2023年高考真题化学解析分类汇编-专题15有机化学基础

2023年一般高等学校招生全国统一考试化学试题分类汇编专题十五有机化学根底1．〔2023·重庆理综化学卷，T5〕某自然拒食素具有防范非洲大群蚯蚓5图(未表示出原子或原子团的空间排列)分反响，所得有机物分子的官能团数目增加，则该试剂是()A．Br的CCl溶液 B．Ag(NH)OH溶液2 4 32C．HBr D．H2【答案】A

CHO—CHO

的作用，试剂充【解析】A、参与Br2

CCl4

溶液，和有机物中的碳碳双键发生加成反响，消耗1个碳碳双键，带来2个rA错误；C、参与HBr，与碳碳双键发生加成反响，消耗1个碳碳双键，带来1个Br原子，官能团数目没有变化，C错误；D、通入氢气，能和碳碳双键发生加成反响，官能团数目削减。能和醛基发生复原反响，生成羟基，官能团数目没有变化，D错误。2．〔2023·浙江理综化学卷，T10〕以下说法正确的选项是乳酸薄荷醇酯〔乙醛和丙烯醛〔

〕仅能发生水解、氧化、消去反响〕不是同系物，它们与氢气充分反响后的产物也不是同系物淀粉和纤维素在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖D．CH

COOCHCHCHCHCOOCH

互为同分异构体，1H-NMR谱显示两者均有三种不同的氢原子且三3 2 3 3 2 31H-NMR来鉴别【答案】C【解析】乳酸薄荷醇酯含有酯基可以水解，含有羟基可以氧化和消去，还能发生取代反响，A错误；粉和纤维素在硫酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖，C正确；CH

COOCHCH

CHCH

COOCH

互为同3 2 3 3 2 3分异构体，1H－NMR谱显示两者均有三种不同的氢原子且三种氢原子的比例均为3:2:3，但在1H－NMR谱中的位置不同，可以鉴别，D错误。3．〔2023·浙江理综化学卷，T8〕以下说法正确的选项是A．金属汞一旦洒落在试验室地面或桌面时，必需尽可能收集，并深埋处理B．用pH计、电导率仪〔一种测量溶液导电力气的仪器〕均可监测乙酸乙酯的水解程度C．邻苯二甲酸氢钾可用于标定NaOH溶液的浓度。假设称量邻苯二甲酸氢钾时电子天平读数比实际质NaOH溶液浓度比实际浓度偏小D．向某溶液中参与茚三酮试剂，加热煮沸后溶液假设消灭蓝色，则可推断该溶液含有蛋白质【答案】B【解析】A金属汞深埋会产生汞蒸气，汞离子本身也是污染物，A错误；乙酸乙酯水解生成乙酸是弱电解质，导电性增加，B正确；邻苯二甲酸氢钾可用于标定NaOH溶液的浓度，假设称量邻苯二甲酸氢钾时电子天平读数比实际质量偏大，即实际计量减小，滴定参与的体积偏大，则测得的NaOH溶液浓度比实际浓度偏大，C错误；向某溶液中参与茚三酮试剂，加热煮沸后溶液假设消灭蓝色，可能含有氨基酸，D错误。42023·天津理综化学卷〕对以以下图两种化合物的构造或性质描述正确的选项是( )不是同分异构体B．分子中共平面的碳原子数一样C．均能与溴水反响D．可用红外光谱区分，但不能用核磁共振氢谱区分10 【解析A、两种有机物的分子式均为C H O，但构造不同故二者互为同分异构体，A项错误；B、第一种有机物分子中含有苯环，而其次种有机物分子中不含苯环，明显前者分子中共面的碳原子比后者分子中共面碳原子多，B项错误；C、第一种有机物分子中含有酚羟基，能与浓溴水发生取代反响，其次种有机物分子中含有碳碳双键，能与溴水发生加成反响，C项正确；D、两种有机物分子中的氢原子的化学环境不尽一样，故可用核磁共振氢谱区分，D10 5〔2014·天津理综化学卷运用相关化学学问进展推断，以下结论错误的选项是( A．某吸热反响能自发进展，因此该反响是熵增反响B．NHF水溶液中含有HFNHF溶液不能存放于玻璃中4 4C．可燃冰主要是甲烷与水在低温高压下形成的水合物晶体，因此可存在于海底D．增大反响物浓度可加快反响速率，因此用浓硫酸与铁反响能增大生成H的速率2【答案】D[来源:Zxxk]【解析】A、当ΔH－TΔS＜0时，反响能自发进展，吸热反响的ΔH＞0，吸热反响能自发，说明ΔS＞0，A项正确；B、NH

F溶液中F－水解生成HF，HF能与玻璃中的SiO

发生反响4HF＋SiO

===SiF↑4 2 2 42 ＋2HO，故NHF溶液不能存放在玻璃中，B项正确；C、可燃冰需在低温高压下形成，所以可燃冰可存在于海底，C项正确；D、常温下，浓硫酸使铁发生钝化，D2 6．〔2023·上海单科化学卷，T2〕以下试剂不会由于空气中的氧气而变质的是A．过氧化钠 B．氢硫酸 C．硫酸亚铁 D．苯酚【答案】A【解析】A、过氧化钠和空气中二氧化碳、水蒸气反响而变质〔2NaO

+2CO

=2NaCO+O2 2 2 2 3 2、2NaO

+2H

O=4NaOH+O↑〕，与氧气无任何关系，A选；B、氢硫酸易被空气中的氧气氧化而变质2 2 2 2〔2H

S+O=2S↓+2HO〕，B不选；C、硫酸亚铁中的铁元素是+2价，易被空气中的氧气氧化生成+3价而变2 2 2质，C不选；D、苯酚中的酚羟基易被空气中的氧气氧化而显紫色，D不选。7．〔2023·上海单科化学卷，T13〕3－甲基己烷的是CH=CHCHCHCH2 2 CH

CHCH2 3

CH=CH-CH-C CH2CHA． 3 B． 3CHC=CHCHCH

CHCHCHCHC=CH3 2 3 3 2 2 2 23C． CH=CH2 D． CH3【答案】CCH=CHCHCHCHCHCH2 2 23【解析】解题要依据有机物的加成特点解题。A、 CH3

2 3完全加成的产物是CH=CH-CH-C CH2 3〔3—甲基庚烷〕，A错误；B、 CH3

完全加成的产CHC=CHCHCH3 2 3物是 〔3—甲基戊烷〕，B错误；C、 CH=CH2 完全加成的产物是CHCHCHCHC=CH3 2 2 2 23〔3—甲基己烷〕，C正确；D、 CH3〔2—甲基己烷〕，D错误。8．〔2023·山东理综化学卷，T11〕苹果酸的构造简式为A．苹果酸中能发生酯化反响的官能团有2种1mol3molNaOH发生中和反响1molNa1molH2D．HOOC—CH—CH(OH)—COOH与苹果酸互为同分异构体2【答案】A

完全加成的产物是，以下说法正确的选项是【解析】A、苹果酸中含有羧基〔-COOH〕和羟基〔-OH〕，二者都能发生酯化反响，A正确；B、1mol苹果酸中含有2mol羧基〔-COOH〕，所以只能和2molNaOH发生中和反响，羟基〔-OH〕不和NaOH发生中和反响，B错误；C、羧基〔-COOH〕和羟基〔-OH〕都能和活泼金属Na发生反响，所以1mol苹果酸与足量金属Na1.5molH

—CH(OH)—COOH与2 2互为同一种物质，D错误。9．〔2023·山东理综化学卷，T7〕下表中对应关系正确的选项是CHCHCH+ClA3 3 2CHCHCl+HCl3 2均为取代反响CH=CH+HCl22CHCHCl3 2由油脂得到甘油B均发生了水解反响由淀粉得到葡萄糖Cl+2Br‾=2Cl‾+BrC22均为单质被复原的置换反响Zn+Cu2+=Zn2++Cu2NaO+2HO+4NaOH+O↑D2 222均为水作复原剂的氧化复原反响Cl+HO=HCl+HClO2 2【答案】B[来源:ZXXK]【解析】A、CH=CH+HCl CHCHCl为取代反响，A错误；B、由油脂得到甘油，属于酯类的水解2 2 3 2反响。由淀粉得到葡萄糖，属于糖类的水解反响，B正确；C、Zn+Cu2+=Zn2++Cu的单质Zn化合价上升，被氧化，C错误；D、Cl

+HO=HCl+HClO反响中HO既不是氧化剂也不是复原剂，D错误。2 2 210．〔2023·全国理综大纲版化学卷，T12CHO，88 3FeCl溶液会呈现特征颜色，能发生银镜反响。该反响可能的构造简式是3【答案】ACHO，则该物质中含有苯环，与FeCl溶液会呈现特征颜色，8 8 3 3能发生银镜反响，说明该有机物中含有酚羟基、醛基A、该分子中含有醛基和酚羟基，且分子式为CHOA、．该分子中不含酚羟基，所以不能显色反响，不符合题意B、该反响中不8 8 3C、该分子中含有醛基和酚羟基，能发生显色反响和银镜反响，其分子式为CHO，不符合题意，D错误。8 6 311．〔2023·全国理综I化学卷，T7〕以下化合物中同分异构体数目最少的是〔 〕A．戊烷 B．戊醇 C．戊烯 D．乙酸乙酯【答案】A【解析】戊烷只有碳骨架异构，有正戊烷、异戊烷、戊烷三种同分异构体；戊醇在戊烷的三种骨架构造上羟基的位置不同有8〔1—戊醇、2—3—2—甲基—1—2—甲基—2—丁醇、3—甲基—2—丁醇、3—甲基—1—丁醇、2,2—二甲基—1—丙醇、〕；戊烯共有5种构造〔1—戊烯、2—戊烯、2—甲基—1—丁烯、2—甲基—2—丁烯、3—甲基—1—丁烯〕；乙酸乙酯有6种同分异构体〔属于酯的4种：甲酸1—丙醇酯、甲酸2—丙醇酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯；属于酸的两种：丁酸、2—甲基丙酸〕，所以最少的是戊烷。12．〔2023·全国理综II化学卷，T10〕以以下图示试验正确的选项是A．除去粗盐溶液中的不溶物 B．碳酸氢钠受热分解 C．除去CO气体中的CO气体 D．乙酸乙酯的制备[来源:ZXXK]2【答案】D[来源:]【解析】A“一贴二低三靠”，“三靠”指的是玻璃棒下端要紧靠三层滤纸一侧、烧杯紧靠玻璃棒、漏斗下端紧靠烧杯内壁，A错误；B、加热固体，试管口要向下倾斜，B错误；C、除去CO气体中的CO2气体要通过含有碱溶液的洗气瓶，要留意气流方向为长管进气、短管出气，C错误；D、制备乙酸乙酯的试验装置正确。13．〔2023·全国理综II化学卷，T8〕四联苯A．3种 B．4种 C．5种 D．6种【答案】C

的一氯代物有【解析】依据四联苯的构造可知，分子中有5种不同类型的H5种。

的分子构造呈现对称性，则四联苯14．〔2023·江苏单科化学卷，T11〕去甲肾上腺素可以调控动物机体的植物性神经功能，其构造简式如以下图。以下说法正确的选项是每个去甲肾上腺素分子中含有3个酚羟基每个去甲肾上腺素分子中含有1个手性碳原子1mol2molBr发生取代反响2去甲肾上腺素既能与盐酸反响，又能与氢氧化钠溶液反响【答案】BD【解析】去甲肾上腺素含有2个酚羟基和1个醇羟基，A错误； 含有1个手性碳原子，B正确；1mol去甲肾上腺素最多能与3mol溴发生取代反响，C错误；去甲肾上腺素含有酚羟基，能与氢氧化钠反响，含有氨基能与盐酸反响，D正确。15、〔2023·海南单科化学卷，T18-I〕〔6分〕图示为一种自然产物，具有确定的除草成效，以下有关该化合物的说法错误的选项是〔〕A、分子中含有三种含氧官能团B、1mol6molNaOH反响C、既可以发生取代反响，又能够发生加成反响DFeCl3

NaHCO3

CO2【答案】BD〔6分〕【解析】依据有机物的构造简式可知，该有机物构造中含有三种含氧官能团：酚羟基〕，酯基〔—COO—〕和醚键〔—O—〕，A正确；B、能够和NaOH发生反响的官能团三个酚羟基〔—OH〕，酯基〔—COO—〕，1mol3mol酚羟基〔—OH〕1mol酯基〔—COO—〕，1mol该化合物最多能与4molNaOH反响，B错误；C、该有机物构造中还有碳碳双键〔—C=C—〕，能发生加成反响，含有酚羟基〔—OH〕，还能发生取代反响，C正确；D、该化合物含有酚羟基〔—OH〕，能与FeCl3

溶液发生显色反响〔溶液显紫色〕，〔—OH〕具有酸性，但是其酸性弱于HCO

NaHCO反应放出CO，D错误。

2 3 3216、〔2023·海南单科化学卷，T10〕以下关于物质应用和组成的说法正确的选项是〔 〕A、PO可用于枯燥Cl和NH B、“可燃冰”的主要成分是甲烷和水2 5 2 3C、CCl4

可用于鉴别溴水和碘水 D、Si和SiO2

都用于制造光导纤维【答案】BC【解析】A、PO属于酸性枯燥剂，不能用来枯燥碱性气体NH，A错误；B、“可燃冰”是水和甲烷在低2 5 3温、高压的条件下形成的冰状固体，分布于深海沉积物中，由自然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质，所以“可燃冰”的主要成分是甲烷和水，B正确；C、四氯化碳的密度大于水的密度，所以四氯化碳在下方，水在上方；萃取时，上层液体是水，溴被萃取到下方四氯化碳中，所以上层无色，下层橙色；将碘水与四氯化碳混合，碘在四氯化碳中的溶解度比在水中的大，且四氯化碳的密度大于水的密度，故混合后Ⅳ中溶液分层上层是水下层是碘的四氯化碳溶液，因此下层为紫红色，所以CCl4

可用于鉴别溴水和碘水，C正确；D、SiO2

用于制造光导纤维，Si用于制造半导体材料，D正确。17、〔2023·海南单科化学卷，T7〕以下有关物质水解的说法正确的选项是〔 〕A、蛋白质水解的最终产物是多肽 B、淀粉水解的最终产物是葡萄糖C、纤维素不能水解成葡萄糖 D、油脂水解产物之一是甘油【答案】BD【解析】A、蛋白质先水解成多肽，多肽再水解成最终产物氨基酸，故蛋白质水解的最终产物是各种氨基酸，A错误；B、淀粉在酸的催化作用下，能发生水解；淀粉的水解过程：先生成分子量较小的糊精〔淀粉不完全水解的产物B正确；C水解的最终产物是葡萄糖，C错误；油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，在酸性条件下水解生成高级脂肪酸与甘油；在碱性条件下，完全水解生成高级脂肪酸盐〔肥皂〕与甘油，D正确。18、〔2023·海南单科化学卷，T1〕化学与日常生活亲热相关，以下说法错误的选项是〔 〕A、碘酒是指单质碘的乙醇溶液 B、84消毒液的有效成分是NaClOC、浓硫酸可刻蚀石英制艺术品 D、装饰材料释放的甲醛会造成污染【答案】C、碘酒是单质碘溶于酒精形成的分散系〔溶液〕A4消毒液是由氯气和NaCl和NaClONaClO与酸反响生成具有漂白性的HClO，所以有效成分为NaClO，B正确；C、浓硫酸不与玻璃的成分二氧化硅发生反响，而二氧化硅与氢氟酸反响：SiO+4HF═SiF↑+2HO，所以工艺师用氢氟酸刻蚀石英制作艺术品，C错误；D、甲醛为常2 4 2用的合成粘合剂的材料，且甲醛有毒，则某些装饰材料挥发出甲醛和苯等有毒物质会对空气造成污染，D正确。19．〔2023·广东理综化学卷，T7〕生活处处有化学。以下说法正确的选项是A．制饭勺、饭盒、高压锅等的不锈钢是合金[来源:学#科#Z#X#X#K]B．做衣服的棉和麻均与淀粉互为同分异构体C．煎炸食物的花生油和牛油都是可皂化的饱和酯类D．磨豆浆的大豆富含蛋白质，豆浆煮沸后蛋白质变成了氨基酸【答案】A【解析】A项、不锈钢是铁、钴、镍的合金，所以不锈钢属于合金；B项、棉和麻主要成分是纤维素与淀粉不属于同分异构〔二者分子式不一样〕；C项、花生油是植物是不饱和酯类；D项、蛋白质要在催化剂作用下才能水解为氨基酸。20．〔2023·福建理综化学卷，T7〕以下关于乙醇的说法不正确的选项是A．可用纤维素的水解产物制取 B．可由乙烯通过加成反响制取C．与乙醛互为同分异构体 D．通过取代反响可制取乙酸乙酯【答案】C【解析】乙醇可以用纤维素的水解产物葡萄糖来制取，A正确；乙烯加成得乙醇，B正确；乙醇分子式为CH2

O，乙醛分子式为CH6 2

O，C错误；乙醇和乙酸发生取代反响可制取乙酸乙酯，D正确。421．〔2023·安徽理综化学卷，T7〕CO的资源化利用是解决温室效应的重要途径。以下是在确定条2NHCO生成重要化工产品三聚氰胺的反响：3 2NH+CO3 2以下有关三聚氰胺单位说法正确的选项是〔〕

+HO2A．分子式为CHNO B．分子中既含有极性键，也含有非极性键36 3 3C．属于共价化合物 D．生成该物质的上述反响为中和反响【答案】C【解析】依据三聚氰酸的构造简式，可知其分子式为CH3

NO，A错误；B、依据原子间的连接方式3 3 3可知，三聚氰酸中只有极性键，B错误；C、依据三聚氰酸的组成可知其属于共价化合物，C正确；D、NH3不属于碱，CO2

不属于酸，所以该反响不属于酸碱中和反响。选项试验目的主要仪器试剂ABrCCl混合物24分液漏斗、烧杯BrCCl选项试验目的主要仪器试剂ABrCCl混合物24分液漏斗、烧杯BrCCl混合物、蒸馏水24葡萄糖溶液、蔗糖溶液、银氨溶B鉴别葡萄糖和蔗糖试管、烧杯、酒精灯液C试验室制取H2试管、带导管的橡皮塞HNO3DNaOH溶液浓度滴定管、锥形瓶、烧杯NaOH溶液、0.1000mol·L-1盐酸【答案】B【解析】A、Br2

CCl4

互溶，无法通过分液的方法将二者分别，可以承受蒸馏法进展分别，A错误；B、葡萄糖分子中有5个羟基和1个醛基，可以用鉴别醛基的方法进展鉴别，参与的试剂可以使银氨溶液或者斐林试剂等，而蔗糖中没有醛基，B正确；C、硝酸具有强氧化性，当与金属反响时不会产生氢气，会随着浓度的变化生成NO、NO等气体，C错误；D〔甲基橙〔用2标准盐酸溶液来测定氢氧化钠溶液的浓度选用酸式滴定管，待测液是氢氧化钠，滴入甲基橙后溶液颜色是黄色，当向氢氧化钠溶液中滴入的甲基橙时呈黄色，不断的滴加稀盐酸，溶液随着氢氧化钠和稀盐酸的反应碱性减弱酸性增加，当正好中和再滴一滴稀盐酸溶液就呈酸性，溶液的pH3.1～4.4之间显示橙色〕，D错误。23．〔2023·北京理综化学卷，T10〕以下说法正确的选项是〔 〕室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1—氯丁烷HCOOCH3

HCOOCHCH2 3NaCO

CH

COOHCH

COOCHCH2 3 3 3 2 3油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反响，且产物一样【答案】A3 2 3 2 3 【解析】A、丙三醇易溶于水，苯酚在室温下微溶于水，1—氯丁烷不溶于水，所以室温下，在水中的1—氯丁烷，A正确；B、核磁共振氢谱是用来推断有机物中H原子的种类及个数，HCOOCH2种类型的H1:3，HCOOCHCH3种类型的H原子，且个数比1:2:3，可以借助核磁共振氢谱来鉴别，B错误；C、CHCOOHNaCOCO3 2 3 2 3 CHCOOCHCHNaCO

溶液不互溶，消灭分层现象，C错误；D、油脂在酸性条件下水解生成高级脂肪3 2 3 2 3D[来源:Zxxk]①中试验②中现象A铁粉与水蒸气加热肥皂水冒泡BNHClCa①中试验②中现象A铁粉与水蒸气加热肥皂水冒泡BNHClCa〔OH〕混合物42酚酞溶液变红CNaHCO3澄清石灰水变浑浊D石蜡油在碎瓷片上受热分解BrCCl溶液褪色24【答案】A3 2 2 4 2 3 【解析】A铁粉与水蒸气加热生成的气体，A错误；BNHCl和Ca〔OH〕NH，NH能使酚酞溶液变红，B正确；C、NaHCO受热分解的气体是CO〔能使澄清石灰水变浑浊〕，所以当澄清石灰水变浑浊则说明反响发生，C正确；D18Br的CCl溶液褪色，在碎瓷片上Br的CCl溶液褪色，说明有不饱和的物质生成，证明反响能发生，D正确。25．〔2023·安徽理综化学卷，T26〕(16分)Hagrmann3 2 2 4 2 3 列路线合成(局部反响条件略去)：OCH32OCH32CH A催化剂B3CHOHCH=CH—C=CH22CCHCO2确定条ECH3CH2OH3CH3CH3COOCH2CH3HD 件 浓2SO4，△ FHG H〔1〕A→B为加成反响，则B的构造简式是 ；B→C的反响类型是 。[来源:Zxxk]〔2〕H中含有的官能团名称是 ；F的名称(系统命名)是 。〔3〕E→F的化学方程式是 。〔4〕TMOB是H的同分异构体，具有以下构造特征：①核磁共振氢谱除苯环吸取峰外仅有1个吸取峰；②存在甲氧基(CHO－)。TMOB的构造简式是 。3〔5〕以下说法正确的选项是 。a．AHCl反响得到聚氯乙烯的单体b．DF2个π键c．1molG7molHO2d．H能发生加成、取代反响【答案】〔16分〕〔1〕CH=CH—C CH 加成反响2碳碳双键，羰基，酯基 2丁炔酸乙酯

CCCOOH+CH

CHOH CH

CCCOOCHCH

+HO3 3 2

3 2 3 2a、d【解析】〔1〕从流程图可以看出，A→B是两个乙炔的加成反响，生成B，然后再甲醇〔CHOH〕发生加3成反响生成可知B的构造简式是CH

=CH—CHCH

CCCOOCHCH〕2 2 3 2 3是由E和CHCHOH发生酯化反响的到的，所以E的构造简式为CHC CCOOH。3 2 3 〔1〕A→B是两个乙炔的加成反响所以B的构造简式为CH=CH—CH CH，B→C是CH 2 2 2 2和甲醇的加成反响；O〔2〕H的构造简式为

CH3COOCH2CH3 ，含有的官能团是碳碳双键，羰基，酯基；F的构造简式为CHCCCOOCHCH

2丁炔酸乙酯3 2 3〔3〕E→F的反响是E〔CH

CCCOOH〕CHCH

OH发生的酯化反响，所以反响方程式为：3 3 2CHCCCOOH+CHCH

OH CH

CCCOOCHCH

+HO；3 3 2

3 2 3 2O〔4〕H的构造简式为

CH3COOCH2CH3 ，TMOB是H的同分异构体，具有以下构造特征：①核磁共1个吸取峰；②存在甲氧基(CHO－)，说明TMOB构造中含有苯环，存在甲3氧基(CH

O－)，又由于除苯环吸取峰外仅有1个吸取峰，所以应当含有3个甲氧基(CH

O－)，且三个甲氧3 3基等价，所以TMOB的构造简式为 。26．〔2023·福建理综化学卷，T32〕【化学－有机化学根底】(13分)叶酸是维生素B族之一，可以由以下甲、乙、丙三种物质合成。甲 乙 丙甲中显酸性的官能团是 (填名称)。以下关于乙的说法正确的选项是 (填序号)。a．分子中碳原子与氮原子的个数比是7：5 b．属于芳香族化合物c．既能与盐酸又能与氢氧化钠溶液反响 d．属于苯酚的同系物丁是丙的同分异构体，且满足以下两个条件，丁的构造简式为 。a．含有 b．在稀硫酸中水解有乙酸生成甲可以通过以下路线合成(分别方法和其他产物已经略去)：①步骤I的反响类型是 。②步骤I和IV在合成甲过程中的目的是 。③步骤IV反响的化学方程式为 。【答案】〔13分〕羧基a、c①取代反响 ②保护氨基③【解析】〔1〕甲的构造简式为 ，显酸性的官能团为羧基；依据乙的构造简式 ，分子中碳原子为7，N原子个数为5，a选项正确；不含苯环，b错误；含有氨基能与盐酸反响，含有氯素原子可以与氢氧化钠反响，c正确；不属于酚类，d错误。丁 ，且在稀硫酸中水解有乙酸生成，则丁含有酯基，构造简式为由题给信息可知，反响I为取代反响，步骤I和IV在合成甲过程中的目的是保护氨基；步骤IV反响的化学方程式为27．〔2023·广东理综化学卷，T30〕〔15分〕不饱和酯类化合物在药物、涂料等应用广泛。以下化合物I的说法，正确的选项是 。FeCl3

溶液可能显紫色

HO —CH=CHCOOCHCH—2 可发生酯化反响和银镜反响 2 能与溴发生取代和加成反响1mol化合物I2molNaOH反响反响①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的方法：3①2CH3

- 2Ⅱ2

确定条件2CH

3- -CH=CHCOOR+2H2O化合物II的分子式为 ，1mol化合物II能与 molH2

恰好完全反响生成饱和烃类化合物。IIIIIIV分别通过消去反响获得，但只有IINa反响产生H，II的结2构简式为 〔写1种〕；由IV生成II的反响条件为 。CH－CH2 nCOOCH2CH3聚合物 可用于制备涂料，其单体构造简式为 。利用类似反响①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的反响方程式为 。【答案】〔15分〕〔1〕AC〔2分〕〔2〕CH2291022

〔1分〕4〔1分〕〔3〕

CH3—

—OH CH—3或3

—CHOH—CH

3〔2分〕NaOH醇溶液，3加热〔2分〕CH

=CHCOOCHCH

〔2分〕2 2 3CH=CH+HO

CHCH

OH〔2分〕2 2 2 △ 3 22CH

=CH

+2CHCH

OH+2CO+O定条

2CH

=CHCOOCHCH

+2H

O〔3分〕2 2 3 2 2 2 2 3 2【解析】〔1〕化合物I的构造中含有酚羟基，从而能与FeCl溶液反响。使溶液显显紫色，A正确；化32合物I的构造中不含有醛基〔—CHO〕，不能发生银镜反响，B错误；化合物I的构造中含有酚羟基〔能和溴发生取代反响〕和碳碳双键〔能与溴发生加成反响〕，C正确；化合物I分子中含有2个酚羟基和1个1mol化合物I3molNaOH反响，D错误；2依据化合物II的构造简式

CH3—

—CH=CH

可知其分子式为C

H II9 10的构造中含有1个苯环和1个碳碳双键，所以1mol化合物II能与4molH2恰好完全反响生成饱和烃类化合物；22化合物II分子构造中含有碳碳双键，且可由化合物III和IV制得，化合物III能与金属Na发生反响IIIIII通过发生分子内的消去反响制得化合物II，由于羟基的位置22有2种，所以化合物的构造简式有2种，即

CH3—

—OH或者

— —CHOH—CH

3；化合物IVIINaIV3制取化合物II的方法应为卤代烃的消去反响，卤代烃的消去反响的条件是：在NaOH的醇溶液，加热的条件下制取；由聚合物

CH－CH2 nCOOCH2CH3的构造简式可知该聚合物是由丙烯酸乙〔 〕发生加聚反响得到的。28．〔2023·广东理综化学卷，T31〕〔16分〕CaSO4

O2

CO反响，既可提高燃烧效率，又能得到高纯CO，是一种高效、清洁、经济的型燃烧技术，反响①为主反响，反响②和③为副反2应。1①CaSO

(s)+CO(g)

1CaS(s)+CO

(g)

=—47.3kJ∙mol-14 4 4 2 1②CaSO(s)+CO(g) CaO(s)+CO(g)+SO(g) ∆H=+210.5kJ∙mol-14 2 2 21 1③CO(g) C(s)+ CO(g) ∆H

=—86.2kJ∙mol-12 22CaSO(s)+7CO(g)4∆H表示〕3

2 3CaS(s)+CaO(s)+6CO(g)+C(s)+SO(g)的∆H＝ 〔用∆H、∆H和2 2 1 2反响①－③的平衡常数的对数lgK随反响温度T的变化曲线见图18，结合各反响的∆H，归纳lgK-T曲线变化规律：a) ；b) 。CaSOCO，反响①4900℃到达平衡，c(CO)=8.0×10-5mol∙L-1CO的转化率〔无视副反响，结果保存两位有效数字〕。为削减副产物，获得更纯洁的CO，可在初始燃料中适2量参与 。CaS为原料，在确定条件下经原子利用率100%CaSO，该反4应的化学方程式为 ；在确定条件下，CO可与对二甲苯反响，在其苯环上引入一个羧基，2产物的构造简式为 。【答案】〔16分〕〔1〕∆H＝4∆H

+∆H

〔2分〕1 2 3〔2〕a)反响②K值增大，lgK也增大〔2分〕b)反响①③K值减小，lgK也减小〔2分〕〔3〕99%1CaSO

(s)+CO(g)

1CaS(s)+CO

(g)4 4 4 2初始浓度〔mol/L〕 a 0转化浓度〔mol/L〕

平衡〔CO〕 a-c平衡〔CO〕平衡浓度〔mol/L〕

平衡〔CO〕

平衡〔CO〕依题意，K=c

〔CO〕平衡 2

ac

〔CO〕平衡

a8.0105

100

，a=8.08×10—3mol∙L—1c

c

8.0105CO的转化率：ac 〔CO〕 8.0810—3molL—18.0105molL1

〔5分〕平衡 100% 100%99%a 8.0810—3molL—1氧气 〔2分〕COOHCaS+2O2

CaSO4

3〔2分〕3

CH—

3〔1分〕3【解析〔1〕依据盖斯定律，①×4+②+③×2得：2CaSO(s)+7CO(g) CaS(s)+CaO(s)+6CO(g)+C(s)4 2+SO(g)，所以∆H＝4∆H+∆H+2∆H；2 1 2 3〔2〕结合图像及反响的∆H可知，反响①③K值减小，lgK也减小，反响②为吸热反响，温度上升K值增大，lgK也增大。〔3〕由图可可知，900℃时1 1

cCO ，CaSO(s)+CO(g)

2 1004 4 4

cCO可知平衡时c(CO)=8.0×10—3mol∙L—1，CO的转化率为28.0103molL1(8.0103molL18.0105molL1)

100%=99%；〔5〕CaSCaSO，从元素守恒角度分析，CaS与O