流由红表笔流进，黑表笔流出，故黑表笔连接的是电池的负极；

[3][4]．由闭合电路欧姆定律可得：

I

E

Rr

变形可得：

1r1R

IEE

则由图可知：

rb

E

1k

E

则可解得：

E1

k

rb

k

(3)[5]．由于多用表存在内电阻，所以由闭合电路欧姆定律得：

E=IR+I（RA+r）

变形为：

1rRA1R

I

E

E

由图象可知斜率

1k

和不考虑多用表的内电阻时相同，所以多用表的内电阻对电源电动势的测量结果无影响。

E

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.9m；(2)0.5J；(3)28N，方向竖直向下

【解析】

(1)小球从最低点出发做平抛运动，根据平抛运动的规律得

水平方向

x=vt

竖直方向

h-R