2020-2021学年高二化学下学期期末测试卷（人教版选修5）03（全解全析）

2020-2021学年下学期期末原创卷03

高二化学.全解全析

12345678910II1213141516

CDABAABABACACCCB

1、【答案】c

【详解】

A.蛋白质中除含有C、H、N、O四种元素外，还可能含有S、P等元素，选项A错误；

B.柴油是煌类物质，奶油、牛油是饱和高级脂肪酸甘油酯，属于酯类，它们所含的物质类别不相同，选项

B错误；

C.对于竣酸而言，根据竣基位置异构可以得到两种丁酸；根据酯基位置异构和碳链异构可得：甲酸丙酯2

种（丙基2种异构）、乙酸乙酯1种、丙酸甲酯1种，共6种，选项C正确；

4-CH;-CH;—CH—CH14i-

D.聚合物（|）可由单体CH3cH=CH2和CH2=CH?加聚制得，但该聚合物为混合物,

CH；

选项D错误；

答案选C。

2、【答案】D

【详解】

o：0：

A.甲醛中存在碳氧双键，其结构简式为||,电子式为：：，故A错误；

H—C-HH：C：H

B.甲酸甲酯的结构简式为HCOOCH3,故B错误；

H

C.滨乙烷与氢氧化钠水溶液共热，发生取代反应，生成乙醇和澳化钠，即C2H5Br+OH-f>C2H5OH+Br,

故C错误；

D.乙醇与灼热的氧化铜发生反应，生成CH3CHO、Cu、EhO,即CH3cH2OH+CuO^~>CH3cHO+C11+H2O,

故D正确；

答案为D。

3、【答案】A

【详解】

A.陶制品属于陶瓷，陶瓷是硅酸盐产品，故A正确；

B.一碱指的是纯碱，纯碱的主要成分是碳酸钠，火碱的主要成分是氢氧化钠，故B错误；

C.高强度的芳纶纤维属于属于有机高分子化合物，不是无机物，故C错误；

D.“火树银花”的烟花利用了焰色反应，焰色反应是元素的性质，属于物理变化，故D错误；

故选A。

4、【答案】B

【详解】本题主要考查有机物的命名。

A、丁烯有四个碳，应从最小那端开始算，所以正确命名应为2-甲基-2-丁烯，故A项错误；

B、丁烷有四个碳，二号位碳可以为二取代甲基，故B项正确；

C、正确命名应为2-氯丁烷，故C项错误；

D、应该以最长的碳链作为主链，正确命名为2-甲基己烷，故D项错误。

综上所述，本题正确答案为B。

5、【答案】A

【详解】

A.苯与甲苯结构相似，分子组成相差一个CH2,互为同系物，苯不能使酸性高钵酸钾溶液褪色，而甲苯可

以使酸性高镒酸钾溶液褪色，所以可用酸性KMnCh溶液进行鉴别，A正确；

B.乙醇的分子式为C2H60,乙醛的分子式为C4H10O,二者分子式不一样，不是同分异构体，B错误；

C.温度过高可能会使酶失活，失去催化作用，水解速率减慢，c错误；

D.人体内没有可以水解纤维素的酶，不能消化纤维素，D错误；

综上所述答案为A。

6、【答案】A

【详解】

由图①可知此有机物的最大质荷比为46,故其相对分子质量为46,由图②可知:有机物A中存在三种化学

环境不同的H,且吸收强度为3:2:1,故A为乙醇，故选A。

7、【答案】B

【详解】

A.单宁酸中含有酚羟基，可以和浓滨水发生苯环上的取代反应；含有较基，可以发生酯化反应，酯化反应

也是取代反应；有酯基，可以发生水解反应，酯的水解也是取代反应，所以单宁酸中含有的三种官能团均

可发生取代反应，故A正确；

B.Imol单宁酸分子中有2moi苯环，每摩苯环可以和3m。旧2发生加成反应，瘦基和酯基以及羟基都不和

氢气反应，所以Imol单宁酸可与6m0旧2发生反应，故B错误；

C.单宁酸中的苯环、碳氧双键都是平面结构，而碳碳单键可以旋转，所以单宁酸中所有原子可能位于同一

平面，故C正确；

D.单宁酸中有酚羟基，容易被氧气氧化，所以将柿子去皮晾晒可使单宁酸与Ch发生作用，从而脱去涩味,

故D正确；

故选B。

8、【答案】A

【详解】

A.过氧化钠与水的反应中过氧化钠既是氧化剂，又是还原剂，比。中的。的化合价没有发生变化，

1818

2Na2O2+2H2O=2Na0H+2Na0H+ChT，故A错误；

B.乙酸乙酯水解断裂的是C-0键，生成乙酸和乙醇，示踪原子在乙醇中，故B正确；

C.14c02与碳在高温下发生14co2+CU2c0,达到平衡后，14c存在于所有物质中，故c正确；

D.氯酸钾跟浓盐酸混合，氯酸钾中的氯被还原，盐酸中的氯被氧化，生成氯气，即37cl应在氯气中，

K37C1O3+6HC1=KC1+2C12+C137C1+3H2O,故D正确；

故选Ao

9、【答案】B

【详解】

A.将C。?气体通入NazSiOi溶液中，产生胶状沉淀，说明生成HzSiO,,根据强酸制弱酸，酸性：

H2CO3>H2SiO3,非金属性越强，其最高价含氧酸酸性越强，所以C>Si,A项错误；

B.Fe3+和「反应生成Fe2+和匕，取5mLO.lmol【TKI溶液于试管中，加入1mLO.lmol[TFeC)溶

液，充分反应后滴入5滴KSCN溶液，溶液变红色，[过量，溶液中含有Fe3:证明KI与FeCL的反应存

在一定的限度，B项正确；

C.「和C「浓度相同，加少量同浓度AgNO■，溶液，有黄色沉淀生成，沉淀为Agl,先生成沉淀的物质溶度

积小，所以Ksp(AgD<K£AgCl),C项错误；

D.生成物乙烯和挥发的乙醇均能使KMnO&溶液褪色，不能说明溪乙烷发生了消去反应，D项错误；

答案选B。

10、【答案】A

【详解】

A.双香豆素分子中含有两个苯环，属于芳香族化合物，选项A正确；

B.因甲烷为正四面体结构，根据双香豆素的结构简式可知，分子中存在亚甲基，所有原子不可能共平面，

选项B错误；

C.双香豆素分子中不含有酚羟基，不可与FeCb溶液发生显色反应，选项C错误；

D.根据双香豆素分子的结构简式可知，分子中有6种不同化学环境的氢原子，选项D错误；

答案选A。

11、【答案】C

【详解】

A.12g金刚石物质的量为ImoL由金刚石的结构可知Imol金刚石中含有的共用电子对数为2NA,故A错

误；

B.稀盐酸与二氧化镭不反应，一定条件下，含4moiHCI的浓盐酸与足量MnCh充分反应，随反应进行，盐

酸浓度降低，参加反应的HC1小于4mol,转移电子数小于2NA,故B错误；

C.氯气和甲烷发生取代反应时，消耗Imol氯气形成ImolC-C1键，所以O.lmolCb与CH_»反应完全，形成

C-C1键的数目为O.INA,故C正确；

D.常温下，pH=10的CH3coONa溶液中，由水电离出的c(H+)=l(Hmol/L,题目没有提供溶液体积，不能

计算水电离出的H+数目，故D错误：

选C。

12、【答案】A

【详解】

A.该反应的实质是铁与澳反应生成溪化铁，漠化铁再和苯反应生成溟苯和铁，所以铁丝可以换为FeBq固

体，故A错误；

B.因为液浪易挥发，浸有苯的棉团可以吸收挥发出来的滨蒸汽，故B正确；

C.试管下层无色说明没有挥发出来的漠蒸汽、上层出现浅黄色沉淀是生成的澳化氢和硝酸银溶液生成了浅

黄色的滨化银沉淀，说明生成了溟苯，故C正确；

D.澳苯的提纯用到水洗、碱洗、蒸储等操作，故D正确；

故答案为：A

13、【答案】C

【详解】

32

A.M的等效氢原子有4种，如图40)>-组1，故其一氯代物有4种，故A错误；

B.N含有官能团为竣基，属于竣酸类，W含有官能团为酯基，属于酯类，不是同系物，故B错误；

C.M、N、W三种有机物结构中均含有苯环，均能与氢气发生加成反应，M能够与澳单质在溟化铁的催化

作用下发生取代反应，与氯气在光照条件下发生取代反应，N能与醇发生酯化反应，W能够在酸性或碱性

环境下发生水解反应，酯化反应和水解反应均属于取代反应，故C正确；

D.高级脂肪酸甘油酯在碱性环境下的水解为皂化反应，W不属于高级脂肪酸甘油酯，能够与碱反应，但不

是皂化反应，故D错误；

故选C。

14、【答案】C

【详解】

A.CCh分子中C原子与两个0原子分别共用两对电子，电子式为0：:C::O,A项正确；

B.催化剂可以改变反应路径，降低反应过程中的活化能，B项正确；

C.由流程可知，催化循环中产生了氢原子和5种含碳离子等共6种中间粒子，C项错误；

D.由图可知反应物为CCh和H2,最终产物为CH30H和HzO,总反应方程式为：

CO,+3H2=H,0+CH3OH,D项正确；

综上所述答案为C。

15、【答案】C

【分析】

由D的分子式可知，氧原子多了一个，碳原子多了两个，以及C-D为酯化反应，可得C里面有羟基，那

么，B到C属于卤代烧的水解反应，再根据分子式可知A中含有不饱和键，可推出A为乙烯，B为1,2-

CH3

二滨乙烷，C为乙二醇，D为CH2=C(CH3)COOCH2cH2OH,E为千出工片，据此分析解答。

COOCH^HiOH

【详解】

A.根据以上分析物质A为乙烯，乙烯分子中6原子共平面，故A正确；

B.物质C含醇羟基，物质D含有醇羟基和碳碳双键，均能被酸性高钵酸钾溶液氧化，故可使酸性高镒酸

钾溶液褪色，故B正确；

C.D分子含有碳碳双键，D-E发生加聚反应，故C错误；

D.由于E高分子中有羟基，羟基具有亲水性，所以E具有良好的亲水性，故D正确；

答案选C。

16、【答案】B

【详解】

A.不能在烧瓶中灼烧海带，要在用烟中灼烧，故A错误；

B.实验室通过乙酸和乙醇在浓硫酸的催化下发生酯化反应生成乙酸乙酯，用饱和碳酸钠溶液除去乙酸、乙

醉杂质且减少乙酸乙酯的溶解量，故B正确；

C.乙烯和酸性高镒酸钾溶液反应会生成二氧化碳混在甲烷中，不能用酸性高镒酸钾溶液除去甲烷中的乙烯,

故C错误；

D.浓盐酸具有挥发性，生成的二氧化碳中含有氯化氢，HC1也能和碳酸钠反应生成硅酸沉淀，所以干扰实

验，且HC1不是氯元素的最高价氧化物是水化物，所以不能实现实验目的，故D错误；

故选B。

17、【答案】球形冷凝管（1分）冷凝回流甲酸，提高原料利用率（答出冷凝回流即可）（1分）95C水

浴加热控制温度（1分）抽真空排除水蒸气干扰（1分）用排硅油的方法收集气体以免引入水蒸气（三

者顺序可调整，答案合理即可）（1分）向下排空气法（1分）C（2分）

HCOOH+NaBrO=NaBr+C02T+H20（2分）最后一滴Na2s2O3溶液滴入后，溶液由蓝色变为无

色且30s内不恢复原来的颜色（2分）95.8%（2分）

【分析】

本实验的目的，是以甲酸为原料，用M作催化剂，并创设催化剂适宜的环境，收集纯净、干燥的氢气。为

提高甲酸的利用率，进行了冷凝回流，为防止水蒸气返流入反应装置内，使用排硅油的方法收集氢气。

【详解】

（1）仪器a是冷凝管，且内管呈球形，所以其名称是球形冷凝管；由于加热时甲酸易变为蒸汽，为减少损失,

进行冷凝并让其流回到反应装置内，其作用是冷凝回流甲酸，提高原料利用率（答出冷凝回流即可）。答案为:

球形冷凝管；冷凝回流甲酸，提高原料利用率（答出冷凝回流即可）；

（2）题给信息告诉我们：“95℃催化活性达最大值，有水存在的情况下催化活性略有降低“，所以实验中为了

使催化剂M的活性达到最大值，需控制温度和营造无水环境，采用的措施有：95℃水浴加热控制温度、抽

真空排除水蒸气干扰、用排硅油的方法收集气体以免引入水蒸气（三者顺序可调整，答案合理即可）。答案为:

95℃水浴加热控制温度：抽真空排除水蒸气干扰；用排硅油的方法收集气体以免引入水蒸气（三者顺序可调

整，答案合理即可）；

（3）因为收集氢气前对气体进行干燥，收集氢气后，气体通入装有碱石灰的干燥管，也就是收集氢气前后，

氢气都不接触水，所以收集氢气应采用的方法是向下排空气法，可选择的装置是C。答案为：向下排空气法;

C；

（4）①由题给信息可知，次溟酸钠溶液与甲酸反应，生成CO?和NaBr等，则化学方程式是

HCOOH+NaBrO=NaBr+CO2T+H2O。

②滴加Na2s2。3前，溶液中含有12,呈蓝色，滴加Na2s2。3将上还原为匕从而使滴定终点的标志是最后

一滴Na2s2。3溶液滴入后，溶液由蓝色变为无色且30s内不恢复原来的颜色。

+

③在溶液中共发生三个反应：HCOOH+NaBrO=NaBr+CO2T+H2O、BrO+2I-+2H=Br+I2+H2O,

L+2Na2s2Ch=2NaI+Na2s4。6,则可得出如下关系式：NaBrO（过量）——2Na2S2O3,“（Na2s2。3）=

0.4000mol/Lx0.01250L=0.005mol,贝ijNaBrO（过量）为0.0025moL与HCOOH反应的NaBrO为

0.030Lx0.5000mol/L-0.0025mol=0.0125mol,从而得出n（HCOOH）=0.0125mol,该工业甲酸中甲酸的质量分

0.0125molx46g/mol.

数是/―2^L—=95.8%,答案为：HCOOH+NaBrO=NaBr+CO,T+H,O；最后

6.000gx-----------"

250mL

一滴Na2s2O3溶液滴入后，溶液由蓝色变为无色且30s内不恢复原来的颜色；95.8%o

【点睛】

6.000g样品配成250mL溶液，而实验时只取出25.00mL,在进行计算时，一定要将数据调整统一。

18、【答案】三颈烧瓶（或三口烧瓶、三口瓶）（2分）B（2分）持续产生环戊二烯并蒸至装置I［中（2

分）打开a处开关，由b处吹入氮气（2分）防止Fe2+和有机原料被氧化，避免反应过程金属离子水

解（3分）2KoH+FeJ+2C5H$=Fe（C5H5）2+2KC1+2H2。（3分）

【分析】

本实验的目的是制备二茂铁，该实验要在无氧无水环境中进行，所以需要先用氮气排尽装置中的空气；加

热装置I至17。℃,并保持恒温，使双环戊二烯分解、持续产生环戊二烯，并蒸储进入装置n中；向ni中加

入四氢吠喃溶解FeC13,与铁粉反应得到FeCb,蒸储川中溶液，得近干残留物，再加入有机溶剂二甲亚飒

溶解FeCl2,用氮气吹入至装置II中反应得到二茂铁。

【详解】

（1）根据装置图可判断图中所示的三个装置均使用到的一种仪器的是三颈烧瓶（或三口烧瓶、三口瓶）。

（2）步骤③为加热装置1至170℃,并保持恒温，由于温度超过100℃,则步骤③操作中，加热方式最适宜的

是油浴加热，答案选B。

（3）由于双环戊二烯在170℃较快分解为环戊二烯，则步骤③保持恒温的目的是持续产生环戊二烯并蒸至装置

II中。

（4）由于亚铁离子易被氧化，则将装置III中的FeCh转移至装置II中的方法是打开a处开关，由b处吹入氮气。

（5）由于Fe2+和有机原料易被氧化，所以整个制备过程需采取无氧无水环境的原因是防止Fe2+和有机原料被

氧化，避免反应过程金属离子（和产品）水解；

(6)制备二茂铁的原料是氢氧化钾、氯化亚铁和环戊二烯，根据元素守恒可知除生成二茂铁，还有氯化钾和

A

水生成，则生成二茂铁的化学方程式为2KOH+FeCb+2C5H6=Fe(C5H5)2+2KCl+2H20。

19、【答案】取代反应(1分)氯乙酸(1分)竣基(1分)

【分析】

CH3co0H中甲基上的一个氢原子被氯原子取代生成C1CH2co0H,再与H£SH发生取代反

应生成HjCSCHJCOCI.之后与有机碱反应生成v,v和VI合成vn的原子利用率为loo%,结合

vi和vn的结构简式可知v为H3cSCH=C=O；等物质的量的CH30H和VII开环反应的产物VIII,

VIII中含有酯基,所以VID为

【详解】

(l)CH3C00H中甲基上的一个氢原子被氯原子取代生成CICH2coOH,所以由I-n的反应类型取代反应;

CICH2co0H主链为乙酸，2号碳上有一个CI原子，所以名称为氯乙酸；其含氧官能团为竣基;

（3）111的同分异构体中若有一个支链，则支链可以是-SCH3或-CH2SH,有两种，若有两个支链，则只有邻间

对三种，III为对位，所以还有两种同分异构体，共有4种，其中核磁共振氢谱的峰面积比为2：2：2：1：1

（6）苯甲醇为CH20H,根据题目所给流程可知