（浙教版）八年级上册科学复习检测卷 (期末复习专题1 水和水的溶液) 解析

2020年浙教版八年级上科学三维一体巩固复习检测卷检测卷22期末复习专题1水和水的溶液目录重点知识清单1-6页综合测试训练6-26页(时间120分钟，满分160分)一．选择题（每题3分，共60分）1．（2019湖州校级月考）下列有关水的认识错误的是（）A．水是一种常见的溶剂B．自然界中的水过滤后变成纯水C．水的蒸馏是物理变化D．硬水和软水可用肥皂水鉴别【答案】B【解析】A、水能溶解许多种物质，是一种最常用的溶剂。故说法正确；B、自然界的水经过沉淀、吸附、过滤、净化处理后，得到的水，还含有可溶性的杂质，属于混合物不是纯净的水。故错误；C、水的蒸馏没有新物质生成，属于物理变化。故说法正确；D、硬水中含有较多的可溶性钙镁化合物，能与肥皂水混合产生大量的浮渣，软水中不含或含有少量的可溶性钙镁化合物，与肥皂水混合产生泡沫，故可以使用肥皂水鉴别硬水和软水。故说法正确；故选：B。【点评】水是人类宝贵的自然资源，与水相关的化学知识是化学考查热点之一，如水的组成及水电解实验、性质、用途、硬水和软水、节约水资源、水污染及防治等内容，在中考中出现机率很高．2．（2019温州期末）下列叙述中，属于水的化学性质的是（）A．常温下，水是无色的液体B．水通电能分解成氢气和氧气C．在4℃时，水的密度为1kg/m3D．水能变成水蒸气【答案】B【解析】A、常温下，水是无色的液体，描述的是水的颜色和状态，属于物理性质，故A错误；B、水通电能分解成氢气和氧气，属于水的化学性质，故B正确；C、在4℃时，水的密度为1kg/m3，描述的是水的密度，属于水的物理性质，故C错误；D、水能变成水蒸气，是水的状态发生变化，属于物理性质，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了常见物质的性质，完成此题，可以依据已有的知识进行。3．（2019嘉善县校级期中）两物体分别挂在弹簧秤下，将它们同时浸没在水中，两弹簧秤的示数减小值相同，则两物体一定具有相同的（）A．重力B．质量C．体积D．密度【答案】C【解析】两弹簧秤示数减少相等，说明两个物体在水中所受浮力相等，根据F浮＝ρ液gV排，所以它们排开液体的体积必相等，又知它们是浸没在水中，所以V排＝V物，所以它们的体积也相等，故C正确，ABD错误。故选：C。【点评】本题型主要是考查浮力的计算，可利用阿基米德原理进行分析。4．（防城港期末）″辽宁舰″是我国第一艘航空母舰，其排水量约6万吨的排水量，以下说法错误的是（g取10N/kg）（）A．满载时舰受到的浮力是6×108NB．满载时排开水的质量是6万吨C．它最多能装载总质量6万吨的飞机D．飞机飞离时排水量不变【答案】C【解析】A和B、已知航空母舰满载的排水量m＝60000t＝6×107kg，则航母满载时受到海水的浮力F浮＝G＝mg＝6×107kg×10N/kg＝6×108N，故AB正确。C、由于航空母舰排水量是指满载时排开水的质量，则F浮＝G排＝G总，所以m排＝m总，则装载飞机的总质量一定小于6万吨，故C错误；D、当飞机起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮条件，其浮力等于其自身的重力，所以浮力减小，但排水量是满载时排开水的质量，所以飞机飞离时排水量不变，故D正确。【点评】本题以辽宁号航母为背景，考查了有关浮力大小的计算，关键是知道排水量是指满载时排开水的质量。3．（2019盐城模拟）全球变暖已经日益威胁到生物的生存，如图为一对北极熊母子无助地坐在一块不断融化缩小的浮冰上，若浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，则随着浮冰的融化（）A．浮冰受到的浮力在增大B．浮冰受到的浮力大小不变C．北极熊受到的支持力在减小D．浮冰在水中的体积在减小【答案】D【解析】（1）浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，受到的浮力等于北极熊和浮冰的总重力；随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小，根据漂浮条件得出受到的浮力减小，则由阿基米德原理可知排开水的体积减小；（2）北极熊站在浮冰上，受到的重力和支持力为一对平衡力，大小相等。解：（1）由题知，浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小，因为F浮＝G总，所以浮冰和北极熊受到的浮力减小；而F浮＝ρ水V排g，所以浮冰排开水的体积减小，故AB错，D正确；（2）北极熊站在浮冰上，受到的支持力和重力大小相等、大小不变，故C错。【点评】本题考查了学生对物体的漂浮条件、阿基米德原理、二力平衡条件的掌握和运用，把浮冰和北极熊当做一个整体，确认随着浮冰的熔化，北极熊和浮冰的总重力减小、浮力减小是本题的关键。6．（宁夏中考）跳水运动员入水的过程中，他所受浮力F随深度h变化的关系如图所示，其中正确的是（）说明理由。A．B．C．D．【答案】A【解析】分两个过程分析：全浸入水之前：运动员排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理分析受到的浮力变化情况。全浸入水之后：运动员排开水的体积不变，根据阿基米德原理分析受到的浮力变化情况。解：在运动员入水的过程中，排开水的体积V排先增大后不变，∵F浮＝ρ水gV排，∴运动员受到的浮力先增大，后不变。故选：A。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了解和掌握，弄清V排的变化情况是本题的关键。7．（杭州中考）小吴同学为探究力之间的关系做了如图所示的实验。将弹簧测力计下端吊着的铝块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中，直至刚没入水中（不接触容器，无水溢出）。在该过程中，下列有关弹簧测力计和台秤示数的说法正确的是（）A．弹簧测力计的示数减小，台秤示数不变B．弹簧测力计的示数不变，台秤示数也不变C．弹簧测力计的示数减小，台秤示数增大D．弹簧测力计的示数不变，台秤示数增大【答案】C【解析】分别对铝块、烧杯及水受力分析，根据力的平衡条件得出弹簧测力计示数和台秤示数的表达式，再根据阿基米德原理即可判断铝块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中、直至刚没入水中两者示数的变化。解：（1）对铝块受力分析可知：铝块受竖直向下的重力、竖直向上弹簧测力计的拉力和浮力，由平衡条件得：G铝＝F+F浮，F＝G铝﹣F浮，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F浮逐渐增大，弹簧测力计的示数F逐渐减小。（2）对烧杯及水受力分析可知：受烧杯及水竖直向下的重力，铝块向下的压力F压＝F浮，台秤的支持力FN，由平衡条件得：台秤的支持力FN＝G+F压，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F压＝F浮逐渐增大，FN逐渐变大，台秤的示数增大。故选：C。【点评】本题考查了受力分析、平衡条件、浮力公式，巧妙地选取研究对象，正确进行受力分析是解题的关键；受力分析时要注意整体法与隔离法的应用。8．（赣县模拟）将质量相等的实心铁块、铝块和木块放入水中，静止时，比较它们受到的浮力（）（ρ铁＝7.8克/厘米3、ρ铝＝2.7克/厘米3、ρ木＝0.4克/厘米3）A．铁块受到的浮力最小B．铝块受到的浮力最小C．木块受到的浮力最小D．铁块和铝块受到的浮力一样大【答案】A【解析】根据沉浮条件可知，木块漂浮，浮力等于重力；铁块和铝块下沉，浮力小于重力。铁块、铝块和木块的质量相等，重力相等，所以木块的浮力是最大的。铁块和铝块静止时，都沉入了水底，排开液体的体积等于自身的体积，我们可以根据质量相等、密度的大小关系判断出体积的大小关系，从而判断出浮力的大小关系。解：由铁块、铝块和木块的密度可知，铁块和铝块的密度大于水的密度，放入水中会下沉，静止时沉底。木块的密度小于水的密度，放入水中会上浮，静止时漂浮。沉底时浮力小于重力，漂浮时浮力等于重力，铁块、铝块和木块的质量相等，故重力相等，所以漂浮时，浮力大。即木块所受浮力最大。铁块和铝块下沉，静止时沉入水底，排开液体的体积等于自身的体积，液体密度是相同的，自身体积小的，所受浮力小。铁块和铝块的质量是相等的，密度越大，体积就越小，铁块的密度大，所以铁块的体积小，所以铁块所受的浮力小。【点评】此题主要考查物体沉浮条件的应用，我们要能够根据沉浮条件判断出物体的浮力大小关系。9．（2018•莱芜中考）水平桌面上放有甲、乙两个都装有水的相同容器，现把两个形状和体积都相同的实心小球分别缓慢放入两容器中，两小球静止时液面恰好相平，如图所示，下列说法正确的是（）A．两小球受到的浮力相等B．乙容器中小球的密度较大C．甲容器底部受到的水的压强大D．两容器底部对水平桌面的压力相等【答案】D【解析】两个物体放入水中后，一个漂浮，一个悬浮，所以两个物体的密度不同，而后据：（1）漂浮和悬浮的条件判断即可；（2）据密度的公式分析判断即可；（3）据液体内部压强的特点分析判断即可；（4）据F＝G分析即可。解：A、已知两个小球的体积相同，由图可知，甲容器中小球排开水的体积大于乙容器中小球排开水的体积，根据公式F浮＝ρ水gV排可知，甲容器中小球所受的浮力大于乙容器中小球所受的浮力，A错误；B、两个小球放入水中后，乙容器中小球漂浮，即乙容器中小球的密度小于水的密度，甲容器中小球悬浮，说明甲容器中小球的密度等于水的密度，所以甲容器中小球的密度较大，B错误；C、由于甲、乙两容器中水的深度相同，根据公式p＝pgh可知，两容器底所受水的压强相同，C错误；D、由阿基米德原理可知，小球排开水的重力等于自身的浮力，再根据漂浮和悬浮条件可知，小球所受的浮力等于自身的重力，所以两个小球排开水的重力恰好等于自身的重力，因此两容器的总重力相同，即甲、乙容器对水平桌面的压力相等，D正确；【点评】该题考查了浮力的判断、液体压强的计算、密度与浮沉条件的关系等知识点，是一道综合题。10．（南山区期末）在一根表面涂蜡的细木棍的一端绕着适量的铁丝，把它放到甲、乙、丙三种密度不同的液体中，木棍浸入液体里的情况如图所示，则木棍在三种液体里受到的浮力F的大小及三种液体密度ρ之间的关系，正确的是（）A．F甲＞F乙＞F丙ρ甲＞ρ乙＞ρ丙B．F甲＜F乙＜F丙ρ甲＜ρ乙＜ρ丙C．F甲＝F乙＝F丙ρ甲＞ρ乙＞ρ丙D．F甲＝F乙＝F丙ρ甲＜ρ乙＜ρ丙【答案】C【解析】从图中可以看出，木棍在不同液体中，浸入的深度不同，但始终漂浮，所以浮力相等，都等于自身的重力，根据公式F浮＝ρgV排通过比较排开液体的体积大小可以比较液体密度的大小。解：（1）由图可知，木棍在甲、乙、丙中均漂浮，所以浮力都等于其自身的重力，同一根木棍的重力不变，所以F甲＝F乙＝F丙；（2）由图可以看出，甲中木棍排开液体的体积最小，丙中木棍排开液体的体积最大，根据公式F浮＝ρgV排可知，甲液体的密度最大，丙液体的密度最小，即ρ甲＞ρ乙＞ρ丙。故选：C。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，关键知道影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积，还要知道物体漂浮时浮力等于自身重力。11．（2018•河池中考）下列有关溶液的说法正确的是（）A．面粉与水混合可形成溶液B．溶液中的溶质都是固体C．溶液中可以含有多种溶质D．无色透明的液体都是溶液【答案】C【解析】A、面粉不溶于水，与水混合形成悬浊液，故A错；B、溶质可以是固体、液体、气体，故B错；C、溶液中可以含有多种溶质，只有一种溶剂，故C正确；D、无色透明的液体不一定是溶液，例如蒸馏水不属于溶液，故D错。故选：C。【点评】解答本题关键是熟悉溶液的特点，溶质和溶剂的种类。12．（本溪中考）t℃时，有一杯接近饱和的硝酸钾溶液，下列做法一定不能使其变为饱和溶液的是（）A．恒温蒸发溶剂B．降低溶液的温度C．向溶液中加入硝酸钾D．向溶液中加入t℃时硝酸钾的饱和溶液【答案】D【解析】硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，对硝酸钾不饱和溶液升高温度，硝酸钾的溶解能力增大，相同质量的水可以溶解更多硝酸钾，因此不饱和溶液变成为饱和溶液，可以据此解答该题。解：A、恒温蒸发溶剂，因溶剂减少而使不饱和溶液达饱和，故能使其变为饱和溶液；B、硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，所以降低温度，使同量水溶解硝酸钾的量减少而达到饱和，故能使其变为饱和溶液；C、加入一些硝酸钾固体能够接近饱和的硝酸钾溶液变成饱和，故能使其变为饱和溶液。D、由于溶液处于不饱和状态，而加入较多同温度下的硝酸钾饱和溶液，由于没有多余的硝酸钾固体，所以溶液仍然处于不饱和状态，故不能使其变为饱和溶液；故选：D。【点评】增加溶质、减少溶剂都可以把不饱和溶液变成饱和溶液，但改变温度使不饱和溶液变成饱和溶液时却要具体分析溶质溶解度与温度的关系。13．（2020海南模拟）室温下，饱和食盐水敞口放置在空气中一段时间后，有少量固体析出，这是因为（）A．氯化钠的溶解度减小B．溶液变为不饱和溶液C．溶剂质量减小D．溶液中溶质的质量分数变小【答案】C【解析】室温下，饱和食盐水露置在空气中溶剂会不断（少量）蒸发，溶质会随之析出，始终保持室温时的饱和溶液．解：A、温度不变溶质的溶解度不变，故A错误；B、析出溶质的溶液所剩溶液一定是饱和溶液，故B错误；C、食盐水露置于空气中，水分会不断蒸发减小，溶剂减少，故C正确；D、析出溶质后溶液仍为这一温度下的饱和溶液，故溶质质量分数不变，故D错误。故选：C。【点评】此题是对饱和溶液恒温蒸发的知识的探讨，涉及到溶液溶质与溶剂的改变，溶质质量分数的判断，只要掌握蒸发溶剂，溶质会随之析出，始终保持室温时的饱和溶液即可．14.[2019·扬州]1800年,人类电解水获得成功。某同学利用如图所示装置进行该实验时,发现左、右两侧试管内气体体积比略大于2∶1。下列说法错误的是()已知:①相同条件下,气体的体积比等于气体的分子个数比;②常温常压时,1L水可溶解0.031LO2、0.57LO3。A.水在通电时能发生化合反应B.实验中若加入少量氢氧化钠（NaOH）溶液,则导电性增强C.从实验结果可以确定,相同条件下,H2在水中的溶解度比氧气（O2）的小D.若右侧试管内产生少量臭氧（O3）,也会使左、右两侧试管内气体体积比略大于2∶1【答案】A【解析】A、水在通电时由一种物质生成了两种物质，能发生分解反应，故A说法错误；B、由于NaOH在水中能解离出自由移动的离子，实验中若加入少量NaOH溶液，则导电性增强，故B说法正确。C、从实验结果可以确定，相同条件下，H2在水中的溶解度比O2的小，故C说法正确。D、若右侧试管内产生少量O3，会减少O2的生成，也会使左右两侧试管内气体体积比略大于2：1，故D说法正确。15.（莱芜中考）用硫酸铜进行如图所示的实验,对所得溶液的分析正确的是()A.三种溶液中溶质溶解度一样B.②溶液是不饱和溶液C.③溶液颜色最深D.温度不同,无法比较①③溶液的溶质质量分数【答案】C【解析】A、由于三者所处温度并不完全一样，所以溶解度不会相同。错误；B、由于①②温度相同，但是①中硫酸铜有剩余，说明饱和，而②中水为40mL但是硫酸铜无剩余，但是此时是否饱和无法下结论，也可以饱和，也可能不饱和。错误；C、①③溶剂质量相等，但是①中固体有剩余③固体物剩余，所以③中质量分数大；②③都没有固体剩余，但是由于②溶剂多，所以③的质量分数比②大，所以③质量分数最大，颜色也就是最深。正确；D、①③溶剂质量相等，但是①中固体有剩余③固体物剩余，所以③中质量分数大。能比较。错误。16.[2020·连云港中考]20℃时KCl的溶解度是34g。取65gKCl溶液放入甲烧杯中,按图进行操作(整个过程中无溶剂损失)。以下说法正确的是()A.甲烧杯中是KCl的饱和溶液B.乙和丙烧杯中KCl的质量分数相等C.丁烧杯中KCl的质量分数为34%D.若乙烧杯中溶液恰好饱和,则40℃时KCl的溶解度为40g【答案】D【解析】A、向甲烧杯中氯化钾溶液，加入5g氯化钾，能完全溶解，则甲烧杯中是KCl的不饱和溶液，故选项说法错误。B、乙静置降温后有晶体析出，乙和丙烧杯中的溶液，溶质质量不相等，溶剂质量相等，则乙和丙烧杯中KCl的质量分数不相等，故选项说法错误。C、丁烧杯中的溶液为该温度下的饱和溶液，20℃时KCl的溶解度是34g，则丁烧杯中KCl的质量分数为34g/（34g+100g）×100%＜34%，故选项说法错误。D、取65gKCl溶液放入甲烧杯中，加入5g氯化钾，由题意，乙烧杯中溶液恰好饱和；丁烧杯中的溶液为该温度下的饱和溶液，最终析出了3g晶体，即最终形成了65g+5g-3g=67g溶液，20℃时KCl的溶解度是34g，则含有的氯化钾的质量为67g×34g/（34g+100g）=17g；即乙烧杯中65g+5g=70g饱和溶液中含有17g+3g=20g氯化钾，则40℃时KCl的溶解度为40g，故选项说法正确。17.（2019秋•临海市校级期中）下列关于溶液的说法正确的是()A.某温度下两种不同物质的溶液,溶质质量分数相同,则这两种物质的溶解度一定相同B.溶质质量分数为10%的200mL某溶液,密度为1.2g/cm3,其中含溶质24gC.饱和溶液析出晶体后,溶质的质量分数一定减小D.不饱和溶液转化为饱和溶液,其溶质的质量分数一定增大【答案】B【解析】A、溶质的质量分数=溶质的质量/溶液的质量×100%，两种溶液的溶质质量分数相等，可能溶解度不同，等量的水溶解等量的溶质造成，若是饱和溶液，则该说法成立，但不知溶液是否饱和，故错误；B、溶质质量分数为10%的200毫升某溶液，密度为1.2克/厘米3，其中含溶质200毫升×1.2克/厘米3×10%=24克，正确；C、若恒温蒸发溶剂，物质的溶解度不变，则饱和溶液析出晶体后，溶质的质量分数不变，故错误；D、不饱和溶液变为饱和溶液的常用方法是加入溶质、蒸发溶剂、降温，若采取降温恰好饱和的方法，溶质、溶剂不变，则溶质的质量分数不发生改变，故错误；故选：B。18.（2018•滨州中考芳在配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液时,没有按照正确的称量氯化钠、量取水的操作规程进行操作(图所示为小芳操作时的读数,其他操作都正确)。小芳实际配制的氯化钠溶液的溶质质量分数(水的密度为1g/cm3)约为()A.12.4%B.17.2%C.16.9%D.12.5%【答案】A【解析】小芳用托盘天平称量时，将药品与砝码的位置放反了，使用的是10g和5g的砝码和2.7g的游码；由左盘的质量=右盘的质量+游码的质量可知：砝码质量=药品质量+游码的质量，所以药品质量=砝码质量-游码质量，即药品质量=10g+5g-2.7g=12.3g。量取的水的实际体积为87mL（合87g）。小芳实际配制的氯化钠溶液的溶质质量分数为12.3g/（2.3g+87g）×100%≈12.4%。19.（2020秋•杭州滨江期中）“生命吸管（Lifestraw）”是一种快速获取野外饮用水的吸管装置。内装有多种过滤器，其中滤网可去除大部分颗粒物；活性炭和离子交换树脂可去除异味与重金属离子；超滤膜可滤除99.99%的细菌和病毒。下列有关叙述不正确的是（）A．净化后的水属于纯净物B．滤网起到过滤的作用C．活性炭具有吸附作用，能吸附异味D．若无生命吸管，生活中杀灭细菌和病毒可以用煮沸的方法【答案】A【解析】A、净化后的水中含有溶于水的物质，是混合物，该选项说法不正确；B、滤网可去除大部分颗粒物，起到过滤的作用，该选项说法正确；C、活性炭具有吸附作用，能吸附异味，该选项说法正确；D、若无生命吸管，生活中杀灭细菌和病毒可以用煮沸的方法，是因为加热煮沸时，水中的钙离子、镁离子能够以碳酸钙沉淀、氢氧化镁沉淀的形式从水中析出，从而降低水的硬度，该选项说法正确。20.[2019·金华中考]甲是60℃的蔗糖溶液,按如图所示进行操作。以下分析错误的是()A.甲一定是不饱和溶液B.丙和丁一定是饱和溶液C.乙的溶质质量分数一定比甲大D.甲和丙的溶质质量分数一定不相等【答案】D【解析】甲溶液恒温蒸发20g水后没有晶体析出,则甲溶液一定是不饱和溶液,故A正确;丙溶液中有固体剩余,丁溶液是过滤后所得溶液,所以二者一定都是饱和溶液,故B正确;甲溶液恒温蒸发20g水后,乙溶液中没有晶体析出,溶液中的溶剂减少,所以乙溶液的溶质质量分数一定比甲大,故C正确;无法确定甲溶液和丙溶液的溶质质量分数大小,故D错误。二．填空题（24、25、30题每空2分，其余每空1分，共54分）21．（宝安区校级期中）如图是“水循环示意图”，图中的①处发生的物态变化是_________，同时伴随着_________热，②处发生的物态变化是凝华和_________，同时伴随着放热，这就是云。在一定条件下，云中的小水滴和小冰晶越来越大，就会下落。在下落过程中，冰晶发生的物态变化是_________，与原来的水滴一起落到地面，这就形成了雨。我国属于缺水国家，节约用水应从我做起，请你提出日常生活中的两项节水措施____________________________________。【答案】汽化；吸；液化；熔化；让水重复利用；防止跑冒滴漏。【解析】从水发生物态变化前后的两种状态结合物态变化的定义来确定是发生了哪种物态变化。生活中采用水的再次利用、防止水的跑冒滴漏来节约用水。解：图中①是由水变为水蒸气，是汽化过程，需要吸热。②是由水蒸气变为小冰晶或小水珠，变为小冰晶是凝华现象；变为小水珠是液化现象。小冰晶变成小水滴，由固态变成液态，是熔化现象。在下落过程中冰晶熔化变成小水滴，是熔化；生活中采用水的再次利用、防止水的跑冒滴漏来节约用水。【点评】本题考查了物态变化及其吸热与放热情况，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。22．（1）“冰融化成水”的过程中，冰由_________变为_________（填物质的状态），但构成冰和水的微粒都是_________．（2）“电解水实验”中，水被分解成_________和_________，构成它们的微粒分别是_________和_________．从宏观上分析：（1）和（2）的过程是否生成其他物质？_________________________________________________________________________________；从微观上分析：（1）和（2）的过程变化前后微粒是否发生变化？__________________________________________________________________________________________．这说明，化学变化的实质是__________________．上述（1）、（2）过程还能说明物质发生化学变化和发生物理变化的关系是___________________________________________________________．【答案】（1）固态；液态；（2）（1）的过程中，只是状态的变化，没有生成新物质；（2）的过程中物质由水变成了氧气和氢气，生成了新物质；（1）的过程中，构成冰和水的微粒都是水分子，过程变化前后微粒没有变；（2）的过程中，变化前构成物质的微粒是水分子；变化后微粒是氧分子和氢分子，过程变化前后微粒发生了改变；有新物质生成；物质发生化学变化时一定伴随物理变化，但发生物理变化时不一定伴随化学变化；【解析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成；据此分析判断．解：（1）“冰融化成水”的过程中，冰由固态变为液态，但构成冰和水的微粒都是水分子，没有新物质生成．（2）“电解水实验”中，水被分解成氧气和氢气，构成它们的微粒分别是氧分子和氢分子．从宏观上分析：（1）的过程中，只是状态的变化，没有生成新物质；（2）的过程中物质由水变成了氧气和氢气，生成了新物质；从微观上分析：（1）的过程中，构成冰和水的微粒都是水分子，过程变化前后微粒没有变；（2）的过程中，变化前构成物质的微粒是水分子；变化后微粒是氧分子和氢分子．这说明，化学变化的实质是有新物质生成．上述（1）、（2）过程还能说明物质发生化学变化和发生物理变化的关系是物质发生化学变化时一定伴随物理变化，但发生物理变化时不一定伴随化学变化．【点评】本题难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成，若没有新物质生成属于物理变化，若有新物质生成属于化学变化．23．（2019安徽一模）用弹簧测力计吊着一只装满水的小塑料袋（袋内不留空气，袋的质量及体积忽略不计），此时测力计示数为3N，之后再把这袋水逐渐浸没水中（不碰容器壁），在该过程中观察到测力计示数的变化情况是____________________________________。当________________时，弹簧测力计的示数为0。【答案】示数由3N逐渐减小至0后不再改变；水袋浸没。【解析】塑料袋慢慢浸入水的过程中，塑料袋排开水的体积增大，水的密度不变，水对塑料袋的浮力增大，而塑料袋内水受到的重力＝拉力+浮力，物体的重力不变，浮力增大，弹簧测力计对物体的拉力（示数）减小；当袋内水面与烧杯中的水面相平，则排开水的体积等于袋内水的体积，根据阿基米德原理，此时排开水的重力等于袋内水的重力，所以测力计的示数应为零。解：在塑料袋慢慢浸入水的过程中（袋内水面与烧杯中的水面相平之前）因为F浮＝ρ水gV排，塑料袋排开水的体积增大，则水对塑料袋的浮力F浮增大；所以弹簧测力计的示数：F′＝G﹣F浮，G不变，水对塑料袋的浮力F浮增大，所以弹簧测力计的示数将变小；当袋内水面与烧杯中的水面相平时，排开水的体积等于袋内水的体积，即：V排＝V水，则排开水的重力等于袋内水的重力，即：F浮′＝G水所以测力计的示数最终为零，之后不再变化。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、称重法测浮力的掌握和运用，分析找出排开水的体积变化情况是本题的关键。24．（广东中考）如图所示，密度为ρ0的液体中有体积均为V的A、B、C三个实心物体，A正在向上运动，B静止，C正在向下运动，此刻它们受到的浮力分别为FA、FB、FC，三者的大小关系是_________，请写出B物体所受的浮力表达式FB＝_________，B物体的密度为_________。【答案】FA＝FB＝FC，ρ0Vg，ρ0。【解析】由题知，三物体的体积相同，浸没在同一种液体中，根据阿基米德原理得出三物体受到的浮力大小关系；由题知，B物体悬浮，B物体受到的浮力等于B物体重，B物体的密度等于液体的密度。解：如图，VA＝VB＝VC＝V，∵ABC三个物体浸没在液体中，∴三个物体排开液体的体积相同，大小都为V，又∵F浮＝ρ液V排g，∴它们受到的浮力：FA＝FB＝FC；由题知，B物体静止，全浸入液体中，B物体受到的浮力：F浮＝G排＝ρ液V排g＝ρ0Vg，∵B物体静止在液体中，B物体的密度等于液体的密度，即：ρB＝ρ0。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，能根据物体的浮沉确定物体和液体的密度关系是本题的关键之一。25．（2018•郴州中考）小华用一支自制的长为L的密度计测某液体的密度，如图所示。密度计浸在水中静止时露出水面长度为L1，受到的浮力为F1，浸在被测液体中静止时露出长度为L2，受到的浮力为F2．则F1_________F2（选填“＞”，“＝”或“＜”），待测液体的密度ρ液＝__________________（用含有字母的式子表示ρ液，水的密度用ρ水表示）【答案】＝；L-L1L-L【解析】（1）把密度计放在水、液体时都漂浮，利用物体的漂浮条件判断出浮力的大小；（2）利用阿基米德原理和浮力相等列等式表示出液体密度。解：当密度计置于水、液体的容器中，因为密度计漂浮，所以密度计受到的浮力：F1＝G，F2＝G，即F1＝F2，ρ水gV排1＝ρ液gV排2，ρ水gS（L﹣L1）＝ρ液gS（L﹣L2），ρ液=L-L1L-【点评】本题涉及的知识点较多，既考查阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用，还考查控制变量法的应用，难点是将阿基米德原理和物体的浮沉条件结合起来使用。26．（2019秋•余杭区月考）在下列物质中：a作为饮料的汽水，b．蒸馏水，c．无色透明的自来水，d．优酸乳饮料，e．黄河水。属于混合物的是（用编号回答，下同）_________，属于溶液的是_________，悬浊液的是_________，乳浊液的是_________。【答案】acde；ac；e；d【解析】属于混合物的是作为饮料的汽水、无色透明的自来水、优酸乳饮料、黄河水；属于溶液的是饮料的汽水、无色透明的自来水，悬浊液的是黄河水，乳浊液的是优酸乳饮料。【点评】解答本题要注意理解溶液和浊液的区别与联系，它们都是混合物，溶液是均一、稳定的，浊液是不均一、不稳定的。27.（2020·湖州中考）2019年12月17日,由我国自主建造的第一艘国产航母——“山东舰”(如图W10-5甲所示),正式交付海军。该舰标准排水量为5万吨,可同时停放36架“歼-15”舰载机。若每架舰载机质量为25t。(g取10N/kg,海水的密度取1.03×103kg/m3)(1)舰载机起飞时(如图乙所示),以舰载机为参照物,航母是_________(选填“运动”或“静止”)的。(2)在标准排水量时,航母所受的浮力为____________________________________。(3)当36架舰载机全部飞离航母后,航母排开海水的体积减小了_________m3。(结果保留一位小数)

【答案】(1)运动(2)5×108N(3)873.8【解析】(1)舰载机起飞时,航母与舰载机的相对位置不断变化,以舰载机为参照物,航母是运动的。(2)航母在海上处于漂浮状态,在标准排水量时,航母所受的浮力F浮=G总=m排g=5×107kg×10N/kg=5×108N。(3)36架舰载机的总质量为m总=36×2.5×104kg=9×105kg,则当36架舰载机全部飞离航母后,航母的总重力减小了ΔG=m总g=9×105kg×10N/kg=9×106N,由阿基米德原理可知,航母排开海水的重力减少了ΔG排=ΔG=9×106N,由ΔG排=ρ海水gΔV排可知,航母排开海水的体积减小了ΔV排=ΔG排ρ海水g28．（2019•元宝区校级一模）认真分析各图，回答相关问题：（1）图1中打开汽水瓶冒出大量气泡，说明气体的溶解度与_________有关．（2）在图2所示的烧杯中加入一定量的硝酸铵，溶解后甲试管内出现的现象是__________________；乙试管内的溶液是_________（填“饱和”或“不饱和”）溶液．（3）图3为甲、乙、丙三种物质的溶解度曲线，据图3回答：①t1℃时，甲、乙、丙三种物质的溶解度大小关系是__________________。②将t2℃时，将60克甲固体放入50克水中充分搅拌，所得溶液的质量是_________g③若将t1℃时，等质量的甲、丙饱和溶液分升温到t2℃时，则所得溶液的质量关系是甲_________丙（填“＞”、“＜”或“＝”表示）．④当甲物质中含有少量乙物质时，提纯甲物质所采用的方法是__________________．【答案】（1）压强（2）有固体析出不饱和（3）①乙＞甲＝丙②80③＞④降温结晶【解析】根据已有的知识进行分析，气体的溶解度与压强和温度有关，硝酸铵溶于水吸收热量；根据溶解度曲线的意义进行分析解答即可．解：（1）打开汽水瓶冒出大量气泡，说明气体的溶解度与压强有关，故填：压强；（2）烧杯中加入一定量的硝酸铵，硝酸铵溶于水吸收热量，使温度降低，硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，甲试管内出现的现象是有固体析出；氢氧化钙的溶解度随温度的升高而减小，乙试管内的溶液是不饱和溶液，故填：有固体析出，不饱和；（3）①据图可以看出，t1℃时，甲、乙、丙三种物质的溶解度乙＞甲＝丙，故填：乙＞甲＝丙；②t2℃时，甲的溶解度是60g，将60克甲固体放入50克水中充分搅拌，只能溶解30g，所得溶液的质量是80g，故填：80；③若将t1℃时，等质量的甲、丙饱和溶液分升温到t2℃时，丙析出固体，质量变小，甲溶液质量不变，则所得溶液的质量关系是甲大于丙，故填：＞；④甲的溶解度受温度影响变化大，当甲物质中含有少量乙物质时，提纯甲物质所采用的方法是降温结晶，故填：降温结晶．【点评】本题考查了影响固体物质溶解度的因素以及溶解度曲线的应用，完成此题，可以依据已有的知识进行．29．（2018•安顺中考）根据表中内容回答下列问题。温度/℃溶解度/g物质020406080硝酸钾KNO313.331.663.9110169氯化钠NaCl35.736.036.637.338.4氢氧化钙Ca（OH）20.1730.1650.1210.1160.094（1）随温度升高，Ca（OH）2溶解度的变化趋势是_________（填“增大”、“减小”或“不变”）。（2）根据上表推断硝酸钾与氯化钠溶解度相等时的温度范围是__________________。（3）取KNO3、NaCl两种固体各36g分别放入20℃时的100g水中充分溶解，20℃时存在如图1所示的实验现象，烧杯b中溶解的物质是__________________；烧杯a所得溶液溶质的质量分数是_________（结果精确到1%），若要使其溶质质量分数增大可采用的方法是_________。（4）如图2所示，若向烧杯中加入足量的硝酸铵固体并使之充分溶解，在试管中可观察到的现象是___________________________。【答案】（1）减小；（2）20℃～40℃；（3）氯化钠；24%；升温；（4）烧杯内水温下降，试管中有晶体析出【解析】（1）通过分析溶解度表可知，随温度升高，硝酸钾溶解度的变化趋势是减小；故填：减小；（2）根据表格可以看出，在温度在20℃～40℃范围之内时，硝酸钾与氯化钠溶解度相等，故填：20℃～40℃；（3）20℃时，氯化钠的溶解度大于硝酸钾的溶解度，所以取KNO3、NaCl两种固体各36g分别放入20℃时的100g水中充分溶解，20℃时有如图1所示的实验现象，烧杯b中溶解的物质氯化钠；则烧杯a中溶解的是硝酸钾，此时硝酸钾溶液是饱和溶液，其中溶质的质量分数为：31.6g31.6g+100g×100%≈24%；因为硝酸钾的溶解度随着温度的升高而增大，所以若要使其溶质质量分数增大可以升高温度；故填：氯化钠；（4）硝酸铵溶于水，溶液温度降低，所以向烧杯中加入足量的硝酸铵使之充分溶解，可观察到的现象是：烧杯内水温下降，试管中有晶体析出；故填：烧杯内水温下降，试管中有晶体析出。【点评】本题考查的是溶解度的影响因素以及溶解度的应用，完成此题，可以依据已有的知识进行。30.[2020·潍坊中考]已知水的密度为1.0×103kg/m3,某兴趣小组用一薄壁量杯(杯壁体积忽略不计)制作了一个测量液体密度的简易装置,操作如下:(1)在量杯内装入适量细沙后放入水中,量杯在水中竖直静止时,如图甲所示。此时量杯浸没在水中的体积为__________________mL。(2)将该装置放入某液体中,静止时如图乙所示,则该液体的密度为_________kg/m3;某同学将一小石子放入量杯,静止时如图丙所示,则小石子的质量是_________g。【答案】（1）20(2)0.8×1035.6【解析】【解析】(1)由图甲知,此时量杯浸没在水中的体积为20mL,即量杯排开水的体积为20mL。(2)由图乙知,将该装置放入某液体中静止时量杯浸没在液体中的体积为25mL,即量杯排开液体的体积为25mL。量杯在水和液体中均处于漂浮状态,浮力都等于重力,F浮水=F浮液,即ρ水gV排水=ρ液gV排液,解得ρ液=V排水V排液ρ水=20mL25mL×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3,则该液体的密度为0.8×103kg/m3。某同学将一小石子放入量杯,由图丙知,静止时量杯排开液体的体积为32mL,量杯所受浮力增加量即为小石子的重力,即G石=ΔF浮=ρ液gΔV排液=0.8×103kg/m3×10N/kg×(32-25)×10-6m3三．实验探究题（34、35题每空2分，其余每空1分，共34分）31．（达茂旗校级期中）水是人类最宝贵的自然资源，多一滴水，就可能多一条生命．小明利用如图所示的装置测定水的组成．请回答：（1）试管a中产生的气体为_________，b管中产生的气体是：_________。（2）检验试管b中气体的方法是_____________________________________________。（3）通电一段时间后，试管a与试管b所收集到的气体体积之比约为_________。（4）通过该实验小明得出了许多结论，请你说出两条____________________________________________________________________________。（5）已知在相同条件下氧气在水中的溶解性强于氢气，那么，在a、b两试管中气体的体积比的测得结果比理论值会偏_________（填“小”或“大”）【答案】（1）氢气；氧气；（2）用带火星木条伸入盛有气体b的试管中，观察木条是否复燃；（3）2：1；（4）水是由氢、氧两种元素组成的；一个水分子是由两个氢原子和一个氧原子构成的；（5）大．【解析】（1）由电解水的装置可知，试管a中的收集的是电源的负极产生的气体，是氢气；试管b中的收集的是电源的正极产生的气体，是氧气；（2）由电解水的装置可知，试管b中气体是电源的正极上产生的气体，是氧气，检验的方法是：用带火星木条伸入盛有气体b的试管中，观察木条是否复燃；（3）通电一段时间后，试管a与试管b所收集到的气体体积之比约为2：1；（4）通过该实验小明得出了许多结论，例如水是由氢、氧两种元素组成的；一个水分子是由两个氢原子和一个氧原子构成的；（5）已知在相同条件下氧气在水中的溶解性强于氢气，那么，在a、b两试管中气体的体积比的测得结果比理论值会偏大．【点评】根据电源的正负极或气体体积的多少，都可以判断水电解时管内的气体：正极、气体少，为氧气；负极、气体多，为氢气．32．（2019乐陵市期末）“影响固体物质在水中溶解度的因素有哪些？”请你跟随某课外兴趣小组的同学完成此实验探究，并完成探究报告。[实验目的]探究影响固体物质在水中溶解度的因素。[实验内容]（1）溶质种类的影响分析：在实验中要改变的因素是溶质的种类；要保持不变的因素是___________________________。实验步骤实验现象实验结论30℃时，用量筒各取5mL蒸馏水分别加入①②两支试管中，再分别加入KNO3、Ca（OH）2各2g振荡，观察各物质的溶解情况试管①中KNO3全部溶解，试管②中有较多Ca（OH）2未溶在_________保持不变的情况下，不同种类的物质在水中的溶解度_________（2）温度的影响（以KNO3为例）分析：在实验中要改变的因素是_________；要保持不变的因素是___________________________。实验步骤实验现象实验结论用量筒各取5mL蒸馏水分别加入①②两支试管中，再分别加入5gKNO3晶体，将试管①保持在常温下，将试管②加热并保持在50℃，振荡，观察各试管中KNO3的溶解情况试管①中有多量KNO3未溶，试管②中KNO3全部溶解在不同温度下，同种固体物质在水中的溶解度_________（填“相等”或“不相等”）【答案】（1）温度，溶剂的质量、溶质的质量；实验结论：温度；不同；（2）分析：温度；溶质的质量和溶剂的质量；实验结论：不相等【解析】理解影响固体溶解度的因素，既有内因也有外因，理解科学探究的基本方法，控制好实验条件。（1）要探究物质的种类对溶解度的影响，所以温度必须保持不变；根据两种物质的溶解现象判断溶解度；（2）因要判断温度对溶解度的影响，所以要改变的因素是温度；通过实验的现象判别不同温度下硝酸钾的溶解度。解：（1）探究溶质的种类对溶解度的影响，即除了溶质的种类不同外，温度和溶剂的质量都必须相同，这样才能得出正确的结论；由30℃时，5mL蒸馏水中溶解的KNO3、Ca（OH）2质量不同，则说明在温度相同、溶剂的量相同、溶质质量的情况下，不同的固体物质的溶解度不同；（2）而当探究温度对溶解度的影响时，除了温度不同之外，溶质和溶剂的质量必须相同。由试管①中有多量KNO3未溶，试管②中KNO3全部溶解，可知在不同温度下，同种固体物质在水中的溶解度不相等。【点评】本题主要考查了探究实验中变量的控制，同学们要从实验目的和实验条件入手，在完成对比实验时能有效的控制变量。33．（西宁中考）小明要配制80g质量分数为10%的氯化钠溶液，请你协助他解决以下问题：（1）写出A仪器的名称_________．（2）氯化钠固体中混有少量泥沙，为除去杂质进行了如下操作：①将固体倒入烧杯加水溶解；②酱烧杯中的溶液进行过滤；③将滤液进行蒸发，当酒精灯加热到___________________________时，停止加热．（3）称量提纯后的8g氯化钠时，C出现了右盘低的现象，接下来的操作应是_________．①左边的平衡螺丝向左调②右边的平衡螺丝向右调③右盘中减少砝码④左盘中增加氯化钠（4）D中用玻璃棒搅拌的作用是____________________________________．【答案】（1）漏斗；（2）大部分固体结晶析出；（3）④；（4）搅拌加速氯化钠溶解．【解析】（1）用来过滤的仪器是漏斗；（2）蒸发时待大部分固体结晶析出，就停止加热，靠余热使剩余固体结晶析出；（3）称量提纯后的8g氯化钠时，先将天平调节平衡，向右盘加入8g砝码，再向左盘加氯化钠，所以右盘低，说明药品少，所以应该向左盘加入氯化钠；（4）溶解时用玻璃棒搅拌，加速氯化钠的溶解．【点评】解答本题关键是要熟悉蒸发操作的注意事项，知道天平的使用方法，溶解时玻璃棒的作用．34．（2018•嘉兴中考）某课外兴趣小组同学利用弹簧测力计和量筒研究“浮力大小与排开液体多少的关系”，设计了如下实验步骤和数据记录表格：①在量筒中加入水，读出量筒内水面位置的刻度。②把系有细线的铁块挂在弹簧测力计的挂钩上，测出铁块的重力。③把挂在弹簧测力计下的铁块浸没在盛有水的量筒里，再次读出弹簧测力计的示数。④读出量筒内水面位置升高后的刻度⑤计算铁块排开水的体积。求出铁块排开的水受到的重力。铁块浸没时弹簧测力计的示数/N铁块在水中受到的浮力/N水的体积/cm3水和铁块的总体积/cm3排开水的体积/cm3排开的水受到的重力/N实验过程中，小组同学发现设计的表格中缺少一项，该项是__________________。补充完整后，完成实验。分析数据得出结论：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开的液体受到的重力。实验后，该组同学进行了反思：（1）量筒中不能加入太多的水，否则无法直接测出__________________，从而不能得出实验结论。（2）通过以上实验得出结论不可靠，理由是_________。A．没有进行多次重复实验B．没有换用其它液体进行实验C．没有进行物体部分浸入水中时的实验【答案】铁块的重力/N；（1）水和铁块的总体积；（2）ABC。【解析】根据阿基米德原理的公式：F浮＝G排和F浮＝G﹣F可判断缺少的内容；（1）向量筒中不能加入太多的水，应该注“适量”水，水要能浸没物体，而且在放入物体后不能超过量筒的量程；（2）为得到普遍性的规律，应换用不同液体进行多次重复实验以及进行物体部分浸入水中时的实验，多测几组数据进行分析。解：根据阿基米德原理的公式：F浮＝G排和根据称量法F浮＝G﹣F测量浮力，需要用弹簧测力计测量空气中物体的重力和水中弹簧测力计的拉力，故表格少“铁块的重力/N”；（1）向量筒中加入“适量的水”不能太少，否则不能把固体完全浸没，也不能加入太多的水，否则在放入物体后超过量筒的量程不能测量出排开水的体积，从而不能得出实验结论；（2）为得到普遍性的规律，应换用不同液体进行多次重复实验以及进行物体部分浸入水中时的实验，多测几组数据进行分析，从而得出结论，故ABC正确。【点评】本题考查了阿基米德原理的探究和实验的注意事项等知识，熟练阿基米德原理是