河北省衡水中学高三物理第14周冲刺练

河北衡水中学——学度第14周物理冲刺练二.选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，14~17只有一个选项是正确的；18~21至少有两项是正确的。全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。14．如图所示，物体A、B、C在水平外力F的作用下在水平面上一起向右做匀速直线运动，则有关A、B、C三个物体的受力情况，下列说法中正确的是A.物体A一定受5个力作用B.物体B可能受4个力作用，也可能受5个力作用C.物体C一定受4个力作用D.物体A可能受5个力作用，也可能受6个力作用15．在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电荷量为+Q的正点电荷,在水平面上的N点,由静止释放质量为m,电荷量为-q的负检验电荷,该检验电荷经过P点时速度为v,图中θ=60°,规定电场中P点的电势为零。则在+Q形成的电场中[

]A.N点电势高于P点电势

B.N点电势为

C.P点电场强度大小是N点的2倍

D.检验电荷在N点具有的电势能为

16．变压器的原副线圈匝数比为2:1,副线圈接有小灯泡与二极管(具有单向导电性).线圈绕垂直于磁场的水平轴沿逆时针方向匀速转动,从图示位置开始计时,产生的交变电流随时间变化的图像如图所示.以下判断正确的是()

A.0.02时刻线圈中磁通量最大

B.0.015时刻电压表示数为0

C.小灯泡两端电压为5

D.增大线圈的转动速度,小灯泡的亮度会变大17．如图所示,区域中存在一个垂直纸面向里的有界匀强磁场,磁感应强度为,边距地面高度,正方形绝缘线圈竖直放置,质量为,边长为,总电阻为,边与地面动摩擦因数为,在水平力的作用下向右作直线运动通过磁场区域,下列说法正确的是()

A.线圈进入磁场过程中感应电流的方向沿

B.线圈边完全处于磁场中运动时,两点间电势差为0

C.线圈进入磁场的过程中通过线圈导线某截面的电量为

D.线圈进入磁场过程中若,则线圈将以速度做匀速直线运动18．O为地球球心，半径为R的圆是地球赤道，地球自转方向如图所示，自转周期为T，观察站A有一观测员在持续观察某卫星B，某时刻观测员恰能现察到卫星B从地平线的东边落下，经的时间，再次观察到卫星B从地平线的西边升起．已知∠BOB′=α，地球质量为M，万有引力常量为G，则（）A．卫星B绕地球运动的周期为B．卫星B绕地球运动的周期为C．卫星B离地表的高度为D．卫星B离地表的高度为19．如图所示,质量为的小车在水平恒力推动下,从山坡底部处由静止起运动至高为的坡顶,获得速度为的水平距离为.在上述运动过程中,下列说法正确的(

)

A.小车克服阻力做功

B.小车的动能增加了

C.小车的重力势能增加了

D.小车的机械能增加了20．如图所示，倾角为的斜面上固定两根足够长的平行金属导轨PQ、MN,导轨电阻不计，相距为L，导轨处于磁感应强度为的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下。两根导体棒a、b质量相等均为m，其电阻之比为2:1。a、b棒均垂直导轨放置且与导轨间的动摩擦因数相同，<tan。对导体棒a施加沿斜面向上的恒力Fa棒沿斜面向上运动，同时将b棒由静止释放，最终a、b棒均做匀速运动。两棒在运动过程中始终与导轨垂直，且与导轨接触良好。则A.恒力F的大小等于B.匀速运动时a、b两棒的速度等大C.匀速运动时速度之比为2:1D.拉力F做的功等于回路消耗的电能和摩擦产生的内能之和21．、如图,竖直光滑的圆轨道上放一个质量为的小球,带电量为(可看作质点),圆的半径为。周围空间充满着水平方向的匀强电场,电场强度。现在在最低点给小球一个初动能,为了小球能作一个完整的圆周运动,那么在圆轨道最低点给小球的初动能不正确的(

)

A.大于B.等于

C.小于D.的大小不能确定22.气垫导轨是常用的一种实验仪器。它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦。我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：a．用天平分别测出滑块A、B的质量、。b．调整气垫导轨，使导轨处于水平。c．在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上。d．用刻度尺测出A的左端至C板的距离。c．按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作。当A、B滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间和。（1）实验中还应测量的物理量是____________。（2）利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是________，上式中算得的A、B两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因可能是_______（至少写出两点）（3）利用上述实验数据是否可以测出被压缩弹簧的弹性势能的大小？__________（填“可以”或“不可以”）23．某课题研究小组,收集了各种类型的电池,及从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈.现从这些材料中选取两个待测元件,一是电阻,二是常用的锂电池(电动势标称值为3.7).在操作台上还准备了如下实验器材:

A.电压表(量程3,15,内阻约为几千欧)

B.电流表(量程0.6,电阻)

C.电阻箱(0~99.9,最小分度值0.1)

D.变阻器阻值最大为20

E.开关一只、导线若干

1.为了测定电阻的阻值,小组的一位成员设计了如图a所示的电路原理图并选取了合适的量程(电源用待测的锂电池),当电流表示数为0.40时,电压表示数如图b示,读数为

,由此可求得

.

2.在实验操作过程中,若电流表损坏,该成员就用余下的器材设计了如图c所示电路测量锂电池的电动势和内阻.他多次改变电阻,读出电压,根据测得的数据作出图,由图求得纵轴截距为,图像斜率为,则电源电动势______,电池内阻______.

(全部用题中给定的字母表示)

3.本实验测量出的内阻与真实内阻相比较

(填“偏大”,“偏小”或“准确”).24．如图所示，水平桌面上有三个质量分别为1kg、2kg、3kg的物体a、b、c叠放在一起，a的左端通过一根轻绳与质量为的小球相连，绳与水平方向的夹角为60°，小球静止在光滑的半圆形器皿中，水平向右的力作用在b上，a、b、c三个物体恰好处于静止状态且a与桌面恰好不打滑，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，ab间、bc间最大静摩擦力足够大，取g=10m/s2，求：（1）绳对小球的拉力大小；（2）b对c，a对b以及桌面对a的摩擦力大小；（3）撤去力F的瞬间，a、b、c三个物体的加速度大小。25．如图所示,光滑水平地面上方区域存在互相垂直的匀强磁场和匀强电场,电场强度,方向竖直向上,距离为2,高度为1,一厚度不计的绝缘长木板其右端距点2,木板质量,在木板右端放有一带电量的小铁块(可视为质点),其质量,小铁块与木板间动摩擦因数,现对长木板施加一水平向右的恒力,作用1后撤去恒力,取10.

1.求前1小铁块的加速度大小,长木板加速度大小;

2.要使小铁块最终回到长木板上且不与长木板发生碰撞,求磁感强度的最小值;

3.在时再给长木板施加一个水平向左的力,满足2条件下,要使小铁块回到长木板时恰能相对长木板静止,求木板的最小长度(计算过程取3.14).

3-3.[物理——选修3-3](15分)(1)．下列说法中正确的是_____________A.物体从外界吸热，其内能不一定增大B.液晶显示器是利用液晶对光具有各向同性的特点C.温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均速率不相同D.用气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数可以估算气体分子的体积E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大(2)．如图所示,上端开口的光滑圆柱形绝热气缸竖直放置,质量、截面积的活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内,在气缸内距缸底为处有体积可忽略的卡环、,使活塞只能向上滑动.开始时活塞搁在、上,缸内气体的压强等于大气压强,温度为.现通过内部电热丝缓慢加热气缸内气体,直至活塞恰好离开

、.已知大气压强.(取10),求:1.活塞恰要离开时,缸内气体的压强;

2.当活塞缓慢上升时(活塞未滑出气缸)缸内气体的温度为多少?

3.若全过程电阻丝放热95,求气体内能的变化.

3-4[物理——选修3-3](15分)(1)．17．下列说法中正确的是___________A.做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，加速度也相同B.做简谐运动的质点，经过四分之一周期，所通过的路程一定是一倍振幅C.根据麦克斯电磁场理论可知，变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场D.双缝干涉实验中，若只减小双缝到光屏间的距离，两相邻亮条纹间距离将变大E.声波从空气传入水中时频率不变，波长变长。(2)．如图所示,为某种扇形玻璃砖,半径,圆心角,水平,折射率,在边上有与竖直方向成夹角的一束平行光线射向玻璃砖,不考虑所有面上的反射光,求:1.光线射入玻璃砖的折射角;

2.光线在介质中传播的最长时间;

3.有光线射出介质的弧长.

第14周物理冲刺练答案14.【答案】A【解析】A受重力、拉力F、地面支持力、地面对A摩擦力、B对A的压力共5个，所以A正确；D错误；物体B受重力、A对B的支持力、C对B的压力和摩擦力共4个，所以B错误；物体C受重力A对C的支持力和摩擦力共3个，所以C错误。15.答案：B16.答案：D17.答案：C18.【解答】解：AB、设卫星B绕地球运动的周期为T′．由图知，经的时间，卫星B转过的角度为2π+α，角速度为：ω==周期为：T′==，故A错误，B正确．CD、根据万有引力提供向心力，得：G=mω2（R+h）解得卫星B离地表的高度为：h=．故C错误，D正确．故选：BD【点评】解决本题的关键是要分析卫星B转过的角度，根据万有引力提供圆周运动向心力列方程．要注意几何关系的应用．19.答案：CD20.【答案】AB【解析】最终两棒都做匀速运动，故对两棒的整体知：，选项A正确；对ab棒的整体，由于所受合外力为零，故动量守恒，由动量守恒定律可知，可知v1=v2，即匀速运动时a、b两棒的速度等大，选项B正确，C错误；由能量守恒定律可知，拉力F做的功等于回路消耗的电能、摩擦产生的内能以及两棒的动能增量之和，选项D错误；故选AB.21.答案：BCD22.【答案】（1）B的右端至D板的距离L2；（2）；测量时间、距离、质量等存在误差，由于阻力、气垫导轨不水平等造成误差。（学生只要答对其中两点即可）（3）可以。【解析】试题分析：（1）因系统水平方向动量守恒即mAvA-mBVB=0，由于系统不受摩擦，故滑块在水平方向做匀速直线运动故有，，即．所以还要测量的物理量是：B的右端至D板的距离L2．（2）由（1）分析可知验证动量守恒定律的表达式是．产生误差的原因是测量mA、mB、L1、L2、t1、t2时带来的误差；气垫导轨不水平；滑块与气垫导轨间有摩擦．（3）能测出被压缩弹簧的弹性势能的大小．根据能量守恒定律被压缩弹簧的弹性势能Ep=mAVA2+mBvB2，将，，代入上式得．考点：验证动量守恒定律23.答案：1.2.80;5;2.;

3.偏小24.【答案】（1）10N（2）014N4N（3）0.7m/s2【解析】（1）对小球进行受力分析如图：（1分）据平衡条件得：，（2分）联立并代入数据解得：（1分）（2）对c：Ff=0（1分）对bc：Ff1=F=14N（1分）对abc整体：F–Ff2–FT=0（1分）代入数据解得Ff2=4N（1分）（3）撤去力F的瞬间，对abc整体：（2分）对小球有：（2分）联立代入数据并解得m/s2=0.78m/s2（2分）25.答案：1.当作用在长木板上时,对小铁块由,得,对长木板由,得.

2.由于,此后小铁块进入复合场做匀速圆周运动,当时,铁块必定会与木板碰撞,当时有可能不会相撞,但不是最小值,因此要使得小铁块与长木板不发生碰撞,其圆周运动最大半径,此时对应的磁场强度最小,由,速度,得.

3.长木板运动1末位移,速度,

小铁块运动1末位移,

撤去后长木板减速度运动,小铁块离开长木板后先在磁场中作匀速圆周运动,出场后竖直上抛,

设小铁块离开长木板的总时间,

小铁块在磁场中运动的总时间,

小铁块出场后上抛与下降的总时间,

所以,

若小铁块回到木板时不发生滑动,则木板速度与小铁块相同,

此过程中木板匀减速运动位移为,

此时小铁块从点滑上长木板,距木板右端,

代入数据得木板的最小长度.

3-3.(1)．【答案】ACE【解析】物体从外界吸热，若对外做功，则其内能不一定增大，选项A正确；液晶显示器是利用液晶对光具有各向异性的特点，选项B错误；温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均动能相同，但是由于分子质量不同，故分子的平均速率不相同，选项C正确；用气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数可以估算气体分子占据的空间体积，选项D错误；当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，选项E正确；故选ACE.3-3.(2)答案：1.活塞恰要离开时,由活塞平衡,得.

2.活塞上升过程中压强,由状态方程有,代入数据得.

3.气体对外做功,又气体吸热,由热力学第一定律得,所以气体内能增加.3-4.(1)【答案】ACE【解析】做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，回复力相同