2022年江西省吉安市永阳中学高二物理模拟试题含解析

2022年江西省吉安市永阳中学高二物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.行星的运动轨道与园十分接近，在中学阶段按园轨道来处理。下列关于行星的运动，在中学阶段理解正确的是：A．绕太阳运行的行星做变速圆周运动B．太阳处在绕太阳运行的行星轨道的圆心处C．所有绕太阳运行的行星轨道半径三次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等D．对于绕不同恒星的行星，轨道半径三次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等参考答案：BC2.如图4所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（

）

A．向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反

B．不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针

C．向右匀速拉出时，感应电流大小不变

D．要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变参考答案：BD3.如图是验证楞次定律实验的示意图，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流.各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中表示正确的是(

)参考答案：CD4.用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法,下面四个物理量都是用比值法定义的，以下公式不属于定义式的是

（

）A．电流强度

B．电容

C．电阻

D．磁感应强度

参考答案：B5.（多选）如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（

） A．电势，场强 B．电势，场强 C．将电荷从A点移到B点电场力做了正功 D．将电荷分别放在A、B两点时具有的电势能参考答案：BC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.某同学在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，使用了如图所示的装置，设沙和沙桶总质量为m，小车质量为M，重力加速度为g。要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持▲

不变（填“m”或“M”）；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持

▲

不变（填“m”或“M”）。为了能用mg代替小车所受拉力，应该使m

▲

小车质量M（填“远大于”或“远小于”）。参考答案：m

M

远小于7.以15m/s的速度平抛一个小球,小球的质量为1㎏,经2s小球落地,不计空气阻力,g取10m/s．小球落地时的速度大小为_____m/s．在这一过程中,小球的动量变化的大小为_____㎏·m/s．参考答案：答案:25,20

8.图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场。现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向。所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；A为电流表；S为开关。此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线。[来源:

]（1）在图中画线连接成实验电路图。（2）完成下列主要实验步骤中的填空①按图接线。②保持开关S断开，在托盘内加入适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1。③闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D________；然后读出___________________，并用天平称出____________。[来源:

.Com]④用米尺测量_______________。（3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感应强度的大小，可以得出B=_________。（4）判定磁感应强度方向的方法是：若____________，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里。参考答案：9.(1分)避雷针利用

原理来避雷：带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击。参考答案：尖端放电10.（9分）如图所示，在足够长的斜面上有一质量为m的长方形木板A，木板上表面光滑.当木板获得初速υ0后正好能匀速下滑。在木板匀速下滑时将一质量也为m的滑块B轻轻地放在木板表面上。当木块B在木板上动量为mυ0时，木板A的动量为

；当木块B在木板上动量为mυ0时，木板A的动量为

；当木块B在木板上动量为2mυ0时，木板A的动量为

。参考答案：mυ0；mυ0；011.如图所示，AB两端接直流稳压电源，UAB＝100V，R0＝40W，滑动变阻器总电阻R＝20W，当滑动片处于变阻器中点时，C、D两端电压UCD为___________V，通过电阻R0的电流为_____________A。参考答案：80

2

12.一定质量的理想气体，在压强不变的条件下，它在100℃时的体积和9℃时的体积之比是

。它在0℃时的热力学温度是

K。参考答案：13.将一电荷量为＋Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，金属球表面的电势处处相等，a、b为电场中的两点，则:a点的电势比b点的

;检验电荷－q在a点的电势能比在b点的

参考答案：高 低三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某同学用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻，实验采用的电路如图1所示．（1）下列给出的器材中，应该选用ACDFH（填代号）A、待测干电池（2节串联，电动势约3V）B、电流表（量程0～3A，内阻0.025Ω）C、电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω）D、电压表（0～3V，内阻3kΩ）E、电压表（量程0～15V，内阻15kΩ）F、滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A）G、滑动变阻器（0～2000Ω，额定电流0.3A）H、开关、导线（2）如图2给出了做实验所需的各种仪器，请你按电路图把它们连成实验电路．（3）该同学记录了5组数据，并根据这些数据在坐标图中画出U﹣I图线，如图3所示，根据图线求出两节干电池串联的电动势E=2.75V，内阻r=1.92Ω．（结果均保留两位小数）参考答案：

考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时，由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器．（2）对照电路图，按顺序连接电路．（3）由闭合电路欧姆定律分析U﹣I图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻．解答：解：（1）滑动变阻器允许的最大电流为1A，量程为3A的电流表读数误差会比较大，所以应选择量程为0.6A的电流表（C）；电源的电动势是3V，所以适合选择量程为3V的电压表（D）；滑动变阻器要选择额定电流较大的（F）；另外，要选择电源A和导线与电键（H）．所以要选择的项目共有：ACDFH．（2）对照电路图，按顺序连接电路如图：（3）由闭合电路的欧姆定律：E=U+Ir；当电路中的电流接近0时，路端电压接近电源的电动势，所以在U﹣I图象中，图线与纵坐标的交点表示电源的电动势，根据图3可以读出电源的电动势为2.75V；又因为图象的斜率表示电源的内电阻，所以：r==Ω=1.92Ω故答案为：（1）ACDFH；（2）连线如图；（3）2.75，1.92；点评：本实验的原理是闭合电路欧姆定律，根据原理由图象的斜率和截距分别求出内阻和电动势．15.某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻。已知干电池的电动势约为1．5V，内阻约为1Ω；电压表(0～3V，3kΩ)、电流表(0～0．6A，1．0Ω)、滑动变阻器有R1(10Ω，2A)和R2(100Ω，0．1A)各一只．①实验中滑动变阻器应选用(填“R1”或“R2”)。②在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路。③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U－I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E＝V；内阻，rΩ。参考答案：①

R1

③

1.46-1.48

1.7-1.9

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上．现有滑块A以初速度V0从右端滑上B，并以V0滑离B，恰好能到达C的最高点．A、B、C的质量均为m，试求：（1）A滑到B最左端时，B、C速度是多大？（2）木板B上表面的动摩擦因素μ；（3）圆弧槽C的半径R．参考答案：解：（1）B、C速度相等，设为v，对A、B、C组成的系统，规定向左为正方向，由动量守恒定律得：，解得BC的速度为：v=．（2）对系统，由能量守恒得：，解得：μ=．（3）A、C共速为v2时，A滑到C最高点，对A、C由动量守恒，规定向左为正方向，有：，根据能量守恒有：，联立解得：R=．答：（1）A滑到B最左端时，B、C速度是；（2）木板B上表面的动摩擦因素μ为；（3）圆弧槽C的半径R为．【考点】动量守恒定律；动能定理的应用．【分析】（1）A滑到B最左端时，B、C的速度相等，对A、B、C组成的系统运用动量守恒定律求出B、C的速度．（2）对系统运用能量守恒定律求出木板B上表面的动摩擦因素μ；（3）A恰好能到达C的最高点，此时A、C的速度相等，对AC组成的系统，运用动量守恒定律和能量守恒定律求出圆弧槽C的半径R．17.16如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑离心轨道，一个带负电的小球从斜轨道上的A点由静止释放，沿轨道滑下(小球的重力大于所受的电场力).(1)已知小球的质量为m，电量大小为q，匀强电场的场强大小为E，斜轨道的倾角为α，求小球沿斜轨道下滑的加速度的大小；(2)若使小球通过半径为R的圆轨道顶端的B点时不落下来，求A点距水平地面的高度h至少应为多大？

(3)若小球从斜轨道h=5R处由静止释放.假设其能够通过B点，求在此过程中小球机械能的改变量.c

参考答案：答案：⑴据牛顿第二定律：(mg－qE)Sinα=maa=(mg－qE)Sinα/m

⑵若小球刚好在B点不下落，据牛顿第二定律mg－qE=mv2/r……①

小球由A到B，据动能定理(mg－qE)(h－2R)=mv2/2……②

②式联立，解得：h=5R/2

⑶小球从静止开始沿轨道运动到B点的过程中，机械能的变化量为△E电

由△E机=W电……………W电=－3REq得△E机=－3REq③

18.如图所示，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1，一束电荷量相同的带正电的粒子从图示方向射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，结果分别打在a、b两点，两点间距离为△L。设粒子所带电量为q，且不计粒子所受重力，求：（1