2023届江苏省高三普通高等学校招生全国统一考试物理试卷三含答案

高三普通高等学校招生全国统一考试物理试卷〔三)一、单项选择题1.如下列图，挂钩连接三根长度均为L的轻绳，三根轻绳的另一端与一个质量为m、直径为1.2L的水平圆环相连，连接点将圆环三等分，在挂钩拉力作用下圆环处于静止状态，重力加速度为g，那么每根轻绳上的拉力大小为〔

〕A.

mg

B.

mg

C.

mg

D.

mg2.在我国新交通法中规定“车让人〞，驾驶员驾车时应考虑到行人过马路的情况。假设有一汽车以8m/s的速度匀速行驶即将通过路口，此时正有行人在过人行横道，而汽车的前端距停车线8m，该车减速时的加速度大小为5m/s2。以下说法中正确的选项是〔

〕A.

驾驶员立即刹车制动，那么至少需2s汽车才能停止

B.

在距停车线7.5m处才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处

C.

假设经0.25s后才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处

D.

假设经0.2s后才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处3.当前，我国某些贫困地区的日常用水仍然依靠井水。某同学用水桶从水井里提水，井内

水面到井口的高度为20m。水桶离开水面时，桶和水的总质量为10kg。由于水桶漏水，在被匀速提升至井口的过程中，桶和水的总质量随着上升距离的变化而变化，其关系如下列图。水桶可以看成质点，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。由图象可知，在提水的整个过程中，拉力对水桶做的功为〔

〕A.

2000J

B.

1800J

C.

200J

D.

180J4.如下列图，某同学疫情期间在家锻炼时，对着墙壁练习打乒乓球，球拍每次击球后，球都从同一位置斜向上飞出，其中有两次球在不同高度分别垂直撞在竖直墙壁上，不计空气阻力，那么球在这两次从飞出到撞击墙壁前〔

〕A.

在空中飞行的时间可能相等

B.

飞出时的初速度竖直分量可能相等

C.

撞击墙壁的速度大小可能相等

D.

飞出时的初速度大小可能相等5.如图〔a〕所示，在倾角的斜面上放置着一个金属圆环，圆环的上半局部处在垂直斜面向上的匀强磁场〔未画出〕中，磁感应强度的大小按如图〔b〕所示的规律变化。释放圆环后，在和时刻，圆环均能恰好静止在斜面上。假设圆环与斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，，那么圆环和斜面间的动摩擦因数为〔

〕

A.

B.

C.

D.

6.为了做好疫情防控工作，小区物业利用红外测温仪对出入人员进行体温检测。红外测温仪的原理是：被测物体辐射的光线只有红外线可被捕捉，并转变成电信号。图为氢原子能级示意图，红外线单个光子能量的最大值为1.62eV，要使氢原子辐射出的光子可被红外测温仪捕捉，最少应给处于激发态的氢原子提供的能量为〔

〕7.以下有关分子动理论的说法中，正确的选项是〔

〕A.

足球充足气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果

B.

花粉颗粒在液体中的布朗运动，短时间的运动无规那么，时间足够长时是有规那么的

C.

假设气体在某状态下的摩尔质量、密度及阿伏加德罗常数，可求出每个分子的体积

D.

两分子之间的引力和斥力平衡时，它们所具有的分子势能具有最小值8.以下说法中正确的选项是〔

〕A.

电磁波是纵波

B.

单摆的摆长越长，摆动周期越小

C.

照相机的镜头涂有一层增透膜，利用的是光的衍射原理

D.

狭义相对论是以相对性原理和光速不变原理这两条根本假设为前提的二、多项选择题9.北斗卫星导航系统第41颗和第49颗卫星已完成在轨测试、入网评估等工作，正式入网工作。第41颗卫星为地球同步轨道卫星，第49颗卫星为倾斜地球同步轨道卫星，它们的轨道半径约为4.2×107m，运行周期都等于地球的自转周期24h。倾斜地球同步轨道平面与地球赤道平面成一定夹角，如下列图。万有引力常量G＝6.67×10－11N·m2/kg2，以下说法中正确的选项是〔

〕A.

同步轨道卫星可能经过北京上空

B.

根据题目数据可估算出地球的质量

C.

倾斜地球同步轨道卫星的运行速度大于第一宇宙速度

D.

倾斜地球同步轨道卫星一天2次经过赤道上同一位置10.如下列图，理想自耦变压器原线圈的a、b两端接有瞬时表达式为u＝20sin〔50πt〕V的交流电压，指示灯L接在变压器的一小段线圈上，调节滑片P1可以改变副线圈的匝数，调节滑片P2可以改变负载电阻R2的阻值，那么〔

〕A.

t＝0.04s时电压表V1的示数为零

B.

只向上移动P2，指示灯L将变暗

C.

P1、P2均向上移动，电压表V2的示数一定变大

D.

P1、P2均向上移动，原线圈输入功率可能不变11.如图甲所示，倾角为θ的绝缘传送带以2m/s的恒定速率沿顺时针方向转动，其顶端与底端间的距离为5m，整个装置处于方向垂直传送带向上的匀强电场中，电场强度大小随时间按图乙规律变化。t＝0时刻将一个质量m＝0.02kg的带正电小物块轻放在传送带顶端，物块与传送带之间的动摩擦因数为，sinθ＝、cosθ＝，E0＝，取g＝10m/s2，那么小物块〔

〕A.

始终沿传送带向下运动

B.

运动过程中加速度大小变化

C.

在传送带上运动的总时间为5s

D.

与传送带之间因摩擦产生的总热量为0.16J12.如下列图，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，在外力作用下将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h＝0.1m处，滑块与弹簧不拴接。现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h，并作出滑块的动能Ek与离地面高度h的关系图像，其中高度从0.2m上升到0.35m范围内图像为直线，其余局部为曲线，以地面为零势能面，取g＝10m/s2，由图像可知〔

〕A.

小滑块的质量为0.2kg

B.

刚释放时弹簧的弹性势能为0.32J

C.

弹簧的劲度系数为250N/m

D.

小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.38J三、实验题13.某探究学习小组的同学欲以如图甲装置中的滑块为对象验证“牛顿第二定律〞，装置由弹簧测力计、气垫导轨、两个光电门、滑块和砝码盘(含砝码)等组成．光电门可以测出滑块的遮光条依次分别通过两个光电门的时间，游标卡尺测出遮光条的宽度d，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离L，另用天平测出滑块、砝码盘(含砝码)的质最分别为M和m，不计滑轮的重量和摩擦．〔1〕用游标卡尺测量遮光条的宽度d如图乙所示，那么d=________cm〔2〕实验操作中，以下说法正确的选项是_________

B.为减小误差,实验中一定要保证质量m远小于质量M

C.实验时，屡次在同一条件下重复实验取遮光条通过两光电门时间的平均值减小系统误差

D.如果气垫导轨水平，那么轻推滑块匀速滑动时通过两个光电门的时间和必相等〔3〕该装置中弹簧测力计的读数F，需要验证的表达式为F=________．〔4〕对质量保持不变的过程，根据实验数据绘出滑块的加速度a与弹簧测力计示数F的关系图象，最符合本实验实际情况的是______________．A.

B.

C.

D.14.在实验室测量两个直流电源的电动势和内阻。电源甲的电动势大约为4.5V，内阻大约为1.5Ω；电源乙的电动势大约为1.5V，内阻大约为1Ω。由于实验室条件有限，除了导线、开关外，实验室还能提供如下器材：A．量程为0~3V的电压表V

B．量程为0~0.6A的电流表A1C．量程为0~3A的电流表A21234，〔1〕选择电压表、电流表、定值电阻、滑动变阻器等器材，采用图甲所示电路测量电源甲的电动势和内阻①定值电阻应该选择________(填“D〞或“E〞)；电流、表应该选择________(填“B〞或“C〞)；滑动变阻器应该选择________(填“F"或“G").②分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，计算机拟合得到如图乙所示U-I图象，U和I的单位分别为V和A，拟合公式为U=-5.8I+4.6，那么电源甲的电动势E=________V，内阻r=________Ω。(保存两位有效数字)③在测量电源甲的电动势和内阻的实验中，产生系统误差的主要原因是〔________〕A．电压表的分流作用

B．电压表的分压作用C．电流表的分压作用

D．电流表的分流作用〔2〕为了简便快捷地测量电源乙的电动势和内阻，选择电压表、定值电阻等器材，采用图丙所示电路。①定值电阻应该选择________(填“D〞或“E〞)②实验中，首先将K1断开，K2闭合，电压表示数为1.49V，然后将K1、K2均闭合，电压表示数为1.18V，那么电源乙电动势E=________V，内阻r=________Ω。(小数点后保存两位小数)四、填空题15.烟雾探测器使用了一种半衰期为432年的放射性元素镅来探测烟雾。当正常空气分子穿过探测器时，镅衰变所释放的射线会将它们电离，从而产生电流，那么镅放出的是________〔填“α〞或“γ〞〕射线。一旦有烟雾进入探测腔内，烟雾中的微粒会吸附局部射线，导致电流减小，从而触发警报，那么发生火灾时，烟雾探测器中的镅半衰期________〔填“会〞或“不会〞〕因温度升高而变化。16.如下列图，圆筒形容器A、B用细而短的管连接，活塞F与容器A的内外表紧密接触，且不计摩擦。初始K关闭，A中有温度为T0的理想气体，B内为真空，整个系统对外绝热。现向右缓慢推动活塞F，直到A中气体的体积与B的容积相等时，气体的温度变为T1，那么此过程中气体内能将________〔填“变大〞、“不变〞、“变小〞〕。然后固定活塞不动，将K翻开，使A中的气体缓慢向B扩散，平衡后气体的温度变为T2，那么T2________T1〔填“>〞、“=〞、“<〞〕。17.一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速为6m/s，t＝0时的波形如下列图。P、Q是介质中的两个质点，P点平衡位置为xP＝9m，此时P点的振动方向为________〔填“向上〞或“向下〞〕。Q点平衡位置为xQ＝11m，那么在t＝s时质点Q偏离平衡位置的位移为________。五、解答题18.如下列图为一个现代仿制的地动仪，龙口中的铜珠到蟾蜍口的距离为h，当感知到地震时，质量为m的铜珠〔初速度为零〕离开龙口，落入蟾蜍口中，与蟾蜍口碰撞的时间约为t，那么铜珠对蟾蜍口产生的冲击力大小约为多少？19.如下列图，上端开口的光滑圆柱形汽缸竖直放置，截面积为40cm2的活塞将一定质量的气体和一形状不规那么的固体A封闭在汽缸内．在汽缸内距缸底60cm处设有a、b两限制装置，使活塞只能向上滑动．开始时活塞搁在a、b上，缸内气体的压强为p0(p0＝1.0×1052求：①活塞的质量；②物体A的体积．20.如下列图，某种材料制成的扇形透明砖放置在水平桌面上，光源S发出一束平行于桌面的光线从OA的中点垂直射入透明砖，恰好经过两次全反射后，垂直OB射出，并再次经过光源S，光在真空中传播的速率为c，求〔1〕材料的折射率n；〔2〕该过程中，光在空气中传播的时间与光在材料中传播的时间之比。21.如下列图，金属圆环轨道MN、PQ竖直放置，两环之间ABDC内〔含边界〕有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B0，AB水平且与圆心等高，CD竖直且延长线过圆心。电阻为r，长为2l的轻质金属杆，一端套在内环MN上，另一端连接带孔金属球，球套在外环PQ上，且都与轨道接触良好。内圆半径r1＝l，外圆半径r2＝3l，PM间接有阻值为R的电阻，让金属杆从AB处无初速释放，金属杆第一次即将离开磁场时，金属球的速度为v，其他电阻不计，忽略一切摩擦，重力加速度为g。求：〔1〕金属球向下运动过程中，通过电阻R的电流方向。〔2〕金属杆从AB滑动到CD的过程中，通过R的电荷量q。〔3〕金属杆第一次即将离开磁场时，R两端的电压U。22.如下列图，长为3l的不可伸长的轻绳，穿过一长为l的竖直轻质细管，两端拴着质量分别为m、m的小球A和小物块B，开始时B先放在细管正下方的水平地面上．手握细管轻轻摇动一段时间后，B对地面的压力恰好为零，A在水平面内做匀速圆周运动．重力加速度为g，不计一切阻力．〔1〕求A做匀速圆周运动时绳与竖直方向夹角θ；〔2〕求摇动细管过程中手所做的功；〔3〕轻摇细管可使B在管口下的任意位置处于平衡，当B在某一位置平衡时，管内一触发装置使绳断开，求A做平抛运动的最大水平距离．23.如图甲，两个半径足够大的D形金属盒D1、D2正对放置，O1、O2分别为两盒的圆心，盒内区域存在与盒面垂直的匀强磁场。加在两盒之间的电压变化规律如图乙，正反向电压的大小均为Uo，周期为To，两盒之间的电场可视为匀强电场。在t=0时刻，将一个质量为m、电荷量为q〔q>0〕的粒子由O2处静止释放，粒子在电场力的作用下向右运动，在时刻通过O1.粒子穿过两D形盒边界M、N时运动不受影响，不考虑由于电场变化而产生的磁场的影响，不计粒子重力。〔1〕求两D形盒边界M、N之间的距离；〔2〕假设D1盒内磁场的磁感应强度，且粒子在D1、D2盒内各运动一次后能到达O1，求D2盒内磁场的磁感应强度；〔3〕假设D2、D2盒内磁场的磁感应强度相同，且粒子在D1、D2盒内各运动一次后在t=2To时刻到达Ol，求磁场的磁感应强度。

答案解析局部一、单项选择题1.【解析】【解答】设绳中拉力为T，绳与竖直方向夹角为，由几何关系可知由平衡知识3Tcos=mg得出故答案为：A。

【分析】对物体进行受力分析，在重力和三个拉力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。2.【解析】【解答】A．车减速为零所需最短时间为A不符合题意；B．根据速度位移公式可知，减速运动的位移为故在距停车线6.4m处才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处，B不符合题意；CD．匀速运动的时间为假设经0.2s后才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处，D符合题意，C不符合题意。故答案为：D。

【分析】汽车做匀减速运动，结合汽车的初速度和加速度以及反响时间，利用运动学公式分析求解即可。3.【解析】【解答】由于水桶匀速上升，故拉力等于水桶重力。由于水和水桶的质量随位移均匀减小。故拉力与位移满足线性关系，所以可用平均力法进行求解变力做功。那么拉力做功为：故答案为：B。【分析】变力做功，力的变化为均匀变化，求解力的平均值，对物体进行受力分析，明确所受到的力的大小和方向，利用公式W=Fscosα求解外力做功即可，其中α是力与位移的夹角。4.【解析】【解答】A．将乒乓球的运动逆过程处理，即为平抛运动，两次的竖直高度不同，两次运动时间不同，A不符合题意；B．在竖直方向上做自由落体运动，因两次运动的时间不同，故初速度在竖直方向的分量不同，B不符合题意；C．两次水平射程相等，但两次运动的时间不同，那么两次撞击墙壁的速度不同，C不符合题意；D．竖直速度大的，其水平速度就小，根据速度的合成可知飞出时的初速度大小可能相等，D符合题意。故答案为：D。

【分析】两个物体做斜抛运动，把两个物体的运动分解到水平和竖直方向，水平方向匀速运动,竖直方向竖直上抛运动，通过竖直方向运动求出运动时间，再通过水平的位移求解水平速度。5.【解析】【解答】根据楞次定律可知，时间内感应电流的方向沿顺时针方向，由左手定那么可知圆环上部受安培力沿斜面向下，设圆环半径为r，电阻为R，在时有，此时圆环恰好静止由平衡得同理在时圆环上局部受到的安培力沿斜面向上，圆环此时恰好静止，由平衡得联立以上各式得故ABC不符合题意，D符合题意。故答案为：D。

【分析】利用法拉第电磁感应定律结合圆环的平衡方程可以求出动摩擦因素的大小。6.【解析】【解答】AB．处于n=2能级的原子不能吸收10.20eV、2.89eV的能量，那么选项AB不符合题意；C．处于n=2能级的原子能吸收2.55eV的能量而跃迁到n=4的能级，然后向低能级跃迁时辐射光子，其中从n=4到n=3的跃迁辐射出的光子的能量小于1.62eV可被红外测温仪捕捉，选项C符合题意；

D．处于n=2能级的原子能吸收1.89eV的能量而跃迁到n=3的能级，从n=3到低能级跃迁时辐射光子的能量均大于1.62eV，不能被红外测温仪捕捉，选项D不符合题意。故答案为：C。

【分析】利用能级跃迁的能量可以判别需要提供的能量。7.【解析】【解答】A．气体压强产生的原因是气体分子频繁碰撞产生，气体分子一般不考虑分子间相互作用力，A不符合题意；B．布朗运动的无规那么性与时间长短无关，B不符合题意；C．气体在某状态下的摩尔质量、密度及阿伏加德罗常数，可求出每个气体分子占据的空间，C不符合题意；D．两分子间引力和斥力的合力为零时，分子势能为最小值，D符合题意。故答案为：D。

【分析】分子力与移动方向相同，分子力做正功，势能减小，方向相反，分子力做负功，分子势能增加。8.【解析】【解答】A．电磁波是横波，A不符合题意；B．根据得出摆长越长，摆动周期越大，B不符合题意；C．增透膜利用的是光的干预原理，C不符合题意；D．狭义相对论是以相对性原理和光速不变原理这两条根本假设为前提的，D符合题意。故答案为：D。

【分析】对于波来说，只有纵波才有偏振，横波没有偏振；光速不变原理是相对论的一个假设，之后的所有结论都是以此为依据经过推导得到的。二、多项选择题9.【解析】【解答】A．同步轨道卫星处于赤道平面上方，不可能经过北京上空，A不符合题意；B．根据得出B符合题意；C．第一宇宙速度是最大的绕行速度，任何地球卫星的运行速度均小于第一宇宙速度，C不符合题意；D．由于倾斜地球同步轨道卫星周期与地球自转周期相同，故一天2次经过赤道上同一位置，D符合题意。故答案为：BD。

【分析】卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，结合卫星的周期，根据向心力公式列方程求解中心天体的质量。10.【解析】【解答】A．电压表示数为有效值，与某一时刻无关，A不符合题意；B．只向上移动P2，指示灯两端电压不变，灯亮度不变，B不符合题意；C．R2两端电压为当P1、P2上移时，U2、R2均变大，电压表V2的示数变大，C符合题意；D．P1、P2均向上移动，副线圈上消耗的功率可能不变，根据能量守恒，原线圈输入功率也可能不变，D符合题意。故答案为：CD。

【分析】通过交流电压的表达式读出电压的最大值和角速度，计算出电压的有效值和频率，利用变压器原副线圈匝数比与电压的关系求解副线圈的电压即可，再利用欧姆定律求解电流，进而求解功率。11.【解析】【解答】AB．有电场时由得出摩擦力大小为零，此时加速度a1=2m/s2无电场时得出加速度a2=-2m/s2小物块一直向下运动，加速度大小不变，A符合题意，B不符合题意；C．从t=0时刻起，每秒内物块沿斜面向下运动1m，到底端所需时间为5s，C符合题意；D．物块下滑过程中，有摩擦力的时间为没有电场时，产生的热量与相对位移有关，有D不符合题意。故答案为：AC。

【分析】对物体进行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面两个方向上分解，在沿斜面方向利用牛顿第二定律求解物体的加速度；利用运动学公式求解物体与传送带的相对位移，摩擦力产生的热量用摩擦力的大小乘以两物体相对运动的距离即可。12.【解析】【解答】A．在图像中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，从0.2m上升到0.35m范围内，图线的斜率绝对值得出m=0.2kgA符合题意；B．当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，有B不符合题意；C．从0.2m上升到0.35m范围内图像为直线，其余局部为曲线，说明从h=0.2m处滑块与弹簧别离，弹簧的原长为0.2m，由图可知当h=0.18m时的动能最大，动能最大时mg=kx得出C不符合题意；D．在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知D符合题意。故答案为：AD。

【分析】物体和弹簧组成的系统能量守恒，结合物体动能的变化图像，利用能量守恒定理列方程分析求解即可。三、实验题13.【解析】【解答】〔1〕由图示游标卡尺可知，其示数为1cm+3×0.05mm=10.15mm=1.015cm。〔2〕A、实验前要调节气垫导轨水平，因有弹簧测力计测出拉力，那么不需要平衡摩擦力，A符合题意；B、滑块受到的拉力可以由测力计读出，实验中不需要保证质量m远小于质量M，B不符合题意；C、实验时，屡次在同一条件下重复实验取遮光条通过两光电门时间的平均值以减小偶然误差，C不符合题意；D、如果气垫导轨水平那么轻推滑块匀速滑动时，通过两个光电门的时间△t1和△t2必相等，D符合题意；〔3〕滑块经过光电门时的速度：滑块的加速度：对滑块，由牛顿第二定律得：2F=Ma那么：〔4〕质量不变，由牛顿第二定律得：，M不变，a与F成正比，a-F是正比例函数图象，A符合题意，BCD不符合题意；

【分析】〔1〕明确游标卡尺的读数规那么进行读数即可；

〔2〕平衡摩擦力，除去摩擦力对实验的影响，使实验更准确；

〔3〕当运动位移很短时，物体的平均速度等于物体运动的瞬时速度，利用宽度除以挡光的时间即可；结合物体的速度变化量以及对应的时间，利用加速度的定义式求解物体的加速度，再利用牛顿第二定理求解外力大小；

〔4〕根据牛顿第二定律列方程，结合图像横纵坐标求解即可。14.【解析】【解答】〔1〕①测电动势力约4.5V的电源电动势与内阻时，由于有定值电阻的存在，电路中的最大电流为AA如果用量程为3A的电流表，那么读数误差太大，因此，电流表应选B；测电动势约4.5V的电源电动势与内阻时，电路最小电阻为根据闭合电路欧姆定律有联立解得电源电动势为E=4.6V，内阻r=1.8Ω，③由电路图可知，电压表的分流作用会造成实验误差，A符合题意，BCDE不符合题意；故答案为：A；〔2〕①用图丙所示电路测电动势与内阻，定值电阻适当小一点，实验误差小，因些定值电阻应选D；②由电路图可知，K1断开，K2闭合，电压表示数为电流电动势，电压表示数为1.49V，即电源乙电动势为E=1.49V；K1、K2均闭合，电压表示数为1.8V，电压表测路端电压，此时电路电流为电源内阻为

【分析】〔1〕在量程允许的情况下选择小量程的电表即可，滑动变阻器选择与电源内阻相近即可；

〔2〕根据闭合电路欧姆定律得U=E﹣Ir结合函数图像来求解内阻和电动势即可；

〔3〕电压表分流，使得测得的电流偏小引起误差。四、填空题15.【解析】【解答】