物理2018届高考考点通关练第一轮复习打包老师搜集

法；(2)按照力的实际效果分解力；(3)正交分解法的应用等。如2016年卷Ⅰ第19题、2016年卷Ⅱ第14题、2015年高考第19题、201520题、2014年山东高考第题、年海南高考第题、年重庆高考第1题、2013年高考第18题如图所示，重力为G的物体静止在倾角为α的斜面上，将重力G分解为垂直斜面向下的力F1和平行斜面向下的力F2那么 D．物体受到重力、斜面对物体的支持力、静摩擦力、F1和答案解析G的两分力F1和F2是实际上并不存在的力，应与其他实及第三定律的知识，可以判断B选项正确。C支持着悬挂重物C的作用力将() 答案解析C力不变，故杆对滑轮C的作用力不变。B项正确。3．(多选)一物于光滑水平面上，同时受到三个水平共点力且F1的方向指向正北，下列说法中正确的是( 方向指向F1相反，为答案解析F1F2的合力范围是|F1－F2|≤F≤F1＋F2即14N≤F≤70NB正确；F3的大小处于此范围之内，所以这三个力的合力可能为零，选项A正确；若物体处于平衡状态(静止或匀速直线运动)，如图所示，放在斜面上的物体受到垂直于斜面向上的力F作用始终保持静止，当力F逐渐减小后，下列说法正确的是( 答案解析对物体受力分析，受重力、支持力、静摩擦力和拉力，如①垂直斜面方向：F＋②平行斜面方向：Ff＝Gsinθ，GθFf保持不变，故A正确。()细绳对A的拉力增 答案解析Mgsin30°＝mg30°时，A所受的摩擦力30°35°Amg合力仍为零，所以只有B正确。(该过程小球未脱离球面且球面始终静止)F、半FN的变化情况是()A．F增大，FN减小B．F增大，FNC．F减小，FN减小D．F减小，FN答案解析某时刻小球的受力如图所示，设小球与半球面的球心连线αF＝mgtanα，FN＝mg，随着挡板向右移动，α角越来越大，则F和FN都要增大，B是()333下面每个球受地面给的摩擦力均为36上面球对下面每个球的压力均为6答案3以四个球整体为研究对象受力分析可得，3FN＝4mg，可知FN＝4mg，A项正确；下面的一个3对下面球的压力F与mg的夹角的余弦值为6，正弦值为3 3 2 3 2

3D

6 的人现正坐在秋千上静止不动，则下列说法中正确的是()B1最为安全答案解析坐在秋千上的人的重力是一定的，当两绳的夹角越小时，A错误、B正确；根受的拉力大小为G，故选项D正确。 答案解析ABF与另一个力的合力必沿AB方向，当另一个力与AB方向垂直时为最小，故F′＝Fsinθ，B3(多选)如图所示，A物体被绕过小滑轮P的细线所悬挂，B物体放在粗糙的水平桌面上小滑轮P被一根细线系于天花板上的O点；O′是三根线的结点，bO′水平拉着B物体，cO′沿竖直方向拉着弹整个装置处于静止状态。若悬挂小滑轮的细线OP上的张力是20N，取g＝10m/s2，则下列说法中正确的是( 3B．A23C．桌面对B物体的摩擦力为10 D．OP与竖直方向的夹角为60°3答案解析AmAg＝FO′a2FO′acos30°＝FOP，联立解得mA＝2kg，FO′a＝20N，选项B正确；同一根细线上的张力相同，故OP的延长线为细线的角平分线，由此可知OP与竖FO′acos30°＝FO′bBFf＝FO′bF弹＝310N，B3

NA、C11．[2016·卷Ⅰ](多选)如图所示，一光滑的轻滑轮用细绳OOOa，另一端终保持静止，则()答案解析aa始终处于二力平衡状态，因此绳子上的拉力不变，Cb始终b的绳子上的力方向也不变，所以滑轮的受力情况也不变，即绳子OO′的张力是不变的，A错误。对b受力分析如Fαθ，有水平方向FTcosθ＝Fcosα＋Ff(这里注意摩擦力的方向可能水平向左)FTsinθ＋Fsinα＋FN＝GG、FTF的方向(α角)不变，仅改变F的大小，因此桌面对b的支持力FN和摩擦力Ff有可能在一定范围内变化，B、D正确。12[2016· A．F逐渐变大，TB．F逐渐变大，TC．F逐渐变小，TD．F逐渐变小，T答案解析OB上拉力的大小等于物体的重力，OAOBF构成一个三角形，如图所示，其中mg大小、方向都不变，F的方向O点向左移时，Tθ减小，如图所示，可知，T增大，F增大，A正确。有Q＝3.0×10－6C的正电荷，两线夹角为120°，两线上的拉力大小分别为F1和F2A的正下方0.3m处放有一带等量异种电荷的小球B，B与绝缘支架的总质量为0.2kg(重力加速度取g＝10 常量k＝9.0×109N·m2/C2，A、B球可视为点电荷)，则( CBM、A、B在同一直线上，此时两线上的F1＝1.225N，F2＝1.0N答案Q2Q解析A、BF＝kr2＝0.9N，BG2＝m2g＝2N1.1N，A错误。由于两线的夹角为120°，根据对称性可知，两线上的拉力大小相AF1＝F2＝G1＋F＝1.9N， kr′2＝9×10

N＝0.225N于O点右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体：OO′段水平，长度为L；绳上套一可沿绳滑动的轻环。现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L。则钩码的质量为( D.A. B. C.D. 答案解析物体上升L后平衡，情景如图，△OO′m为等边三角形，绳拉力D选项正确。它们的合力大小为F，则( A．F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍B．F1、F210N，F10NC．F110N，F210N，F一定不变DF1、F2中的一个增大，F不一定增大答案AD121212解析根据求合力的 F2＋F2＋2FFcosθ(θ为F、121212A正确；对于B、C两种情况，力的变化不是按比例增加或减少的，不能判断合力的变化情况，B、C错误；如图所示，若F2增加，可明显看出合力先减小后增大，所以D正确。PA段处于水平状态；另一根轻质细绳一端与轻质动滑轮相连，QO处施加一水平向左的是()AO使其向左缓慢移F增大AO使其向左缓慢移F不变答案解析B为研究对象，AP、BPB的重力，两段绳子拉力的合力在∠APB的角平分线上，保持绳子的端FA、BA点的位置不变，拉O使其向左缓慢移动时∠APB减小，AP、BP两段绳子拉力的合力增大，所以拉力F增大，选项C正确，D错误。ABAB沿水平和竖直两种为F和F′，已知支架间的距离为AB的一半，则F为

C.2

D.3233答案323322解析设两半球的总质量为m，当球以AB沿水平方向放置时，F′＝1mgtanθABθ＝30°，所以22F＝3A 答案

解析设连接天花板的细绳的拉力为FT，则对5000个小球的整体而言，竖直方向：FTsin45°＝5000mg2011个球的整体而言，20112012FT1，如图所示。则水平方向：FTcos45°＝FT1cosα；竖直方向：FTsin45°＝2011mg＋FT1sinα。联立解得tanα＝2989，C正确。等的小球a、b，悬挂于O点。现在两个小球上分别加上水平方向的外力其中作用在b球上的力大小为作用在a球上的力大小为2F，则此装置平衡时的位置可能是下图中的哪幅图( 答案解析Oaα，ab段绳子与竖直方β2mg、水平向右的拉FOatanα＝Ftanβ＝Fα<β，C关系正确的是()A．F与l无 B．F与l成反C．F与l2成反 3答案解析G1

是Fcosθ＝2G，因为sinθ＝1＝l，得 3所以 ，若l＝2d32m13段轻绳悬挂，3段轻状态。(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g10m/s2。设最大静摩擦m2＝60kgμ＝0.3，则欲使人在水平面上不滑动，物体甲的质量m1最大过多 (3)24解析(1)O立直角坐标系，将FOA分解，由平衡条件有 4(2)OB绳的拉力和水平面的静摩擦力，受力如图444 即物体甲的质量m1最大过24kg53°角保持不变，如图所示，这5N。求风筝所受的风力。3答案3解析GFF三个力的作用，受力F风x＝Fcos53°＝5×0.6N＝3F风y＝Fsin53°＋G＝5×0.8N＋4N＝8F风 F2x＋F2 32＋82N＝8.54 88

23．[2016·海淀期中]F＝40N时，质量m＝10kg的木块可以在水平面上匀速前进。若在木块上再放一个M60N，求铁块M。(g＝10m/s2)答案5解析F＝40Nf＝40N，木块对水平面的压力FN＝mg＝100N，F′＝60NFN′＝(M＋f′＝60Nf′＝μFN′M＝5kg24[2017·PB的结点上并处于静止状态，PA与竖直方向的夹角为37°，PB答案(1)6 (2)64.8 76.4解析(1)P联立解得FB＝mgsin37°＝6N。Ff＝Mgsin37°＋FBcos37°＝(10×10×0.6＋6×0.8)64.825.[2