(江苏选考)18版高考物理二轮复习第二部分考前提速力争满分4策略考前提速练4

PAGEPAGE2内部文件，版权追溯内部文件，版权追溯考前提速练4一、单项选择题1.根据伽利略理想斜面实验，利用如图所示的轨道装置做实验：在斜轨上先后铺垫三种粗糙程度不同的材料，同一小球从左侧斜轨上的O点由静止释放后沿斜轨向下运动，沿右侧斜轨上升到的最高位置依次为1、2、3。对比这三次实验可知()A．第一次实验中小球接触的材料是最光滑的B．第二次实验中小球的机械能守恒C．第三次实验中小球的惯性最大D．第三次实验中小球对轨道最低点的压力最大解析：选D如果斜面光滑，则小球应到达与O点等高的位置，则由题图可知，三次实验中小球均受到阻力作用，第一次实验中小球上升的高度最低，接触的材料是最不光滑的，A错误；第二次实验中小球上升的高度低于原来的高度，说明有阻力做负功，故机械能不守恒，B错误；惯性只与质量有关，由于三次实验均用同一小球，则小球的惯性相同，C错误；第三次实验中小球到达最低点的速度最大，则根据向心力公式FN－mg＝meq\f(v2,R)及牛顿第三定律F压＝FN可知，小球对轨道最低点的压力最大，D正确。2.阻值均为R的四个电阻、电容为C的电容器及电动势为E的电源(不计内阻)连接成如图所示的电路。开关K闭合且电路稳定时，以下说法正确的是()A．电容器两极板间的电压为eq\f(E,3)B．电容器极板上的电荷量为eq\f(2CE,5)C．减小电容器两极板正对面积，极板上的电荷量减小D．减小电容器两极板间的距离，稳定后两板间电压比原来的更小解析：选C电容器可视为断路，与电容器串联的电阻可视为导线，电容器两极板间的电压U＝eq\f(E,3R)×2R＝eq\f(2,3)E，故A错误；根据Q＝CU，得电容器极板上的电荷量为eq\f(2,3)CE，故B错误；星的1.9倍，故C错误；由所给资料，若公转轨道平面不存在夹角，那么行星凌日的实际时间间隔会与理论时间一致，而实际与理论不同，故公转轨道平面必然存在夹角，故D正确。7．空间中存在具有理想边界、垂直纸面向里的匀强磁场，如图甲所示，在光滑的绝缘水平面上，一矩形导线框以速度v0＝1m/s向右运动，当运动到图示的位置时，导线框开始受到一个方向水平向右、大小按图乙所示规律变化的外力作用，导线框以恒定的加速度向右运动。已知BC边的长度l＝0.2m、导线框的质量和电阻分别为m＝0.1kg、R＝0.1Ω。则()A．导线框刚进入磁场时所受的安培力方向向右B．磁场的磁感应强度大小为0.5TC．导线框AB边的长度为0.5mD．导线框进入磁场的过程中，流过导线框的电荷量为0.75C解析：选BD导线框刚进入磁场时，由楞次定律可知安培力方向向左，A错误；由题图乙可知，当导线框全部进入磁场后，F＝0.2N，导线框的加速度a＝eq\f(F,m)＝2m/s2，t＝0时刻导线框所受的安培力F1＝eq\f(B2l2v0,R)，而此时施加的外力F＝0.3N，由牛顿第二定律得F－F1＝ma，解得B＝0.5T，B正确；根据题图乙，导线框经过Δt＝0.5s完全进入磁场，由匀变速直线运动规律得x＝v0Δt＋eq\f(1,2)a·(Δt)2＝0.75m，则AB边的长度为0.75m，C错误；导线框进入磁场的过程中通过导线框的电荷量q＝eq\x\to(I)t，由法拉第电磁感应定律得eq\x\to(E)＝eq\f(ΔΦ,Δt)，由闭合电路欧姆定律得eq\x\to(I)＝eq\f(\x\to(E),R)，解得q＝eq\f(Blx,R)＝0.75C，D正确。8．一对平行正对的金属板A、B，间距为d＝0.1m，且极板足够长，极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B＝0.1T，连接在如图所示的电路中，其中电阻R1＝1Ω，R2＝3Ω，电容器的电容C＝20μF，电流表为理想电表。现在从图中O1点以v0＝1.0×103m/s的速度平行于极板A、B射入一束等离子体(含有大量的正离子和负离子，且不计重力)，A、B构成一个磁流体发电机，当电路稳定后，电流表示数I＝2A，则()A．该磁流体发电机极板A带正电，B带负电B．该磁流体发电机的电动势为10VC．电容器、电阻R2两端的电压均为10VD．电容器带电量为1.2×10－4C解析：选ABD等离子体射入磁场中，受到洛伦兹力，正离子将打到磁流体发电机的A极板上，负离子打到B极板，从而产生电场，故该磁流体发电机极板A带正电，B带负电，故A正确；当后来的离子所受的洛伦兹力与电场力平衡时，磁流体发电机的电压和电量都稳定，由平衡条件得：qv0B＝qeq\f(U,d)，得：U＝Bv0d＝10V，故B正确；稳定时电压是一定的，R1、R2串联，电容器与R2并联，电压等于：U2＝IR2＝6V，故C错误；电容器的电量为：Q＝CU2＝1.2×10－4C，故D正确。9．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查，如图为一水平传送带装置示意图，绷紧的传送带AB始终保持v＝1m/s的恒定速度运行。旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带间的动摩擦因数μ＝0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2。若乘客把行李放上传送带的同时，也以v＝1m/s的恒定速度平行于传送带前进去取行李，则()A．乘客与行李同时到达BB．乘客提前0.5s到达BC．行李提前0.5s到达BD．若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B解析：选BD把行李无初速度放上传送带时，行李先做初速度为零的匀加速运动，设经过时间t1速度与传送带相同，t1＝eq\f(v,μg)＝1s，此过程行李的位移大小为x＝eq\f(vt1,2)＝eq\f(1×1,2)m＝0.5m，行李匀速运动的位移为x2＝(2－0.5)m＝1.5m，时间为t2＝eq\f(x2,v)＝1.5s，所以行李到达B的时间为t＝t1＋t2＝2.5s，乘客从A运动到B的时间为T＝eq