2023高考真题理科数学全国卷3

理科数学2023年高三2023年全国丙卷理科数学理科数学考试时间：____分钟题型单项选择题填空题简答题总分得分单项选择题〔本大题共12小题，每题____分，共____分。〕1．集合A=，B=，那么AB中元素的个数为(

)A.3B.2C.1D.02．设复数z满足(1+i)z=2i，那么∣z∣=(

)A.B.C.D.23．某城市为了解游客人数的变化规律，提高旅游效劳质量，收集并整理了2023年1月至2023年12月期间月接待游客量〔单位：万人〕的数据，绘制了下面的折线图．根据该折线图，以下结论错误的选项是(

)A.月接待游客量逐月增加B.年接待游客量逐年增加C.各年的月接待游客量顶峰期大致在7,8月D.各年1月至6月的月接待游客量相对于7月至12月，波动性更小，变化比拟平稳4．的展开式中的系数为(

)A.B.C.40D.805．双曲线C：(a＞0,b＞0)的一条渐近线方程为,且与椭圆有公共焦点，那么C的方程为(

)A.B.C.D.6．设函数，那么以下结论错误的选项是(

)A.的一个周期为B.的图像关于直线对称C.的一个零点为D.在(,)单调递减7．执行下面的程序框图，为使输出S的值小于91，那么输入的正整数N的最小值为(

)A.5B.4C.3D.28．圆柱的高为1，它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上，那么该圆柱的体积为(

)A.B.C.D.9．等差数列的首项为1，公差不为0．假设a2，a3，a6成等比数列，那么前6项的和为(

)A.B.C.3D.810．椭圆C：的左、右顶点分别为A1，A2，且以线段A1A2为直径的圆与直线相切，那么C的离心率为(

)A.B.C.D.11．函数有唯一零点，那么a=(

)A.B.C.D.112．在矩形ABCD中，AB=1，AD=2，动点P在以点C为圆心且与BD相切的圆上.假设，那么的最大值为(

)A.3B.2C.D.2填空题〔本大题共4小题，每题____分，共____分。〕13．假设，满足约束条件，那么的最小值为__________.14．设等比数列满足a1+a2=–1,a1–a3=–3，那么a4=___________.15．设函数，那么满足的x的取值范围是_________.16．a，b为空间中两条互相垂直的直线，等腰直角三角形ABC的直角边AC所在直线与a，b都垂直，斜边AB以直线AC为旋转轴旋转，有以下结论：①当直线AB与a成60°角时，AB与b成30°角；②当直线AB与a成60°角时，AB与b成60°角；③直线AB与a所成角的最小值为45°；④直线AB与a所成角的最大值为60°.其中正确的选项是________.〔填写所有正确结论的编号〕简答题〔综合题〕〔本大题共7小题，每题____分，共____分。〕17．〔12分〕的内角A，B，C的对边分别为a，b，c.，a=2,b=2.〔1〕求c；〔2〕设D为BC边上一点，且ADAC,求△ABD的面积.18．〔12分〕某超市方案按月订购一种酸奶，每天进货量相同，进货本钱每瓶4元，售价每瓶6元，未售出的酸奶降价处理，以每瓶2元的价格当天全部处理完.根据往年销售经验，每天需求量与当天最高气温〔单位：℃〕有关.如果最高气温不低于25，需求量为500瓶；如果最高气温位于区间[20，25〕，需求量为300瓶；如果最高气温低于20，需求量为200瓶．为了确定六月份的订购方案，统计了前三年六月份各天的最高气温数据，得下面的频数分布表：以最高气温位于各区间的频率代替最高气温位于该区间的概率.〔1〕求六月份这种酸奶一天的需求量X〔单位：瓶〕的分布列；〔2〕设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y〔单位：元〕.当六月份这种酸奶一天的进货量n〔单位：瓶〕为多少时，Y的数学期望到达最大值？19．〔12分〕如图，四面体ABCD中，△ABC是正三角形，△ACD是直角三角形，∠ABD=∠CBD，AB=BD．〔1〕证明：平面ACD⊥平面ABC；〔2〕过AC的平面交BD于点E，假设平面AEC把四面体ABCD分成体积相等的两局部，求二面角D–AE–C的余弦值.20．〔12分〕抛物线C：y2=2x，过点〔2,0〕的直线l交C于A,B两点，圆M是以线段AB为直径的圆.〔1〕证明：坐标原点O在圆M上；〔2〕设圆M过点，求直线l与圆M的方程.21．〔12分〕函数.〔1〕假设，求a的值；〔2〕设m为整数，且对于任意正整数n，，求m的最小值.22．选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，那么按所做的第一题计分。[选修44：坐标系与参数方程]〔10分〕在直角坐标系xOy中，直线l1的参数方程为〔t为参数〕，直线l2的参数方程为.设l1与l2的交点为P，当k变化时，P的轨迹为曲线C.〔1〕写出C的普通方程；〔2〕以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，设，M为l3与C的交点，求M的极径.23．选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，那么按所做的第一题计分。[选修45：不等式选讲]〔10分〕函数f〔x〕=│x+1│–│x–2│.〔1〕求不等式f〔x〕≥1的解集；〔2〕假设不等式的解集非空，求m的取值范围.

答案单项选择题1.

B2.

C3.

A4.

C5.

B6.

D7.

D8.

B9.

A10.

A11.

C12.

A填空题13.

14.

15.

16.

②③.简答题17.

(1)

(2)18.

(1)分布列略；(2)n=300时，Y的数学期望到达最大值，最大值为520元.19.

(1)证明略；(2).20.

(1)证明略；(2)见解析21.

(1)a=1；

(2)322.

〔1〕；〔2〕23.

〔1〕；〔2〕解析单项选择题1.

由题意可得：圆与直线相交于两点，，那么中有2个元素.应选B.2.

由题意可得，由复数求模的法那么可得，那么.应选C.3.

由折线图，每年7月到8月折线图呈下降趋势，月接待游客量减少，选项A说法错误.应选A.4.

由展开式的通项公式可得：当时，展开式的系数为，当时，展开式的系数为，那么的系数为80－40＝40，应选C.5.

双曲线C：(a＞0,b＞0)的渐近线方程为，椭圆中：，椭圆，双曲线的焦点为，据此可得双曲线中的方程组：，解得：，那么双曲线的方程为.6.

当时，，函数在该区间内不单调.应选D.7.

阅读程序框图，程序运行如下：首先初始化数值：，然后进入循环体：此时应满足，执行循环语句：；此时应满足，执行循环语句：；此时满足，可以跳出循环，那么输入的正整数N的最小值为2.应选D.8.

绘制圆柱的轴截面如下图，由题意可得：，结合勾股定理，底面半径，由圆柱的体积公式，可得圆柱的体积是，应选B.9.

设等差数列的公差为，且，，，又，所以，，应选A.10.

以线段为直径的圆是，直线与圆相切，所以圆心到直线的距离，整理为，即，即，，应选A.11.

函数的零点满足，设，那么，当时，，当时，，函数单调递减，当时，，函数单调递增，当时，函数取得最小值，设，当时，函数取得最小值，假设，函数与函数没有交点，当，时，此时函数与函数有一个交点，即，解得，应选C.12.

如图，建立平面直角坐标系.设,易得圆的半径，即圆C的方程是，，假设满足，那么，，所以，设，即，点在圆上，所以圆心到直线的距离，即，解得，所以的最大值是3，即的最大值是3，应选A.填空题13.

作出约束条件表示的可行域，如图中阴影局部所示.目标函数即，易知直线在轴上的截距最大时，目标函数取得最小值，数形结合可得目标函数在点处取得最小值，为.14.

由题意可得：，解得：，那么15.

由题意：

，函数在区间三段区间内均单调递增，且，可知x的取值范围是：.16.

由题意，AB是以AC为轴，BC为底面半径的圆锥的母线，由，即AC垂直底面，在底面内可以过点B，作，交底面圆C于D，如图，连结DE，那么，所以，连接AD，等腰△ABD中，，当直线AB与a成60º时，∠ABD＝60º，故，又在Rt△BDE中，BE＝2，，过点B作BF//DE，交圆C于点F，连接AF，由圆的对称性可知BF＝DE＝，所以△ABF为等边三角形，∠ABF＝60º，即②正确，①错误，由最小角定理可知③正确，很明显，可以满足平面ABC⊥直线a，直线AB与a成的最大角为90º，④错误简答题17.

〔1〕由得

，所以.在△ABC中，由余弦定理得

，即.解得：(舍去)，.〔2〕有题设可得故△ABD面积与△ACD面积的比值为又△ABC的面积为18.

〔1〕由题意知，所有可能取值为200,300,500，由表格数据知，，.因此的分布列为〔2〕由题意知，这种酸奶一天的需求量至多为500，至少为200，因此只需考虑.当时，假设最高气温不低于25，那么；假设最高气温位于区间，那么；假设最高气温低于20，那么；因此.当时，假设最高气温不低于20，那么；假设最高气温低于20，那么；因此.所以n=300时，Y的数学期望到达最大值，最大值为520元.19.

〔1〕由题设可得，，从而.又是直角三角形，所以.取AC的中点O，连接DO,BO,那么DO⊥AC,DO=AO.又由于是正三角形，故.所以为二面角的平面角.在中，.又，所以，故.所以平面ACD⊥平面ABC.〔2〕由题设及〔1〕知，两两垂直，以为坐标原点，的方向为轴正方向，为单位长，建立如下图的空间直角坐标系.那么.由题设知，四面体ABCE的体积为四面体ABCD的体积的，从而E到平面ABC的距离为D到平面ABC的距离的，即E为DB的中点，得.故.设是平面DAE的法向量，那么即可取.设是平面AEC的法向量，那么同理可取.那么.所以二面角D-AE-C的余弦值为.20.

〔1〕设由可得又=4因此OA的斜率与OB的斜率之积为所以OA⊥OB，故坐标原点O在圆M上.〔2〕由〔1〕可得.故圆心的坐标为，圆的半径.由于圆过点，因此，故，即，由〔1〕可得.所以，解得或.当时，直线的方程为，圆心的坐标为，圆的半径为，圆的方程为.当时，直线的方程为，圆心的坐标为，圆的半径为，圆的方程为.21.

〔1〕的定义域为.①假设，因为，所以不满足题意；②假设，由知，当