高考物理电场精讲精练几种常见的典型电场等势面

几种常见的典型电场等势面电场等势面（实线）图样重要描述匀强电场■不缓等势面 垂直于电场线的簇等间距平面点电荷的电场门第咖II以点电荷为球心的一展球面等量异种点电荷的电场澧噱连线的中垂面上的电势为零等量同种正点电荷的电场1鲍4+连线上，中点电势最低，而在中垂线上，中点电势最高.关于中点左右对称或上下对称的点电势相等例题1.关于静电场的等势面，下列说法正确的是（）A.两个电势不同的等势面可能相交B.电场线与等势面处处相互垂直C.同一等势面上各点电场强度一定相等D.将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功解析：选B.静电场中的电场线不可能相交，等势面也不可能相交，否则的话会出现一个点有两个电场强度和两个电势值的矛盾，A错误；由"nqUAB可知，当电荷在等势面上移动时，电荷的电势能不变，如果电场线不与等势面垂直，那么电荷将受到电场力，在电荷运动时必然会做功并引起电势能变化，这就矛盾了，B正确；同一等势面上各点电势相等，但电场强度不一定相等，C错误；对于负电荷，q<0,从电势高的A点移到电势低的B点，Uab>0,由电场力做功的公式/=口也可知/<0,电场力做负功，D错误.例题2.（多选）两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是（）A.带正电B.速度先变大后变小C.电势能先变大后变小D.经过b点和d点时的速度大小相等解析：选CD.做曲线运动的物体受到的合力方向指向曲线的内侧，根据带电粒子受力方向可以判断，粒子带负电，选项A错误；负电荷在电势低的位置电势能大，粒子的电势能先变大后变小，粒子的电势能和动能之和不变，所以粒子的动能先变小后变大，速度先变小后变大，选项B错误，选项C正确；b、d两点电势相同，粒子经过这两点时电势能相等，动能相等，速度大小也相等，选项D正确.例题3.电场中某三条等势线如图甲中实线a、b、c所示.一电子仅在电场力作用下沿直线从P运动到必已知电势6a>6b>久，这一过程电子运动的vt图象可能是图乙中的（）解析：选A.结合6a>6b>6c，由题图等势线的特点可确定此电场为非匀强电场，且Q点处电场强度小于P点处电场强度，电子仅在电场力作用下沿直线从P运动到Q，将做加速度越来越小的加速运动，A正确.例题4.如图所示的同心圆是电场中的一簇等势线，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A-C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，则下列说法正确的是（）A.电子沿AC方向运动时受到的电场力越来越小B.电子沿AC方向运动时它具有的电势能越来越大C.电势差Ue%D.电势6A<6b<6c解析：选B.该电场为负点电荷电场，电子沿AC方向运动时受到的电场力越来越大，选项A错误；根据电子只在电场力作用下沿着直线由A+C运动时的速度越来越小，它具有的电势能越来越大，选项B正确；由于电场为非匀强电场，电势差也<%,选项C错误；电势6A>6b>6c，选项D错误.过关检测1.如图所示，P是固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆.带电粒子Q在P的电场中运动.运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点.若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为aa、ab、ac，速度大小分别为va、”、匕，则（）a>ab>a,v>v>vba>ab>a,vb>v>vab>ac>aa，vb>vc>vaab>a>a,v>v>vbF一.解析：选D.由库仑定律可知，粒子在a、b、。三点受到的电场力的大小关系为F”>F,由a=-可知,bca mab>ac>aa，由运动轨迹可知，粒子Q的电性与P相同，受斥力作用，不论粒子从a到c,还是从c到a,在运动过程中总有排斥力与运动方向的夹角先为钝角后为锐角，即斥力先做负功后做正功，因此、>%>”，故D正确..如图，直线2、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、、是它们的交点，四点处的电势分别为七、6n、6p、6q.一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等.则()人.直线2位于某一等势面内，6M>6q.直线c位于某一等势面内，6M>6nC.若电子由M点运动到Q点，电场力做正功D.若电子由P点运动到Q点，电场力做负功解析：选B.电子带负电荷，电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，有讨产3J°，而Wjq/,3产口4,qV0,所以有4=%>°，即6M>6n=6p，匀强电场中等势线为平行的直线，所以NP和MQ分别是两条等势线，有6M=6q,故A错误，B正确；电子由M点到Q点过程中，WMQ=q(6M—6q)=0,电子由P点到Q点过程中，WpQ=q(6p—6Q)>0,故C、D错误.2019-2020学年高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.某LED灯饰公司为保加利亚首都索非亚的一家名为“cosmos（宇宙）〃的餐厅设计了一组立体可动的灯饰装置，装置生动模仿了行星运动的形态，与餐厅主题相呼应。每颗卫星/行星〃都沿预定轨道运动，从而与其他所有“天体〃一起创造出引人注目的图案。若这装置系统运转原理等效月亮绕地球运转（模型如图所示）；现有一可视为质点的卫星B距离它的中心行星A表面高h处的圆轨道上运行，已知中心行星半径为R,设其等效表面重力加速度为g,引力常量为G,只考虑中心行星对这颗卫星作用力，不计其他物体对这颗上星的作用力。下列说法正确的是（）B.B.卫星B绕它的中心行星A运行的周期T=gR2A.中心行星A的等效质量M=等GgR2C.卫星B的速度大小为V=—h+R,“， gR2D.卫星B的等效质量V=今1G.如图，小球甲从A点水平抛出，同时将小球乙从B点自由释放，两小球先后经过C点时速度大小相等，方向夹角为30°,已知B、C高度差为h,两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知（ ）A.小球甲作平抛运动的初速度大小为2,l，ghB.甲、乙两小球到达C点所用时间之比为1：2hC.A、B两点高度差为4D.两小球在C点时重力的瞬时功率相等3.如图，两端封闭的玻璃直管下方用一小段水银柱封闭了一定质量的理想气体，上方为真空.现在管的

下方加热被封闭的气体，下图中不可能发生的变化过程是（）电路再次稳定时，电源效率增加A.灯L2变暗，电流表的示数减小灯下方加热被封闭的气体，下图中不可能发生的变化过程是（）电路再次稳定时，电源效率增加A.灯L2变暗，电流表的示数减小灯L1变亮，电压表的示数减小电容器存储的电势能增加5.2013年12月2日，“嫦娥三号〃5.凸不平的月面可能造成的不利影响，"嫦娥三号”采取了近乎垂直的着陆方式。已知：月球半径为R,表面重力加速度大小为g,引力常量为G,下列说法正确的是（）A.“嫦娥三号〃着陆前近月环绕月球做圆周运动的过程中处于超重状态B.为了减小与地面的撞击力，“嫦娥三号”着陆前的一小段时间内处于失重状态沃C.”嫦娥三号〃着陆前近月环绕月球做圆周运动的周期约为T=冗:g3gD.月球的密度为p=—4冗RG6.图中实线是某电场中一簇未标明方向的电场线，虚线是一带电粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。根据此图不能作出判断的是（ ）a、b两点中，哪点的电势较高a、b两点中，哪点的电场强度较大C.带电粒子在a、b两点的加速度哪点较大D.带电粒子在a、b两点的电势能哪点较大.”太极球〃运动是一项较流行的健身运动。做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，太极球却不会掉到地上。现将太极球拍和球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让小球在竖直面内始终不脱离平板且做匀速圆周运动，则 （）A.小球的机械能保持不变.平板对小球的弹力在B处最小，在D处最大C.在B、D两处小球一定受到沿平板向上的摩擦力D.只要平板与水平面的夹角合适，小球在B、D两处就有可能不受平板的摩擦力作用8.理想变压器连接灯泡和滑动变阻器的电路如图所示，M、N端连接一个稳压交流电源，三个灯泡L1、L26和l3接入电路中发光，当滑动变阻器的滑片P向上移动时，下列说法正确的是（）A.灯泡L1变亮，L2变暗.灯泡L1、L2都变亮c.灯泡l2、l3都变亮D.电源输出功率减小.下列说法符合物理学史实的是（）A.亚里士多德最早指出力不是维持物体运动的原因B.库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律C.卡文迪许提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D.哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律.有人做过这样一个实验：将一锡块和一个磁性很强的小永久磁铁叠放在一起，放入一个浅平的塑料容器中。往塑料容器中倒入液态氮，降低温度，使锡出现超导性。这时可以看到，小磁铁竟然离开锡块表面，飘然升起，与锡块保持一定距离后，便悬空不动了。产生该现象的原因是：磁场中的超导体能将磁场完全排斥在超导体外，即超导体内部没有磁通量（迈斯纳效应）。如果外界有一个磁场要通过超导体内部，那么在磁场作用下，超导体表面就会产生一个无损耗感应电流。这个电流产生的磁场恰恰与外加磁场大小相等、方向相反，这就形成了一个斥力。当磁铁受到的向上的斥力大小刚好等于它重力大小的时候，磁铁就可以悬浮在空中。根据以上材料可知（ ）A.超导体处在恒定的磁场中时它的表面不会产生感应电流B.超导体处在均匀变化的磁场中时它的表面将产生恒定的感应电流C.将磁铁靠近超导体，超导体表面的感应电流增大，超导体和磁铁间的斥力就会增大D.将悬空在超导体上面的磁铁翻转180。，超导体和磁铁间的作用力将变成引力二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.一简谐机械横波沿x轴正方向传播，/=1S时刻波形如图甲所示a、b、d是波上的三个质点。图乙是波上某一质点的振动图像。则下列说法正确的是（ ）A.该波传播速度大小为3m/s B.图乙可以表示d质点的振动C.图乙可以表示b质点的振动 D.t=0.5s时，a质点速度沿y轴负方向.小球甲从斜面顶端以初速度v沿水平方向抛出，最终落在该斜面上.已知小球甲在空中运动的时间为t,落在斜面上时的位移为s,落在斜面上时的动能为Ek，离斜面最远时的动量为p.现将与小球甲质量相v同的小球乙从斜面顶端以初速度一（n>1）沿水平方向抛出，忽略空气阻力，则下列说法正确的是（ ）nsA.小球乙落在斜面上时的位移为一ntB.小球乙在空中运动的时间为一nEC.小球乙落在斜面上时的动能为fpD.小球乙离斜面最远时的动量为一n213.如图所示，abcd为一正方形边界的匀强磁场区域，磁场边界边长为上三个粒子以相同的速度从a点沿对角线方向射入，粒子1从b点射出，粒子2从c点射出，粒子3从cd边垂直射出，不考虑粒子的重力和粒子间的相互作用.根据以上信息，可以确定A.粒子1带负电，粒子2不带电，粒子3带正电B.粒子1和粒子3的比荷之比为2：1C.粒子1和粒子2在磁场中的运动时间之比为n：4LD.粒子3的射出位置与d点相距5214.如图所示，空间存在水平向左的匀强电场E和垂直纸面向外的匀强磁场B,在竖直平面内从a点沿ab、ac方向抛出两带电小球，不考虑两带电小球间的相互作用，两小球的电荷量始终不变，关于小球的运动，下列说法正确的是（）A.沿ab、ac方向抛出的小球都可能做直线运动B.若小球沿ac方向做直线运动，则小球带负电，可能做匀加速运动C.若小球沿ab方向做直线运动，则小球带正电，且一定做匀速运动D.两小球在运动过程中机械能均守恒15.如图甲所示，一块质量为mA=1kg的木板A静止在水平地面上，一个质量为mB=1kg的滑块B静止在木板的左端，对B施加一向右的水平恒力F,一段时间后B从A右端滑出，A继续在地面上运动一段距离后停止，此过程中A的速度随时间变化的图像如图乙所示.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10m/s1.则下列说法正确的是A.滑块与木板之间的动摩擦因数为0.6B.木板与地面之间的动摩擦因数为0.1F的大小可能为9NF的大小与板长L有关三、实验题：共2小题.某同学设计测量电流表内阻的实验。待测电流表的内阻Rg约在1kQ~2kQ之间，量程250|1A。提供实验器材：电源（4V,0.60）电键S及导线若干一只电阻箱R（0~99990）滑动变阻器R1(0-50Q,0.6A)滑动变阻器R2(0〜1kQ,0.3A)某同学的测量过程如下：第一，选择实验器材，设计实验的电路图，如图甲所示:甲第二，实验操作步骤如下：①先按电路图接好各元件，调节滑动变阻器R'的滑片P位置，再使电阻箱阻值为零②闭合电键S，调节滑动变阻器R'的滑片P于某一位置，使电流表达到满刻度Ig③滑动变阻器R'的滑片P保持不变，调节电阻箱值使电流表读数为Ig的一半，记下电阻箱读数Rx，则待测电流表的内阻Rg=Rx，请回答以下问题：(1)为了精确测量电流表的内阻，该同学选择的滑动变阻器R'是(选填“R1〃或“R2〃)。⑵该同学在操作步骤①中，滑动变阻器R'的滑片P应置于端(选填，〃或“b〃)理由是。⑶接照该同学所设计的实验思路，用铅笔画出的线代表导线在图乙中替他完善正确规范的实验电路连接，导线不能交叉⑷在实验步骤③中，确保滑动变阻器R'的滑片P的位置不变，其理由是。.某实验小组的同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，实验时进行了如下的操作(滑轮的大小可忽略)：①滑块甲放在气垫导轨上，滑块乙穿在涂有润滑剂的竖直杆上，调整气垫导轨水平，气垫导轨的适当位置放置光电门，实验时记录遮光条的挡光时间t；10②将两滑块由图中的位置无初速释放，释放瞬间两滑块之间的细绳刚好水平拉直;③测出两滑块甲、乙的质量M=0.20kg、m=0.10kg，当地重力加速度为g=9.80m/s2。回答下列问题：(1)如图，用游标卡尺测得遮光条的宽度d=cm；⑵实验小组在实验时同时对以下物理量进行了测量，其中有必要的测量是 (填序号)；A.滑轮到竖直杆的距离L=0.60mB.滑块甲到滑轮的距离a=1.50mC.物块甲的遮光条到光电门的距离b=0.40m⑶当遮光条通过光电门瞬间，滑块乙速度的表达式为v乙 ；••• ,⑷若测量值t=s,在误差允许的范围内，系统的机械能守恒。(保留两位有效数字)四、解答题：本题共3题18.如图(a),水平地面上固定一倾角为37°的斜面，一宽为l=0.43m的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁场边界与斜面底边平行。在斜面上由静止释放一正方形金属线框abcd,线框沿斜面下滑时，ab、cd边始终与磁场边界保持平行。以地面为零势能面，从线框开始运动到恰好完全进入磁场的过程中，线框的机械能E与位移s之间的关系如图(b)所示，图中①、②均为直线段。已知线框的质量为m=0.1kg,电阻为R=0.06Qo(sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g取10m/s2)求：(1)线框与斜面间的动摩擦因数山⑵ab边刚进入磁场时，线框的速度匕；⑶线框刚进入磁场到恰好完全进入磁场所用的时间t；⑷线框穿越磁场的过程中，线框中产生的最大电功率Pm；11

（6分）如图所示，两个截面积都为S的圆柱形容器，右边容器高为H,上端封闭，左边容器上端是一个可以在容器内无摩擦滑动的质量为M的活塞.两容器由装有阀门的极细管道相连，容器、活塞和细管导热性良好.左、右两边容器中装有相同的理想气体，开始时阀门打开，平衡时活塞到容器底的距离为H.现将阀门关闭，在活塞上放一个质量也为M的祛码，活塞缓慢下降，直至系统达到新的平衡.已知外界温度恒定，外界大气压强为乙，重力加速度为g,M瞪.° g求：（1）当系统达到新的平衡时，活塞距底端的高度；⑵当系统达到平衡后再打开阀门，活塞又缓慢下降，直到系统再次达到平衡，求左边气体通过阀门进入右边容器的质量与右边气体原有质量的比值.（6分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A开始经过状态B变化到状态C,己知气体在状态C时压强为｛，内能为U0，该理想气体的内能与热力学温度成正比。（1）求出状态人时气体的压强％和温度TA；（2）从状态A经过状态B到状态C的过程中，气体是吸热还是放热？求出气体吸收或放出的热量。「 ； i T"兀叫12

参考答案一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的B【解析】【分析】【详解】A.卫星绕中心行星做圆周运动，万有引力提供圆周运动的向心力得GMm 二mgR2,,，gR2据此分析可得M=g—，故A错误;GB.根据万有引力提供圆周运动的向心力得解得T解得T=4冗2(R+h)3故B正确;C.根据万有引力提供圆周运动的向心力得GMmmv2 = ,r=R+hr2 r解得v=、gR2-，故C错误；R+hD.卫星B是中心行星A的环绕卫星，质量不可求，故D错误。故选B。C【解析】【详解】.，1 A.由h=-gt2可得乙运动的时间为13

13所以到达C点时乙的速度为丫乙=gt2=J2gh所以甲沿水平方向的分速度，即平抛的初速度为v=v^sin30°=J2gh故A错误；B.物体甲沿竖直方向的分速度为「cos300=?由vy=gt1,所以甲在空中运动的时间为v—2t一T一 gg甲、乙两小球到达C点所用时间之比为TOC\o"1-5"\h\zt <3-i-=—12 2故B错误；C.小球甲下降的高度为h，=1gt2=1Xg•迎=3h2i2 2g4A、B两点间的高度差H=h-h'=1h4故C正确；D.两个小球完全相同，根据P=mgvy,因两球在C点的竖直速度不相等，则两小球在C点重力的功率不等，选项D错误。故选C。B【解析】【详解】A、图A为P-T图象，气体先做等压变化，温度升高，后做等容变化，压强随温度的升高而增大；故A正确.B、图B为p-t图，图中的气体的第二段变化的过程压强不变，显然是不可能的；故B错误.14C、图C是p-V图象，气体先做等压变化，体积增大，后做等容变化，压强增大；故C正确.VD、图D是V-T图象，气体第一段图线亍不变，表示气体先做等压变化，体积增大，后做等容变化；故D正确.本题选择不可能的故选B.【点睛】该题结合气体的状态图象考查对理想气体的状态方程的应用，解答的关键是先得出气体的状态参量变化的规律，然后再选择图象.C【解析】【分析】【详解】A.电源的效率IUUR丑= =—= IEER+r将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路电阻减小，则电源的效率减小，选项A错误；BC.将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮。R与灯L2并联电路的电压U『U-U1,U减小，U1增大，U并减小，灯L2变暗。流过电流表的电流1A=I-I2,I增大，I2减小，1A增大，电流表的示数增大。故B错误，C正确；D.电容器两端的电压等于并联部分的电压，电压变小，由Q=CU知电容器的电荷量减少，电容器存储的电势能减小，故D错误。故选C。D【解析】【分析】【详解】A.“嫦娥三号〃着陆前近月环绕月球做圆周运动的过程中万有引力全部提供向心力，处于完全失重状态，故A错误；B.为了减小与地面的撞击力，在“嫦娥三号〃着陆前的一小段时间内"嫦娥四号”需要做减速运动，处于超重状态。故B错误；C."嫦娥三号〃着陆前近月环绕月球做圆周运动的时万有引力提供向心力，即:15mg=解得:故C错误;D.月球表面的重力近似等于万有引力，则:GMm 4”°mg= ,M=p•—兀R3R2 3月球的密度:3g4兀RG故D正确。故选：DoA【解析】【详解】A.粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于粒子的电性未知，所以电场线方向不能判断，则无法确定哪点的电势较高。故A错误，符合题意。B.由图看出a处电场线比b处电场线疏，而电场线疏密表示场强的大小，即可判断出a处场强较小，故B正确，不符合题意。C.带电粒子在a处所受的电场力较小，则在a处加速度较小，故C正确，不符合题意。D.由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，电场力对粒子做负功，粒子的电势能增大，则粒子在b点电势能较大。故D正确，不符合题意。故选A.D【解析】【详解】小球做匀速圆周运动，动能不变，重力势能不断改变，所以小球的机械能不断变化，故A错误；小球做匀速圆周运动，向心力大小不变，而在最高点和最低点时，弹力和重力共线且合力提供向心力，最高点失重，最低点超重，所以平板对小球的弹力在A处最小，在C处最大，故B错误；小球在BD处可以不受摩擦力作用，即重力和健身者对球作用力F的合力提供向心力受力分析如图所示。16mv2此时满足tanQ=二===上，故C错误，D正确;mgmggrB【解析】【详解】ABC.设MN两端稳压交流电源的电压有效值为U,原线圈两端的电压为U1,电流为11,副线圈两端的电压为U2，电流为I2,原副线圈的匝数比：n1：n2=k，灯泡的电阻都为R,根据欧姆定律，可得副线圈两端的电压为：U2=12（R+R并）根据得原线圈两端的电压为：U1=kU2=kI2（R+R并）根据In11=T-=—Ink解得I=11k2根据欧姆定律，可得L1两端的电压:U'=IR=I2R1k则稳压交流电源的电压为：当滑动变阻器的滑片P向上移动时，其电阻减小，则R并电阻减小，所以总电阻减小，而稳压交流电源的17，一i〜,，一_ 1,，〜，… 电压U不变，所以电流L变大，则L变亮；原线圈的电流I=7I也增大，所以L变亮，其两端的电压2 2 ik2 1变大，所以原线圈两端的电压减小，则副线圈两端的电压减小，而L2的电压变大，所以l3与滑动变阻器并联部分的电压减小，所以L3变暗，B正确，AC错误；D.因为原线圈的电流增大，稳压交流电源的电压不变，根据P=UI1可知电源输出功率增大，D错误。故选B。B【解析】【分析】【详解】A.伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故A错误；B.库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律，故B正确；C.牛顿总结了万有引力定律后，卡文迪许测出引力常量，故C错误；D.开普勒通过对行星运动的观察，发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，完善了哥白尼的日心说，得出了开普勒行星运动定律，故D错误。故选B。C【解析】【分析】【详解】A.由题意可知，超导体处在磁场中，磁场要通过超导体内部，超导体表面就会产生一个无损耗感应电流，故A错误；B.超导体处在均匀变化的磁场中时，超导体表面就会产生感应电流，但由材料无法确定感应电流是否恒定，故B错误；C.由材料可知，将磁铁靠近超导体，磁场要通过超导体的磁通量增大，超导体表面的感应电流增大，电流产生的磁场增大，则超导体和磁铁间的斥力就会增大，故C正确；D.由材料可知，超导体在外界磁场作用下，磁铁和超导体之间相互排斥，则将悬空在超导体上面的磁铁翻转180。，超导体和磁铁间的作用力仍为斥力，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分18

AC【解析】【分析】【详解】A.由题图甲可知波长九二6m，由题图乙可知周期T=2s，则波速v=-=3m/sTA正确;BC.a、b、d三质点中在t=1s时位于平衡位置的是b和d质点，其中b质点向y轴正方向运动，d质点向y轴负方向运动。则题图乙可以表示b质点的振动，C正确，B错误;D.t=0.5s时a质点通过平衡位置向y轴正方向运动，D错误。故选AC。BC【解析】【分析】【详解】vt 2v2tan9cos9 gcos9'1vt 2v2tan9cos9 gcos9'设斜面倾角为e,则向n9_2*，解得t=-tan9 gvtE=—m(v2+4v2tan29)=^mv2(1+4tan29)；则将与小球甲质量相同的小球乙从斜面顶端以初速度k2 2v/n沿水平方向抛出时，小球乙在空中运动的时间为t/n；小球乙落在斜面上时的位移为s/n2；小球乙落在v斜面上时的动能为Ek/n2,选项A错误,BC正确；小球离斜面最远时,速度方向平行斜面，大小为匕=商，mv动量为Pi二mT何,则将与小球甲质量相同的小球乙从斜面顶端以初速度v/n沿水平方向抛出时,小球乙离斜面最远时的动量为p/n,选项D错误；故选BC.BC【解析】【详解】A.根据左手定则可得：粒子1带正电，粒子2不带电，粒子3带负电。故A错误;L mvB.做出粒子运动的轨迹如图，则粒子1运动的半径：,='二，由r=不可得:1<2 qBqv<2v粒子3的运动的轨迹如图，则：r3_<2L,^_—_2BL3 319

所以：m•4=2：1所以：m•4=2：1.故B正确;1 3C.粒子1在磁场中运动的时间：（12兀r 兀L 2L 〜,=---1=-=;粒子2在磁场中运动的时间：t=——；所以:4v2v2v 2vt_九广=4，故c正确;2口.粒子3射出的位置与d点相距:x=[―L=2LL-L=（72-1）L口.粒子3射出的位置与d点相距:AC【解析】【详解】ABC.先分析沿ab方向抛出的带电小球，若小球带正电，则小球所受电场力方向与电场强度方向相同，重力竖直向下，由左手定则知小球所受洛伦兹力方向垂直ab斜向上，小球受力可能平衡，可能做直线运动；若小球带负电，则小球受力不可能平衡。再分析沿ac方向抛出的带电小球，同理可知，只有小球带负电时可能受力平衡，可能做直线运动。若小球做直线运动，假设小球同时做匀加速运动，则小球受到的洛伦兹力持续增大，那么小球将无法做直线运动，假设不成立，小球做的直线运动一定是匀速运动，故A、C正确，B错误；D.在小球的运动过程中，洛伦兹力不做功，电场力对小球做功，故小球的机械能不守恒，故D错误。故选AC。BD【解析】【分析】根据木板A的v-t图像求解滑块在木板上滑动时和离开木板时木板的加速度，根据牛顿第二定律列式求解两个动摩擦因数；若木块在木板上滑动时，木块的加速度应该大于木板的加速度，由此求解F的范围；根据木块和木板的位移关系求解F与L的关系.【详解】20Av2滑块在木板上滑动时木板的加速度为v~a=Tm/s2=2m/s2，对木板根据牛顿第二定律:Av 2从mg-^(m+m)g=ma；滑块从木板上滑出时木板的加速度为a= =-m/s2=1m/s2，对1B2AB A1 2At2木板根据牛顿第二定律：匕mAg=mAa2；联立解得：匕=0.7,匕=0.1,选项A错误，B正确；对木块B：F-N1mBg=mBaB，其中的aA>1m/s1,则F>9N,则F的大小不可能为9N,选项C错误；根据11L=-at2--at2，式中t=1s，联立解得：F=1L+9,即F的大小与板长L有关，选项D正确；故选BD.2b21【点睛】此题时牛顿第二定律的综合应用问题，首先要搞清两物体的运动情况，通过v-t图像获取运动信息，结合牛顿第二定律求解.三、实验题：共2小题R1 a 接通电路时，确保电流表安全保持保持aP间电压不变【解析】【详解】(1)[1]根据题意要求精确测量电流表内阻及分压式连接，为了便于调节分压，需要选择阻值较小，额定电流较大的滑动变阻器，即R1O⑵[2][3]为了确保开关闭合后，电路安全，因此滑动变阻器的滑片应置于a端，这样测量电路部分开始时分压为0,保证了电路安全。(3)[4]根据电路图，连接实物图如图所示：21

⑷[5]在实验步骤③中，确保滑动变阻器R'的滑片P的位置不变，其理由是保持aP间电压不变。17.0.420ACd(L+b)17.0.420AC：3L 0.0020或2.0x10-3t\：lL+b/—L【解析】【分析】【详解】(1)[1]游标卡尺的读数由主尺读数和游标尺读数组成，遮光条的宽度d=4mm+4x0.05mm=4.20mm=0.420cm⑵[2]本实验验证系统的机械能守恒，即系统减少的重力势能等于系统增加的动能，研究滑块甲运动到光电门的过程，系统减少的重力势能AE=mgJ(L+b)2—L2系统增加的动能1 1AE=—Mv2+mv2k2甲2乙绳上的速度关系如图22则有式L+b)2—Lv甲一v乙 L+b故必要的测量为滑轮到竖直杆的距离L=0.60m,物块甲的遮光条到光电门的距离b=0.40m,故AC正确，B错误。故选AC。(3)[3]利用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，当遮光条通过光电门瞬间，滑块甲速度dv=—甲t根据绳上的速度关系可知，滑块乙的速度d(L+b)v=——.乙t4:'(L+b)2-L⑷[4]由(2)的分析可知，系统机械能守恒，则满足mg(,1